广东省汕头潮阳区2025届物理高二第一学期期中经典试题含解析

广东省汕头潮阳区2025届物理高二第一学期期中经典试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一个电流表的满偏电流Ig=1mA，内阻为300Ω，要把它改装成一个量程为15V的电压表，则应在电流表上（）A．串联一个14700Ω的电阻B．并联一个14700Ω的电阻C．串联一个15000Ω的电阻D．并联一个15000Ω的电阻2、关于电源的电动势正确的说法是（）A．所有电源的电动势都是相同的B．蓄电池是将电能转化为化学能C．电动势就是电压D．干电池的电动势为1.5V3、导体的电阻是2Ω，在24s内通过导体横截面的电量是480C，这时加在导体两端的电压是（）A．960VB．40VC．16VD．60V4、有两条长直导线垂直水平纸面放置，交纸面与A．b两点，通有大小相等的恒定电流，方向如图，A．b的连线水平，c是ab的中点，d点与c点关于b点对称，已知c点的磁感应强度为，d点的磁感应强度为，则关于a处导线在d点的磁感应强度的大小和方向，下列说法中正确的是A．，方向垂直向上 B．，方向竖直向下C．，方向竖直向下 D．，方向竖直向上5、作用在一个物体上的两个共点力，大小分别是30N和40N，如果它们的夹角是90°，则这两个力的合力大小为（）A．10NB．35NC．50ND．70N6、真空中相距为3a的两个点电荷M、N，分别固定于x轴上x1=0和x2=3a的两点上，在它们连线上各点场强E随x变化的关系如图所示，以下判断中正确的是()A．点电荷M的电荷量小于点电荷N的电荷量。B．点电荷M、N一定为同种电荷C．x=2a处的电势一定为零D．将一检验电荷+q从x=1.5a处沿x轴移到x=2.5a处的过程中，电势能一直减小二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示的电路,将两个相同的小量程的灵敏电流计分别改装成A1(0-3A)和A2(0-0.6A)的电流表,把两个改装后的电流表并联接入电路中测量电流强度,则下列说法正确的是(

)A．A1的指针满偏时,A2的指针也满偏B．A2的指针满偏时，A1的指针刚好指到量程的五分之一处C．A2的读数始终为A1读数的五分之一D．A1的读数为1.5A时,干路电流为1.80A8、某静电场中的一条电场线与X轴重合，其电势的变化规律如图所示．在O点由静止释放一个负电荷，该负电荷仅受电场力的作用，则在-x0～x0区间内（）A．该静电场是匀强电场B．该静电场是非匀强电场C．负电荷将沿X轴正方向运动，加速度不变D．负电荷将沿X轴负方向运动，加速度逐渐减小9、如图所示，平行板电容器A、B间有一带电油滴P正好静止在极板正中间，现将B极板向下移动到虚线位置，其他条件不变．则（）A．油滴将向上运动B．在B极板移动过程中电流计中有由b流向a的电流C．油滴运动的电势能将增大D．极板带的电荷量减少10、如图，A、B两灯电阻相同，当滑动变阻器的滑动端P向下滑动时（）A．通过电源的电流减小B．电阻R中的电流减小C．电灯A将变暗一些D．电灯B将变暗一些三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）有一小灯泡上标有“6V，0.1A”的字样，现要测量灯泡的伏安特性曲线，有下列器材供选用：A．电压表（0~5V，内阻2.0kΩ）B．电压表（0~10V，内阻3.0kΩ）C．电流表（0~0.3A，内阻3.0Ω）D．电流表（0~6A，内阻1.5Ω）E.滑动变阻器（30Ω，2A）F.学生电源（直流9V）及开关、导线等(1)根据小灯泡的规格，电流表应选择______，电压表应选择_______（填序号）。(2)滑动变阻器应该采用______（A．限流法；B．分压法）；电路应采用电流表的____（A．内接法；B．外接法）。(3)加上的电压由零逐渐增大，在此过程中，电压（U）和电流（I）的关系可用图线表示，题中给出的四个图线中，肯定符合实际的是________。12．（12分）某同学用图甲所示示装置来探究碰撞中的不变量（1）实验中，直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的，可以通过仅测量______间接地解决这个问题（请将选项前的字母代号填在题前的横线上）。A．小球开始释放时距离桌面的高度hB．小球抛出点距地面的高度HC．小球做平抛运动的水平位移D．抛出点到落点的距离（2）实验步骤如下：①取两个半径相同的小球A、B，实验时先不放球，使球从斜槽上某一固定点C由静止滚下，落到位于水平地面的记录纸上留下痕迹，重复操作，从多次落点痕迹中找到平均落点，记为P；②把月球静置于水平槽前端边缘处，让球仍从C处由静止滚下，月球和球碰撞后分别落在记录纸上留下各自的痕迹，重复操作，从多次落点痕迹中找到平均落点，分别记为M和N；③重垂线所指的位置在记录纸上记为O点，将毫米刻度尺的0刻度线和O点对齐，如图乙所示，测得各平均落点M、P、N到O点的距离分别为x1、x2、x3；④若小球A、B的质量分别为m1、m2，则实验需要探究的表达式为________________________（用步骤中所给的字母进行表示）。该同学测得小球A的质量m1=0.40kg，小球B的质量m2=0.20kg，则碰撞前m1x2=_______________kg•m；碰撞后m1x1+m2x3=_______________kg•m；（上述两空的计算结果保留三位有效数字）。在实验误差允许的范围内，可认为碰撞前后A、B两小球组成的系统动量守恒。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）有位同学要重新布置自己的房间．他用200N的水平拉力匀速拉动质量为50kg的书桌，书桌与地面间的动摩擦因数是多少？如果要在同样情况下匀速移动质量为150kg的书柜，他用200N的力能拉动书柜吗？这时摩擦力多大？(g取10m/s2)14．（16分）如图所示为一真空示波管，电子从灯丝K发出（初速度不计），经灯丝与A板间的加速电压U1加速，从A板中心孔沿中心线KO射出，然后进入两块平行金属板M、N形成的偏转电场中（偏转电场可视为匀强电场），电子进入M、N间电场时的速度与电场方向垂直，电子经过电场后打在荧光屏上的P点。已知加速电压为U1，M、N两板间的电压为U2，两板间的距离为d，板长为L1，板右端到荧光屏的距离为L2，电子的质量为m，电荷量为e。求P点到O点的距离。15．（12分）在研究微型电风扇的性能时，利用如图所示的实验电路，当调节滑动变阻器R并控制电风扇停止转动时，电流表和电压表的示数分别为0.50A和1.0V，重新调节R并使电风扇恢复正常运转，此时电流表和电压表的示数分别为1.0A和12.0V，求:(1)电风扇的内阻有多大？(2)这台电风扇正常运转时输出功率为多少?(3)这台电风扇正常运转时效率为多少?

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】

根据电路串联分压和并联分流的特点，电流表改装成大量程的电压表需要串联一个大电阻分担多的电压；结合部分电路的欧姆定律可知，代入数据得，故选A．【点睛】电流表串联电阻起分压作用为电压表，电压表串联电阻为总电阻减去电流表的内阻．总电阻=量程除以满偏电流，串联电阻为．2、D【解析】试题分析：电动势是描述电源将其他形式的能转化为电能本领大小的物理量，本题的电源的电动势可能不同；电动势与电压是两个不同的概念；干电池的电动势为1.5V．电动势是描述电源将其他形式的能转化为电能本领大小的物理量，本题的电源的电动势可能不同，A错误；蓄电池是将化学转化为电能，B错误；电动势与电压是两个不同的概念，C错误；干电池的电动势为1.5V，D正确．3、B【解析】

由I=qt得I=qt=4、B【解析】设a处导线在d点的磁感应强度的大小为B，方向方向竖直向下．根据通电直导线产生的磁场磁感应强度与电流成正比，a处导线在c点的磁感应强度的大小为3B，方向竖直向下．由题，两条长直导线恒定电流大小相等，则得到b处导线在c两点的磁感应强度的大小为3B，根据安培定则得到，方向竖直向下．b处导线在d两点的磁感应强度的大小为3B，根据安培定则得到，方向竖直向上．则根据磁场叠加得B1=3B+3B=6B，B1=3B-B=1B，根据数学知识得到，B=-B1．所以a处导线在d点的磁感应强度的大小为B=-B1．方向是竖直向下．故选B．5、C【解析】

两个分力的夹角是90°，根据勾股定理可以直接求得合力的大小．【详解】分力的大小分别是30N和40N，合力的大小为，所以C正确。故选C。6、B【解析】

若两电荷为异种电荷，在x=2a处，电场强度不可能为0，故两电荷为同种电荷，故B正确；根据点电荷的电场强度公式可得：kqM(2a)2=kqNa2，所以：qM：qN，=4：1，故A错误；x=2a处电场强度为0，但是电势是一个相对性的概念，即零电势的选择是任意的，人为的，故x=2a处的电势可以为零，也可以不为零，故C错误；在0到2a区间，电场强度为正，正电荷受力向右，所以+q从x=1.5a处沿x轴移到x=2a处的过程中，电场力做正功，电势能减小；同理，在2a到3a区间，电场强度为负，正电荷受力向左，所以+q从x=2a【点睛】解决本题的关键根据两点电荷连线之间某点的电场强度为0，而知道两点电荷为同种电荷，以及知道电势是一个相对性的概念，与零电势的选择有关．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ACD【解析】

由电路图可以知道两电流表并联，它们两端电压相等，因为两电流表是由相同的电流表改装成的，通过表头的电流相等，指针偏转的角度相同，但量程不同的电流表读数不同,A1的量程等于A2的量程的5倍，故读数也是A2的5倍.A．A1的指针满偏时，A2的指针也满偏,偏转角度相同，故A正确.B．A2的指针满偏时，A1的指针刚好指到量程的五分之一处，因偏转角度要相同，故B错误.C．A2的读数始终为A1读数的五分之一，由分析可知C正确.D．由分析可知A1的读数为1.5A时，A2的读数为0.3A，故干路电流为1.80A，所以D正确.8、AC【解析】试题分析：电势φ-x图线的斜率等于电场强度大小，由于图线的斜率不变，所以该电场是匀强电场；沿着电场线方向，电势是降低的，则图中的电场线方向指向沿x轴负方向，负电荷受到的电场力方向与场强方向相反，因此，负电荷将沿x轴正方向运动，加速度不变，所以正确选项为A、C．考点：本题考查了对φ-x图线的斜率的理解．9、CD【解析】

带电油滴P正好静止在极板正中间时，所受的电场力与重力二力平衡，电场力必定竖直向上．将B极板向下移动到虚线位置时，板间距离增大，分析电容的变化，抓住电压不变，分析板间场强和电容器电量的变化，即可判断油滴的运动情况，由电量的变化情况，确定电路中电流的方向．【详解】A．将B极板向下移动到虚线位置时，两极板的距离增大，由于板间电势差U不变，根据可知，极板间的电场强度减小，油滴所受的电场力减小，油滴将向下加速，故A错误；BD．电容器板间距离增大，则电容减小，而板间电压U不变，则由可知，电容器所带电荷量减小，开始放电，上极板带正电，则知电流计中电流由a流向b，故B错误，D正确；C．油滴向下运动时电场力做负功，其电势能将增大，故C正确．【点评】解决本题的关键抓住电容器始终与电源相连，电势差不变，结合电容的变化判断电量的变化．由分析场强的变化．10、CD【解析】

滑动键P向下移动，变阻器电阻减小，外电路总电阻减小，根据：电路电流强度增大，路端电压变小，A灯变暗，根据：路端电压变小；所以UB减小，灯B电阻不变，所以灯B电流强度IB减小，灯B变暗。电路电流强度：因为I增大、IB减小，所以IC增大。AB错误，CD正确。故选CD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、CBBBC【解析】

（1）[1][2]为了保证实验安全和准确，电表量程应略大于额定值，灯泡额定电压为6V，电压表应选B，灯泡额定电流为0.1A，电流表应选C。（2）[3]因要求电流从零调节，故滑动变阻器应用分压式接法。[4]因小灯泡电阻远小于电压表内阻，故电流表应用外接法。（3）[5]灯泡上的电压U由零逐渐增大时，灯泡的温度不断升高，电阻增大，由欧姆定律得到等于图线上的点与原点连线的斜率的倒数，电阻一直增大，斜率一直减小，故ABD错误，C正确。故选C。12、C0.0340.034【解析】

（1）[1]．验证动量守恒定律实验中，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系，直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的，但是通过平抛的情况来代替时：设落地时间为t，则有：，落地高度不变情况下时间不变，水平射程来体现速度，故C正确，ABD错误。（2）④[2]．要验证的表达式为因为带入可得：[3][4]．由刻度尺读出：x1=2.65cm；x2=8.60cm；x3=11.50cm；碰撞前m1x2=0.40×0.0860=0.034kg•m；碰撞后m1x1+m2x3=0.40×0.0265+0.20×0.1150=0.034kg•m；四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、0.4不能200【解析】当匀速移动书桌时，书桌的受力分析如右图所示，由于书桌处于平衡状态，则由二力平衡的条件可知，书桌与地面间的滑动摩擦力与水平拉力大小相等，即F1="F=200"N.书桌对地面的压力为FN=mg=50×10N="500"N由F=μFN得μ===0.4即书与地面间的动摩擦因数为0.4在同样的情况下移动质量为150kg的书柜时，动摩擦因数也是0.4，此时书柜对地面的压力为F′N=mg=150×10N="1"500N移动书柜所需的水平拉力为F2=F′N=0.4×1500N="600"N