2025年外研版高二物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年外研版高二物理下册月考试卷966考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、有关电磁波的发射与接收，下列说法正确的是（）A.将待传递的音频、视频信号加载到高频载波信号上的过程叫调制B.使接收电路产生电谐振的过程叫调谐C.音频、视频信号从高频载波信号上分离或还原出来的过程叫解调D.若接收到的某个卫星的电磁信号的频率为20MHz，则在空气中的波长约为0.15m2、在军事演习中，某空降兵从飞机上跳下，先做自由落体运动，在t1时刻，速度达较大值v1时打开降落伞，做减速运动，在t2时刻以较小速度v2着地。他的速度图象如图所示。下列关于该空降兵在0～t1或t1～t2时间内的平均速度的结论正确的是A.0～t2，B.t1～t2，C.t1～t2，D.t1～t2，3、下列关于实验操作步骤的叙述中，正确的是()A.用于鉴定还原糖的斐林试剂甲液和乙液混合后要节约使用，以备下次再用B.用于鉴定蛋白质的双缩脲试剂A液和B液与斐林试剂甲液和乙液浓度可以相同C.脂肪的鉴定需要用显微镜才能看到被染色的脂肪滴D.在鉴定脂肪的实验中，苏丹Ⅳ将脂肪染成橘黄色，苏丹Ⅲ将脂肪染成红色4、正方形区域有如图的匀强磁场垂直于正方形线框平面，且磁场边界恰与线框四边平行，以相同速率匀速拉出线框，欲使ab

间电势差最大，则应沿何方向拉出(

)

A.甲B.乙C.丙D.丁5、质量为m的小球A以水平初速v与原来静止在光滑水平面上的质量为4m的小球B发生正碰．碰撞后A球被反向弹回；且A球的动能减少了75%，则碰撞后B球的速度是（）

A.

B.

C.

D.

6、如图所示，沿波的传播方向上有质点1到质点13，已知相邻两个质点之间的距离相等.当波传到质点1时，质点1开始向上振动，当质点1振动了一个周期时波恰好传到质点13.则当波传到质点13时，下面说法错误的是（）A.质点4有最大加速度B.质点7有最大速度C.质点5速度方向向上D.质点8速度方向向下7、关于电阻率的说法，正确的是（）A.电阻率ρ与导体的长度L和横截面积S有关B.电阻率表征了导体材料的导电能力的强弱，由导体材料决定，与温度有关C.电阻率ρ越大的导体，电阻也越大D.导体材料的电阻率都是随温度升高而增大8、以往我们认识的光电效应是单光子光电效应；即一个电子在极短时间内只能吸收到一个光子而从金属表面逸出．强激光的出现丰富了人们对于光电效应的认识，用强激光照射金属，由于其光子密度极大，一个电子在极短时间内吸收多个光子成为可能，从而形成多光子电效应，这已被实验证实．

光电效应实验装置示意如图．用频率为ν的普通光源照射阴极K，没有发生光电效应．换用同样频率为ν的强激光照射阴极K，则发生了光电效应；此时，若加上反向电压U，即将阴极K接电源正极，阳极A接电源负极，在KA之间就形成了使光电子减速的电场，逐渐增大U，光电流会逐渐减小；当光电流恰好减小到零时，所加反向电压U可能是下列的（其中W为逸出功，h为普朗克常量，e为电子电量）（）A.B.C.U=2hν-WD.评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)9、如图所示，有一绝缘、粗糙且足够长的水平管道处于磁感应强度为B的水平匀强磁场中，磁感应强度方向与管道垂直．管道中有一带电量为+q，质量为m的带电小球，管道直径略大于小球直径．现给带小球一个水平初速度v0，则在整个运动过程中，带电小球克服摩擦力所做的功可能为（）A.0B.m（）2C.mvo2D.m[v02+（）2]10、如图所示为分子间作用力F

和分子间距离r

的关系图象，关于分子间作用力，下列说法正确的是(

)

A.分子间同时存在着相互作用的引力和斥力B.分子间的引力总是比分子间的斥力小C.分子间的斥力随分子间距离的增大而减小D.分子间的引力随分子间距离的增大而增大11、根据热力学知识，下列说法正确的是A.当r>r0(

分子力的平衡位置)

时随着分子间距增大，分子间的引力增大，斥力减小，所以合力表现为引力B.气体对容器壁有压强是气体分子对容器壁频繁碰撞的结果C.有些物质，在适当的溶剂中溶解时，在一定浓度范围具有液晶态D.空气相对湿度越大时，空气中水蒸气压强越接近饱和汽压，水蒸发越快12、某同学将一直流电源的总功率P1

输出功率P2

和电源内部的发热功率P3

随电流I

变化的图线画在了同一坐标上，如下图中的abc

所示，根据图线可知()

A.反映P3

变化的图线是c

B.电源电动势为8V

C.电源内阻为2娄赂

D.当电流为0.5A

时，外电路的电阻为6娄赂

13、下列说法正确的是()A.方程式92238U隆煤90234Th+24He

是重核裂变反应方程B.娄脗

衰变所释放的电子是原子核内的中子转化成质子时所产生的C.核力是短程力，与核子间的距离有关，有时表现为引力，有时表现为斥力D.原子核所含核子单独存在时的总质量等于该原子核的质量评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)14、真空中有两个静止的点电荷，它们之间的作用力为F，若它们的带电量都增大为原来的2倍，距离减小为原来的它们之间的相互作用力变为______F．15、为了验证动量守恒定律（探究碰撞中的不变量）；某同学选取了两个材质相同，体积不等的两个长立方体滑块A和B，按下述步骤做了如下实验：

步骤1：在A；B的相撞面分别装上尼龙拉扣；以便二者相撞以后能够立刻结为整体；

步骤2：安装好实验装置如图甲；铝质轨道槽的左端是倾斜槽，右端是长直水平槽，倾斜槽和水平槽由一小段弧链接，轨道槽被固定在水平桌面上，在轨道槽的侧面与轨道等高且适当远处装一台数码频闪照相机；

步骤3：让滑块B静置于水平槽的某处；滑块A从斜槽某处静止释放，同时开始频闪拍摄，直到A；B停止运动，得到一幅多次曝光的数码照片；

步骤4：多次重复步骤3；得到多幅照片，挑出其中最理想一幅，打印出来，将刻度尺紧靠照片放置，如图乙所示．

（1）由图分析可知，滑块A与滑块B碰撞发生的位置是______

①A、B相撞的位置在P5、P6之间。

②A、B相撞的位置在P6处。

③A、B相撞的位置在P6、P7之间。

（2）为了探究碰撞中动量是否守恒，需要直接测量或者读取的物理量是______．

①A、B两个滑块的质量m1和m2

②滑块A释放时距桌面的高度。

③频闪照相的周期。

④照片尺寸和实际尺寸的比例。

⑤滑块与桌面的滑动摩擦因数。

⑥照片上测得的S34、S45、S56和S67、S78、S89

（3）写出验证动量守恒的表达式______．16、如图所示，磁场与线圈平面垂直，先后以速度v1和v2匀速把一矩形线圈拉出有界匀强磁场区域，v1=3v2．在先后两种情况下，线圈中的感应电流之比为______线圈中产生的焦耳热之比为______通过线圈某截面的电荷量之比为______。17、如图所示，甲、乙两幅图都是单色光发生衍射形成的图样，则____（填“甲”或“乙”）图是单色光通过圆孔衍射形成的．丙图是某单色光入射到圆孔上，在圆孔后面的屏上形成的一个亮的圆形区域，可以判断得出，丙图中圆孔的尺寸比前两者障碍物（或孔）的尺寸要____（填“大”或“小”）

18、交流发电机产生的感应电动势为e=εmsinωt，若发电机的转速增加到原来的两倍，则这时交流发电机线圈转动的角速度为________，感应电动势的最大值为________。评卷人得分四、判断题(共3题，共27分)19、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

20、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

21、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

评卷人得分五、简答题(共4题，共40分)22、如图所示，是一提升重物用的直流电动机工作时的电路图．电动机内电阻r=0.8Ω，电路中另一电阻R=10Ω，直流电压U=160V，电压表示数UM=110V．试求：

（1）通过电动机的电流？

（2）电动机的电功率及电动机的输出功率？

（3）若电动机以v=1m/s匀速竖直向上提升重物，求该重物的质量？（g取10m/s2）23、三氯氢硅rm{(SiHCl_{3})}是制备硅烷、多晶硅的重要原料。回答下列问题：rm{(1)SiHCl_{3}}在常温常压下为易挥发的无色透明液体，遇潮气时发烟生成rm{(HSiO)_{2}O}等，写出该反应的化学方程式__________。rm{(2)SiHCl_{3}}在催化剂作用下发生反应：rm{2SiHCl_{3}(g)=SiH_{2}Cl_{2}(g)+SiCl_{4}(g)}rm{2SiHCl_{3}(g)=SiH_{2}Cl_{2}(g)+

SiCl_{4}(g)}rm{3SiH_{2}Cl_{2}(g)=SiH_{4}(g)+2SiHCl_{3}(g)}rm{娄陇H_{1}=48kJ隆陇mol^{?1}}则反应rm{4SiHCl_{3}(g)=SiH_{4}(g)+3SiCl_{4}(g)}的rm{3SiH_{2}Cl_{2}(g)=SiH_{4}(g)+2SiHCl_{3}

(g)}__________rm{娄陇H_{2}=?30kJ隆陇mol^{?1}}rm{4SiHCl_{3}(g)=SiH_{4}(g)+

3SiCl_{4}(g)}对于反应rm{娄陇H=}采用大孔弱碱性阴离子交换树脂催化剂，在rm{kJ隆陇mol^{?1}}和rm{(3)}时rm{2SiHCl_{3}(g)=SiH_{2}Cl_{2}(g)+SiCl_{4}(g)}的转化率随时间变化的结果如图所示。

rm{323K}时反应的平衡转化率rm{343K}_________rm{SiHCl_{3}}平衡常数rm{垄脵343K}时反应的平衡转化率rm{娄脕=}_________rm{%}平衡常数rm{K}rm{垄脵343K}rm{娄脕=}__________rm{%}保留rm{K}位小数rm{{,!}_{343;K}}

rm{=}__________rm{(}保留rm{2}位小数rm{)}rm{=}在rm{(}下：要提高rm{2}rm{)}rm{垄脷}在rm{343K}下：要提高rm{SiHCl}比较rm{垄脷}rm{343K}处反应速率大小：rm{SiHCl}________rm{{,!}_{3}}填“大于”“小于”或“等于”转化率，可采取的措施是___________；要缩短反应达到平衡的时间，可采取的措施有_______、________。反应速率rm{v=v_{脮媒}?v_{脛忙}={k}_{脮媒}{x}^{2}SiHC{l}_{3}?{k}_{脛忙}{x}_{Si{H}_{2}C{l}_{2}{x}_{SiC{l}_{4}}}}rm{垄脹}rm{a}分别为正、逆向反应速率常数，rm{b}为物质的量分数，计算rm{v_{a}}处rm{dfrac{{v}_{脮媒}}{{v}_{脛忙}}=}__________rm{v_{b}(}保留rm{)}位小数rm{v=v_{脮媒}?v_{脛忙}={k}_{脮媒}{x}^{2}SiHC{l}_{3}

?{k}_{脛忙}{x}_{Si{H}_{2}C{l}_{2}{x}_{SiC{l}_{4}}}}rm{k_{脮媒}}24、氢气是一种新型的绿色能源，又是一种重要的化工原料。以生物材质rm{(}以rm{C}计rm{)}与水蒸气反应制取rm{H_{2}}是一种低耗能，高效率的制rm{H_{2}}方法。该方法由气化炉制造rm{H_{2}}和燃烧炉再生rm{CaO}两步构成。气化炉中涉及到的反应为：Ⅰrm{C(s)+H_{2}O(g)?CO(g)+H_{2}(g)}rm{C(s)+H_{2}O(g)?

CO(g)+H_{2}(g)}Ⅱrm{CO(g)+H_{2}O(g)?CO_{2}(g)+H_{2}(g)}rm{K_{1}}Ⅲrm{CaO(s)+CO_{2}(g)?CaCO_{3}(s)}rm{CO(g)+H_{2}O(g)?

CO_{2}(g)+H_{2}(g)}燃烧炉中涉及到的反应为：Ⅳrm{K_{2}}Ⅴrm{CaO(s)+CO_{2}(g)?

CaCO_{3}(s)}rm{K_{3}}该工艺制rm{C(s)+O_{2}(g)=CO_{2}}总反应可表示为rm{C(s)+2H_{2}O(g)+CaO(s)?CaCO_{3}(s)+2H_{2}(g)}其反应的平衡常数rm{CaCO_{3}(s)=CaO(s)+CO_{2}(g)}_________rm{(1)}用rm{H_{2}}rm{C(s)+2H_{2}O(g)+CaO(s)?

CaCO_{3}(s)+2H_{2}(g)}rm{K=}的代数式表示rm{(}在rm{K_{1}}的密闭容器中加入一定量的rm{K_{2}}rm{K_{3}}和rm{)}下列能说明反应达到平衡的是_______________。A.容器内压强不再变化rm{2L}与rm{C(s)}的物质的量之比不再变化C.混合气体的密度不再变化rm{H_{2}O(g)}形成rm{CaO(s)}键的同时断裂rm{B.H_{2}}键rm{H_{2}O(g)}对于反应Ⅰ，不同温度和压强对rm{D.}产率影响如下表。。rm{amolH-H}压强温度rm{p_{1}/Mpa}rm{p_{2}/Mpa}rm{500隆忙}rm{45.6%}rm{51.3%}rm{700隆忙}rm{67.8%}rm{71.6%}下列图像正确的是_________。rm{(3)}已知反应Ⅱ的rm{triangleH=-41.1kJ/mol}rm{C=O}rm{O-H}rm{H-H}的键能分别为rm{803KJ/mol}rm{464kJ/mol}rm{436kJ/mol}则rm{CO}中碳氧键的键能为_________rm{kJ/mol}rm{(4)}对于反应Ⅲ，若平衡时再充入rm{CO_{2}}使其浓度增大到原来的rm{2}倍，则平衡移动方向为_________；当重新平衡后，rm{CO_{2}}浓度_________rm{(}填rm{"}变大rm{""}变小rm{""}不变rm{")}rm{(5)}氢镍电池具有无记忆、无污染，免维护等特点，被称为绿色电池。该电池的总反应为：rm{MH+NiOOH}rm{underset{鲁盲碌莽}{overset{路脜碌莽}{?}}}rm{M+Ni(OH)_{2}}其中rm{M}为储氢合金材料，则充电过程中的阴极反应式为_______________。25、一个氡核86222Rn

衰变成钋核84218Po

并放出一个娄脕

粒子，其半衰期T=3.8

天.

求：

(1)

写出该核反应方程；

(2)32g

氡经过多少天衰变还剩余1g

氡．评卷人得分六、综合题(共3题，共27分)26、在赤道上，地磁场可看成是沿南北方向的匀强磁场，磁感应强度的大小是0.50隆脕10鈭�4T.

如果赤道上有一根沿东西方向的直导线，长为100m

载有从东向西的电流50A

地磁场对这根导线的作用力有多大？方向如何？27、A.如图所示为正弦交变电流i

随时间t

变化的图象；由图可知，该交变电流的有效值为__________A

频率为__________Hz

．

B.如图所示；电路中电源电动势为4V

内阻为1娄赂

小灯泡电阻为3娄赂.

开关S

闭合后，电路中的电流为__________A

灯泡的电压为__________V

．

28、(1)

一台发电机产生正弦式电流，如果e=400sin314t(V)

那么电动势的峰值是______V

如果这个发电机的外电路只有电阻元件，总电阻为20惟

写出电流瞬时值的表达式为______．

(2)

如图所示是一列简谐波在t=0

时刻的波形，简谐波沿x

轴的正向传播.

已知t=2.2s

时P

质点恰好第三次在波峰位置.

则该简谐波的周期为______s

在t=2.2s

内质点M

的路程为___________m

．(3)

同实验桌的小王与小李两同学在做用单摆测定重力加速度的实验．

(1)

小王同学先用20

分度的游标卡尺测量摆球直径；示数如图(a)

所示，则该摆球的直径d=

______cm

．

(2)

接着他们测量了摆线的长度为l0

实验时用拉力传感器测得摆线的拉力F

随时间t

变化的图象如图(b)

所示；则通过计算求重力加速度的表达式为______．

(3)

他们通过改变摆线长度l0

测量了多组数据，在进行数据处理时，小王同学把摆线长l0

作为摆长，直接利用公式求出各组重力加速度值再求出平均值；小李同学作出T2鈭�l0

图象后求出斜率，然后算出重力加速度，两同学处理数据的方法对结果的影响是：小王______，小李______(

选填“偏大”“偏小”或“无影响”)

．参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、A|B|C【分析】电磁波的速度为光速由c=λf,波长λ=c/f=15m【解析】【答案】ABC2、D【分析】【解析】【答案】D3、C【分析】【分析】本题考查还原糖、脂肪和蛋白质的鉴定实验，意在考查能独立完成“生物知识内容表”所列的生物实验，包括理解实验目的、原理、方法和操作步骤，掌握相关的操作技能，并能将这些实验涉及的方法和技能进行综合运用的能力。【解答】A.斐林试剂需现配现用，不能久置，A错误；B.用于鉴定蛋白质的双缩脲试剂A液与与斐林试剂甲液浓度不相同，B错误；C.脂肪的鉴定需要用显微镜才能看到被染色的脂肪滴，C正确；D.在鉴定脂肪的实验中，苏丹Ⅲ将脂肪染成橘黄色，苏丹Ⅳ将脂肪染成红色，D错误。故选C。【解析】C4、C【分析】解：设正方形线框的边长为L.

则线框拉出磁场时产生的感应电动势为：E=BLv

线框按甲方向运动时，cd

相当于电源，ab

间电势差是外电压的13

为：U录脳=14E

线框按乙方向运动时，ad

相当于电源，ab

间电势差是外电压的13

为：U脪脪=14E

线框按丙方向运动时，ab

相当于电源，ab

间电势差是外电压，为：U卤没=34E

线框按丁方向运动时，bc

相当于电源，ab

间电势差是外电压的13

为：U露隆=14E

故C正确．

故选：C

根据公式E=BLv

得到线框产生的感应电动势，再分析ab

间的电势差与感应电动势的关系；即可进行选择．

本题是电磁感应中电路问题，关键要明确哪部分电路是电源，哪部分电路是外电路，搞清电压与电动势的关系．【解析】C

5、D【分析】

由EK=mv2；且A球的动能减少了75%，可知；

A球的碰后速度v1=v；

规定初速度方向为正方向，设B球速度为v2；对碰撞过程列动量守恒方程得；

mv=-mv1+4mv2

由以上解得，v2=

故答案为：D

【解析】【答案】碰撞过程选碰撞物体系为研究对象；碰撞前后动量守恒，对A球来讲，由及前后的动能关系可求速度关系，进而求得末速度，则由动量守恒解出B球的速度．

6、C【分析】【解析】【答案】C7、B【分析】解：A；电阻率与导体的长度、横截面积无关．故A错误．

B；电阻率是导体本身的特性；由导体的材料决定，往往随温度变化而变化．故B正确．

C、由电阻定律R=ρ可知．电阻与导体的长度；横截面积和电阻率三个因素有关．则电阻率大的导体；电阻不一定大．故C错误．

D；有些合金的电阻率受温度影响很小；往往制成准确电阻．故D错误．

故选：B．

电阻率是导体本身的特性，由导体的材料决定，往往随温度变化而变化，而与导体的长度、横截面积无关．有些合金的电阻率受温度影响很小，往往制成准确电阻．由电阻定律R=ρ可知．电阻与导体的长度；横截面积和电阻率三个因素有关．

本题考查对电阻率的理解能力．抓住电阻率与导体的材料和温度两个因素有关，与其他因素无关．【解析】【答案】B8、B【分析】解：根据题意知；一个电子吸收一个光子不能发生光电效应，换用同样频率为ν的强激光照射阴极K，则发生了光电效应，即吸收的光子能量为nhv，n=2，3，4

则有：eU=nhv-W，解得．知B正确；A；C、D错误．

故选：B．

根据光电效应方程Ekm=hv-W，以及Ekm=eU进行分析．

解决本题的关键是掌握光电效应方程，知道最大初动能与遏止电压的关系．【解析】【答案】B二、多选题(共5题，共10分)9、AC【分析】解：（1）当qv0B=mg时；圆环不受支持力和摩擦力，摩擦力做功为零．

（2）当qv0B＜mg时；圆环做减速运动到静止，只有摩擦力做功．根据动能定理得：

-W=0-mv02得W=mv02．

（3）当qv0B＞mg时，圆环先做减速运动，当qvB=mg，即当qvB=mg，v=时；不受摩擦力，做匀速直线运动．

根据动能定理得：

-W=mv2-mv02；

代入解得：W=m[v02-（）2]；

故选：AC．

圆环向右运动的过程中可能受到重力；洛伦兹力、杆的支持力和摩擦力；根据圆环初速度的情况，分析洛伦力与重力大小关系可知：圆环可能做匀速直线运动，或者减速运动到静止，或者先减速后匀速运动，根据动能定理分析圆环克服摩擦力所做的功．

本题考查分析问题的能力，摩擦力是被动力，要分情况讨论．在受力分析时往往先分析场力，比如重力、电场力和磁场力，再分析弹力、摩擦力．【解析】【答案】AC10、AC【分析】解：A

分子间同时存在着相互作用的引力和斥力；故A正确；

B、r>r0

分子引力比分子斥力大；r<r0

分子斥力比分子引力大，故B错误；

CD

分子间的引力和斥力随分子间距离的增大而减小；故C正确，D错误。

故选：AC

分子之间的斥力和引力是同时存在的.

在F鈭�r

图象中；随着距离的增大斥力比引力变化的快，当分子间的距离等于分子直径数量级时，引力等于斥力．

分子间距离等于平衡距离时分子力为零，掌握分子间作用力与分子间距离的关系图象，即可正确解题．【解析】AC

11、BC【分析】【分析】本题的难点问题有：

分子间的作用力随分子间的距离增大而减小，只是分子斥力变化更大些，才有不同的距离表现不同的作用力；气体对容器壁有压强是气体分子对容器壁频繁碰撞的结果．

在密闭条件中；在一定温度下，与气体或液体处于相平衡的蒸气所具有的压力称为饱和蒸气压。同一物质在不同温度下有不同的蒸气压，并随着温度的升高而增大。不同液体饱和蒸汽压不同，溶剂的饱和蒸汽压大于溶液的饱和蒸汽压；

本题考查理想气体分子力与距离的关系、空气湿度与蒸发的快慢、知识点比较多，但要抓住最基本的规律，才能解决具体问题。【解答】A.无论是分子引力还是分子斥力；都是随着分子间的距离增大而减小，但斥力减小得更多，所以引力大小斥力，才表现为引力，选项A错误；

B.气体对容器壁有压强是气体分子对容器壁频繁碰撞的结果；选项B正确；

C.当有些物质溶解达到饱和度时；会达到溶解平衡，所以有些物质在适当溶剂中溶解时在一定浓度范围内具有液晶态，故C正确；

D.空气相对湿度越大时；空气中水蒸气压强越接近饱和汽压，水蒸发越慢，故D错误；

故选BC。

【解析】BC

12、ACD【分析】【分析】根据电源消耗的总功率的计算公式P1=EI

可得电源的总功率与电流的关系，根据电源内部的发热功率P3=I2r

可得电源内部的发热功率与电流的关系，从而可以判断abc

三条线代表的关系式，在由图象分析出电动势和内阻。当电源的内阻和外电阻的大小相等时，此时电源的输出的功率最大，并且直流电源的总功率P1

等于输出功率P2

和电源内部的发热功率P3

的和。【解答】A.由电源消耗功率和电源内部消耗功率表达式P1=EIP3=I2r

可知，a

是直线，表示的是电源消耗的电功率，c

是抛物线，表示的是电源内电阻上消耗的功率P3b

表示外电阻的功率即为电源的输出功率P2

故A错误；

B.由P1=EI

知E=4V

故B错误；

C.由图象知r=42娄赂=2娄赂

故C正确；

D.由闭合电路欧姆定律I=ER+r

当电流为0.5A

时，外电路的电阻为6娄赂

故D正确。

故选ACD。【解析】ACD

13、BC【分析】【分析】

本题主要考查了核反应方程式；核力，娄脗

衰变，质量亏损的相关知识。

该题考查到原子物理学的多个知识点的内容；都是一些记忆性的知识点的内容，在平时的学习过程中多加积累即可。

【解答】

A、方程式92238U隆煤90234Th+24He

是衰变方程；故选项A错；

B；娄脗

衰变所释放的电子是原子核内的中子转化成质子时所产生的；故选项B正确；

C；核力是短程力；与核子间的距离有关，有时表现为引力，有时表现为斥力，故选项C正确；

D；由于质量亏损；原子核所含核子单独存在时的总质量大于该原子核的质量，故选项D错误；

故选BC。

【解析】BC

三、填空题(共5题，共10分)14、略

【分析】解：由库仑定律可得：

F=K

变化后F′==16F

故答案为：16．

由库仑力公式可得出两次作用力的表达式；则可求得距离减小后的相互作用力．

本题考查库仑定律的直接应用，只需注意数值的变化即可顺利求出．【解析】1615、略

【分析】解：（1）P6之前物体的运动距离越来越小；但每两段之间距离的差值都相等；故说明物体在P6位置之前一直做匀减速运动；而在P6位置两滑块相遇；故A、B相撞的位置在P6处；故②正确．

（2）（3）设碰撞前滑块A在P4、P5、P6的速度分别为v4、v5、v6；

碰撞后，整体在P6、P7、P8的速度分别为v6′，v7、v8；

则v4=v5=又v5=

得到碰撞前滑块A速度v6=

同理，碰撞后整体的速度v6′=

原来需要验证的方程为m1v6=（m1+m2）v6′；

将上两式代入整理得：m1（2S56+S45-S34）=（m1+m2）（2S67+S78-S89）；

即需要验证的表达式；需要直接测量的物理量是：

A、B两个滑块的质量m1和m2及S34、S45、S56和S67、S78、S89；故①⑥正确．

故答案为：（1）②；（2）①⑥；（3）m1（2S56+S45-S34）=（m1+m2）（2S67+S78-S89）；

根据匀变速直线运动的推论分别研究碰撞前滑块在P4、P5的速度，根据P6、P5和P5、P4速度差相等研究P6的速度，同理求出碰撞后滑块P7、P8的速度；再速度差相等求出碰撞后共同的速度．

本题原理较为复杂，可采用平衡摩擦力，使碰撞前后滑块都做匀速直线运动，方便易行．实验主要是要把动量守恒用水平方向的位移表示出来，同学们一定要注意掌握，因为这是本实验的一个重要的技巧．难度中等．【解析】②；①⑥；m1（2S56+S45-S34）=（m1+m2）（2S67+S78-S89），16、3：13：11：1【分析】解：根据E=BLv，得感应电流I==可知感应电流I∝v，所以感应电流之比I1：I2=3：1。

因v2=3v1，可知时间比为3：1，根据Q=I2Rt；知热量之比为3：1。

根据q=It=因磁通量的变化相等，可知通过某截面的电荷量之比为1：1。

故答案为：3：1；3：1；1：1。

根据E=BLv；求出线圈中的感应电动势之比，再求出感应电流之比。

根据焦耳定律Q=I2Rt；求出线圈中产生的焦耳热之比。

根据q=It=求出通过线圈某截面的电荷量之比。

本题掌握电磁感应的基本规律是关键。采用比例法，用相同的物理量表示所求量，再求比例，是常用的方法。【解析】3：13：11：117、略

【分析】

甲图是圆孔衍射图样；乙图是泊松亮斑的衍射图样，丙图是光的直线传播形成的光斑；

当圆孔的尺寸比前两者障碍物（或孔）的尺寸要大时；则破坏明显衍射条件，故不能看到衍射图样．

故答案为：甲；大。

【解析】【答案】光的波长比阻碍物或孔的尺寸大得多或相差不大时；就能发生明显的衍射现象；衍射与干涉图样的区别是：前者中央条纹最宽，向两边渐渐变小；后者明暗条纹宽度相等．衍射与干涉均是波特有的现象，而小孔成像则说明光沿直线传播．

18、略

【分析】【解析】试题分析：根据交流电的表达式的推导，即所以当转速增加到原来2倍，即可知，转速变大到原来2倍，同时交流电最大值变为原来的2倍考点：交流电的表达式推导【解析】【答案】2ω，2εm四、判断题(共3题，共27分)19、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．20、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．21、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．五、简答题(共4题，共40分)22、略

【分析】

（1）根据欧姆定律求出通过电路的电流；

（2）电动机的输入功率为P1=UMI，电动机内电阻的发热功率为P2=I2r，输出的机械功率为P3=P1-P2；

（3）由公式P3=Fv=mgv求解物体的质量．

本题考查了机械公式和电功功率以及电功公式的灵活应用，关键是知道电动机做功的功率加上线圈的发热功率即为电动机消耗电能的功率．【解析】解：（1）通过R的电流为：I=A=5A；则通过电动机的电流为5A；

（2）电动机的输入功率为：P1=UMI=110×5W=550W；

电动机内电阻的发热功率为：P2=I2r=52×0.8W=20W；

输出功率为：P3=P1-P2=（550-20）W=530W；

（3）根据输出功率等于机械功率得：P3=Fv=mgv

解得：m==53kg

答：（1）通过电动机的电流为5A；

（2）电动机的电功率为550W；电动机的输出功率为530W；

（3）若电动机以v=1m/s匀速竖直向上提升重物，该重物的质量为53kg．23、rm{(1)2SiHCl_{3}+3H_{2}O=(HSiO)_{2}O+6HCl}

rm{(2)+114}

rm{(3)垄脵22}rm{0.02}rm{垄脷}及时分离出产物提高反应物压强rm{(}浓度rm{)}加入更高效的催化剂rm{(}改进催化剂rm{)}等

rm{(4)}大于rm{1.3}【分析】【分析】rm{(1)}重点是抓住关键词“遇潮气时发烟”说明反应物是rm{SiHCl_{3}}和水反应，根据元素可知产物应有rm{HCl}写出化学方程式并配平；rm{(2)}已知反应：rm{垄脵2SiHCl_{3}(g)=SiH_{2}Cl_{2}(g)+SiCl_{4}(g)triangleH_{1}=48KJ?mol^{-1}}rm{垄脷3SiH_{2}Cl_{2}(g)=SiH_{4}(g)+2SiHCl_{4}(g)triangleH_{2}=-30KJ?mol^{-1}}根据盖斯定律可知，由rm{垄脵2SiHCl_{3}(g)=SiH_{2}Cl_{2}(g)+SiCl_{4}(g)triangle

H_{1}=48KJ?mol^{-1}}得反应rm{垄脷3SiH_{2}Cl_{2}(g)=SiH_{4}(g)+2SiHCl_{4}(g)triangle

H_{2}=-30KJ?mol^{-1}}据此计算rm{3?垄脵+垄脷}的值；rm{4SiHCl_{3}(g)=SiH_{4}(g)+3SiCl_{4}(g)}直接观察即可知rm{triangleH}时的平衡转化率，再根据转化率列出三段式，进而求出平衡常数rm{(3)垄脵}rm{343K}影响平衡的因素有温度、压强及浓度等，可根据反应条件判断促进平衡正向移动，提高转化率的方法；要缩短反应达到平衡的时间，需要提高反应速率，而影响反应速率的因素主要有温度、浓度、压强及催化剂等。rm{K}温度越高，反应速率越快，由图象观察rm{垄脷}处和rm{垄脹}处的温度大小比较即可；反应速率rm{v=v_{脮媒}-v_{脛忙}=k_{脮媒}x;_{SiHCl_{3}}^{2}-k_{脛忙}x;_{SiH_{2}Cl_{2}}x;_{SiCl_{4}}}rm{a}rm{b}分别为正、逆向反应速率常数，则rm{v=v_{脮媒}-v_{脛忙}=k_{脮媒}x;_{SiHC

l_{3}}^{2}-k_{脛忙}x;_{SiH_{2}Cl_{2}}x;_{SiCl_{4}}}点时rm{k_{脮媒}}正rm{=k_{脮媒}x;_{SiHCl_{3}}^{2}}rm{k_{脛忙}}逆rm{a}由平衡时正逆反应速率相等，可得出rm{v}正rm{=k_{脮媒}x;_{SiHCl_{3}}^{2

}}逆rm{v}平衡常数rm{=k_{脛忙}x;_{SiH_{2}Cl_{2}}x;_{SiCl_{4}}}再结合此温度下的平衡状态，计算出平衡常数rm{K}即可计算rm{dfrac{v_{{脮媒}}}{v_{{脛忙}}}}此题考查的主要内容有根据题干要求写出化学方程式，利用盖斯定律求算热化学反应方程式的焓变，依据化学平衡图象获取信息，进行有关化学平衡的计算和影响化学平衡的因素，重视基本知识的掌握，培养学生获取信息的能力及解题能力。【解答】rm{/K}遇潮气时发烟生成rm{=K(}和rm{)}结合原子守恒可知发生反应的化学方程式为rm{K}

故答案为：rm{dfrac

{v_{{脮媒}}}{v_{{脛忙}}}}

rm{(1)SiHCl_{3}}已知反应：rm{垄脵2SiHCl_{3}(g)=SiH_{2}Cl_{2}(g)+SiCl_{4}(g)triangleH_{1}=+48KJ?mol^{-1}}rm{垄脷3SiH_{2}Cl_{2}(g)=SiH_{4}(g)+2SiHCl_{4}(g)triangleH_{2}=-30KJ?mol^{-1}}根据盖斯定律可知，由rm{(HSiO)_{2}O}得反应rm{HCl}则rm{triangleH=(+48KJ?mol^{-1})隆脕3+(-30KJ?mol^{-1})=+114KJ?mol^{-1}}

故答案为：rm{2SiHCl_{3}+3H_{2}O=(HSiO)_{2}O+6HCl}

rm{2SiHCl_{3}+3H_{2}O=(HSiO)_{2}O+6HCl}温度越高，反应速率越快，图象中点rm{(2)}所在曲线为rm{垄脵2SiHCl_{3}(g)=SiH_{2}Cl_{2}(g)+SiCl_{4}(g)triangle

H_{1}=+48KJ?mol^{-1}}由图示可知rm{垄脷3SiH_{2}Cl_{2}(g)=SiH_{4}(g)+2SiHCl_{4}(g)triangle

H_{2}=-30KJ?mol^{-1}}时反应rm{3?垄脵+垄脷}的平衡转化率rm{4SiHCl_{3}(g)=SiH_{4}(g)+3SiCl_{4}(g)}设rm{triangle

H=(+48KJ?mol^{-1})隆脕3+(-30KJ?mol^{-1})=+114KJ?mol^{-1}}的起始浓度为rm{+114}则。

rm{(3)垄脵}

起始浓度rm{a}rm{343K}rm{343K}rm{2SiHCl_{3}(g)=SiH_{2}Cl_{2}(g)+SiCl_{4}(g)}

变化浓度rm{娄脕=22%}rm{SiHCl_{3}}rm{cmol/L}rm{2SiHCl_{3}(g)=SiH_{2}Cl_{2}(g)+SiCl_{4}(g)}

平衡浓度rm{(mol/L)}rm{c}rm{0}rm{0}

平衡常数rm{K_{343K}=dfrac{c(SiH_{2}Cl_{2})隆脕c(SiCl_{4})}{c^{2}(SiHCl_{3})}=dfrac{0.11隆脕0.11}{0.78^{2}}隆脰0.02}

故答案为：rm{(mol/L)}rm{0.22c}

rm{0.11c}由题目中前后反应气体体积不变，并且温度恒定，所以只能使用及时分离出产物的方法加大反应物的转化率；要缩短反应达到的时间，应增大反应速率，则在温度不变的条件下可采取的措施是：增大压强、加入更高效的催化剂rm{0.11c}改进催化剂rm{(mol/L)}

故答案为：及时分离出产物；提高反应物压强rm{0.78c}浓度rm{0.11c}加入更高效的催化剂rm{0.11c}改进催化剂rm{K_{343K}=dfrac

{c(SiH_{2}Cl_{2})隆脕c(SiCl_{4})}{c^{2}(SiHCl_{3})}=dfrac

{0.11隆脕0.11}{0.78^{2}}隆脰0.02}

rm{22}由图象可知，rm{0.02}的反应温度高于rm{垄脷}温度高反应速率快，所以rm{(}点的反应速率比rm{)}高；rm{(}点时转化率为rm{)}设起始时rm{(}的物质的量为rm{)}此时。

rm{垄脹}

起始物质的量rm{a}rm{b}rm{a}rm{b}

变化物质的量rm{a}rm{20%}rm{SiHCl_{3}}rm{nmol}

终态物质的量rm{2SiHCl_{3}(g)=SiH_{2}Cl_{2}(g)+SiCl_{4}(g)}rm{(mol)}rm{n}rm{0}

则：rm{X_{SiHCl3}=dfrac{0.8n}{n}=0.8}rm{0}

反应速率rm{v=v_{脮媒}-v_{脛忙}=k_{脮媒}x;_{SiHCl_{3}}^{2}-k_{脛忙}x;_{SiH_{2}Cl_{2}}x;_{SiCl_{4}}}rm{(mol)}rm{0.2n}分别为正、逆向反应速率常数，则rm{0.1n}点时rm{0.1n}正rm{=k_{脮媒}x;_{SiHCl_{3}}^{2}=0.8^{2}K_{脮媒}}rm{(mol)}逆rm{0.8n}由平衡时正逆反应速率相等，可得出rm{dfrac{K_{{脮媒}}}{K_{{脛忙}}}=K(}平衡常数rm{0.1n}则rm{dfrac{v_{{脮媒}}}{v_{{脛忙}}}=dfrac{0拢庐8^{2}}{0.01}隆脕dfrac{K_{{脮媒}}}{K_{{脛忙}}}=dfrac{0拢庐8^{2}}{0.01}隆脕0.02隆脰1.3}

故答案为：大于；rm{0.1n}

rm{X_{SiHCl3}=dfrac

{0.8n}{n}=0.8}【解析】rm{(1)2SiHCl_{3}+3H_{2}O=(HSiO)_{2}O+6HCl}rm{(2)+114}rm{(3)垄脵22}rm{0.02}rm{垄脷}及时分离出产物提高反应物压强rm{(}浓度rm{)}加入更高效的催化剂rm{(}改进催化剂rm{)}等rm{(4)}大于rm{1.3}24、rm{(1)K_{1}隆陇K_{2}隆陇K_{3;;;;}}rm{BC}

rm{(2)BD}

rm{(3)1072.9}

rm{(4)}正向移动或向右移动不变

rm{(5)M+H_{2}O+e^{-}=MH+OH^{-}}rm{(5)M+H_{2}O+e^{-}=

MH+OH^{-}}【分析】【分析】本题考查化学平衡计算与影响因素；平衡常数、原电池和能量变化等；侧重考查学生分析计算能力，注意对平衡常数的理解掌握，难度中等。

【解答】rm{(1)垄脵}由盖斯定律知反应：rm{C(s)+2H}rm{C(s)+2H}rm{2}rm{2}rm{O(g)+CaO(s)}rm{O(g)+CaO(s)}rm{?}rm{CaCO}rm{CaCO}，rm{3}rm{3}rm{(s)+2H}rm{(s)+2H}得到，则平衡常数rm{2}等于rm{2}rm{(g)}rm{(g)}的Ⅰ、之积，即Ⅱ、Ⅲ式相加rm{K}rm{1}rm{II}ⅢA.混合气体的物质的量始终不变，恒温恒容时容器内压强始终不变，无法判断是平衡状态，故A错误，B.rm{K}与rm{K}的物质的量之比不再文化，说明量一定，是平衡状态，故B正确rm{1}C.体积一定，混合气体的质量不确定，当混合气体的密度不再变化时，是平衡状态，故C正确，rm{1}形成rm{隆陇K}键的同时断裂rm{2}键，均为逆反应，无法力断是平衡状态，故D错误；答案为：rm{2}rm{隆陇K}rm{3}rm{3}rm{;}rm{H}，rm{HO(0)}rm{;}对于可逆反应rm{D.}rm{anolHH}温度不变，增加压强平衡逆向移动，则rm{2amnoHO}的产率降低，则rm{K}压强不变时，升高温度，rm{1}的产率增大，说明正反应为吸热反应；rm{1}由rm{隆陇K}到rm{2}降低压强，反应速率降低，平衡应正向移动，故A错误；rm{2}图像符合升高温度平衡正向移动，且rm{隆陇K}的产率增大，故B正确；rm{3}，恒压下，升高温度平衡正向移动，rm{3}的含量降低，但恒温下，增大压强平衡逆向移动，rm{BC;}的含量增加，故C错误；rm{(2)}温度升高，平衡正向移动，平衡常数增加，故D正确；答案为rm{C(s)+H_{2}O(g)}rm{CO(g)+H_{2}(g)}中碳氧键的键能为rm{H_{2}}则反应rm{p_{1}>p_{2}}rm{H_{2}}的rm{triangleH=(x+2隆脕464)KJ/mol-(2隆脕803+436)KJ/mol=-41.1KJ/mol}解得：rm{A.}即rm{p_{1}}中碳氧键的键能为rm{p_{2}}rm{B.}对于反应rm{H_{2}}rm{C.}若平衡时再充入rm{H_{2}O}增大反应物的浓度，则平衡移动方向为正向移动；当重新平衡后，因温度不变，平衡常数不变，则平衡时rm{H_{2}O}浓度不变；rm{D.}阴极上rm{BD}得电子生成rm{(3)CO}则充电过程中阴极的电极反应式：rm{xKJ/mol}rm{CO(g)+H_{2}O(g)}【解析】rm{(1)K_{1}隆陇K_{2}隆陇K_{3;;;;}}rm{BC}rm{(2)BD}rm{(3)1072.9}rm{(4)}正向移动或向右移动不变rm{(5)M+H_{2}O+e^{-}=MH+OH^{-}}rm{(5)M+H_{2}O+e^{-}=

MH+OH^{-}}2