2024届贵港市重点中学高三年级下册物理试题期中考试试题

2024届贵港市重点中学高三下物理试题期中考试试题

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再

选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。

3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、一圆筒内壁粗糙，底端放一个质量为机的物体（可视为质点），该物体与圆筒内壁间的动摩擦因数为〃，圆筒由静

止沿逆时针方向缓慢转动直到物体恰好滑动，此时物体、圆心的连线与竖直方向的夹角为如图所示，以下说法正

确的是（）

A.在缓慢转动过程中物体受到的支持力逐渐增大

B.在缓慢转动过程中物体受到的静摩擦力逐渐减小

C.物体恰好滑动时夹角。与〃的关系为〃=tang

D.缓慢转动过程中，圆筒对物体的作用力逐渐增大

2、一定量的理想气体从状态〃开始，经历三个过程外、be、M回到原状态，其p-r图象如图所示.下列判断正确的

是（）

A.过程。〃中气体一定吸热

B.过程儿中气体既不吸热也不放热

C.过程M中外界对气体所做的功等于气体所放的热

D.a、b和c三个状态中，状态〃分子的平均动能最大

3、某同学按如图1所示连接电路，利用电压传感器研究电容器的放电过程。先使开关S接1,电容器充电完毕后将开

关掷向2,可视为理想电压表的电压传感器将电压信息传入计算机，屏幕上显示出电压随时间变化的曲线，如图2

所示。电容器的电容C已知，且从图中可读出最大放电电压5,图线与坐标轴围成的面积S、任一点的点切线斜率A,

但电源电动势、内电阻、定值电阻K均未知，根据题目所给的信息，下列物理量不熊求学的是

BEI2

A.电容器放出的总电荷量B.电阻£两端的最大电流

C.定值电阻RD.电源的电动势和内电阻

4、如图所示，实线为两个点电荷0、0产生的电场的电场线，虚线为正电荷从A点运动到笈点的运动轨迹，则下列

判断正确的是（）

A.4点的场强小于B点的场强

B.0的电荷量大于0的电荷量

C.正电荷在4点的电势能小于在3点的电势能

D.正电荷在A点的速度小于在4点的速度

5、据伊朗新闻电视台2019年9月7日消息，伊朗原子能组织发言人卡迈勒万迪当天宣布，作为第三阶段中止履行伊

核协议的措施，伊朗已启动了“先进离心机”，以增加浓缩铀储量。关于铀核的裂变，下列叙述正确的是（）

A.核反应堆中铀核俘获一个中子后分裂为两个或几个中等质量的原子核，并吸收大量能量

B.核反应堆中铀核自发分裂为两个或几个中等质量的原子核，同时释放大量的核能

C.要使核反应堆中铀核发生链式反应，必须要有慢中子的轰击

D.要使核反应堆中铀核发生链式反应，必须要有快中子的轰击

6、如图所示为单摆的振动图像，根据此振动图像不能确定的物理量是（）

A.摆长B.回复力C.频率D.振幅

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、1772年，法籍意大利数学家拉格朗日在论文《三体问题》指出：两个质量相差悬殊的天体（如太阳和地球）所在

同一平面上有5个特殊点，如图中的L、七、心、“、&所示，人们称为拉格朗日点。若飞行器位于这些点上，会在

太阳与地球共同引力作用下，可以几乎不消耗燃料而保持与地球同步绕太阳做圆周运动。若发射一颗卫星定位于拉格

朗日L2点，下列说法正确的是（）

［天表一溯譬

A.该卫星绕太阳运动周期和地球公转周期相等

B.该卫星在心点处于平衡状态

C.该卫星绕太阳运动的向心加速度小于地球绕太阳运动的向心加速度

D.该卫星在七处所受太阳和地球引力的合力比在L处大

8、如图半径为K的内壁光滑圆轨道竖直固定在桌面上，一个可视为质点的质量为勿的小球静止在轨道底部A点。现

用小锤沿水平方向快速击打小球，使小球在极短的时间内获得一个水平速度后沿轨道在竖直面内运动。当小球回到A

点时，冉次用小锤沿运动方向击打小球，通过这两次击打，小球才能运动到圆轨道的最高点。已知小球在运动过程中

始终未脱离轨道，在第一次击打过程中小锤对小球做功W1，第二次击打过程中小锤对小球做功I%。若两次击打过程

中小锤对小球做功全部用来增加小球的动能，则公的值可能是（）

9、如图所示，一个碗口水平、内壁光滑的半球形碗固定在水平桌面上，在球心。点固定一电荷量为。的带正电金属

球，两个质量相等的绝缘带电小球A和B分别紧贴着内壁在水平面内做匀速圆周运动。若小球A、B所带电荷量很少,

两者间的作用力忽略不计，且金属球和带电小球均可视为质点，取无穷远处电势为零，则下列说法正确的是（）

A.小球A运动轨迹上各点的电场强度相同

B.小球A运动轨迹上各点的电势相等

C.小球A的电荷量大于小球B的电荷量

D.小球A的角速度大于小球B的角速度

10、长为L的轻杆，一端固定一个小球，另一端固定在光滑的水平轴上，使小球在竖直面内做圆周运动，关于小球在

最高点时的速度、运动的向心力及相应杆的弹力，下列说法中正确的是()

A.速度的最小值为eZ

B.速度由。逐渐增大，向心力也逐渐增大

C.当速度由痴逐渐增大时，杆对小球的作用力逐渐增大

D.当速度由痴逐渐减小时，杆对小球的作用力逐渐增大

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.(6分)某实验小组成员用如图所示的装置做“探究弹力与弹簧伸长关系”的实验.

(1)将弹簧悬挂在支架上，弹簧上端刚好与竖直刻度尺的零刻度对齐，当弹簧下端挂上一个钩码且处于静止时，弹簧

下端的指针指在刻度尺卜的位置如图1所示.此时弹簧的长度为/.=cm.

(2)对于实验中的操作，下列说法正确的是__________.

A.测量弹簧原长时，需要把弹簧水平放稳后进行测量读数

B.挂钩上挂的钩码越多，实验误差越小

C.弹簧的自重不会影响弹簧的劲度系数测量

D.由于弹簧的自重，会使测量的劲度系数有一定的误差

(3)在弹簧弹性限度内，改变弹簧下端所挂钩码的个数，同时测出对应弹簧的长度，已知每个钩码的质量为50g,在

机」坐标系中描点作图如图2所示，当地的重力加速度g取9.80m/s2,则由图象可以得到弹簧的劲度系数〃=

N/m(结果保留三位有效数字).

12.(12分)实验室购买了一捆标铜导线，小明同学想通过实验测定其长度。按照如下步骤进行操作：

(1)该同学首先使用螺旋测微器测得导线的直径如图⑴所示，则导线的直径d=mm；

⑵通过查阅资料查得铜的电阻率为售

⑶使用多用电表欧姆档初步估测其电阻约为6ft：

(4)为进一步准确测量导线的电阻，实验室提供以下器材：

A.直流电流表A（量程0-0.6A,内阻RA=3C）

B.直流电压表Vi（量程0〜3V,内阻约100。）

C.直流电压表V2（量程0~15V,内阻约100。）

D.滑动变阻器品（阻值范围。〜5。）

F.滑动变阻器&（阻值范围。〜100Q）

G.直流电源£（输出电压3V,内阻不计）

H.开关S1^、导线若干

20

115

①为了得到尽量多的测量数据并精确的测定标铜导线的电阻，实验中应选择的电压表是___________（用所选器材前的

字母表示）；选择的滑动变阻器是___________（用所选器材前的字母表示）；

②按实验要求在图⑵中，还需要连接的接线柱有（填相应接线柱的符号，如“〃、等）；

③若测得电压表的读数为U,电流表的读数为/,则可得铜导线的长度可表示为L=（用题目提供的已知量

的字母表示）；

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）如图所示，足够长的“。，形框架沿竖直方向固定，在框架的顶端固定一定值电阻凡空间有范围足够大且

垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为也电阻值均为£的金属棒甲、乙垂直地放在框架上，已知两金属棒的

质量分足为m=2.Oxio-2kg、小乙=].oxi（y2kg。现将金属棒乙锁定在框架上，闭合电键，在金属棒甲上施加一竖直向上的

恒力凡经过一段时间金属棒甲以B，=10m/s的速度向上匀速运动，然后解除锁定，金属棒乙刚好处于静止状态，忽略

一切摩擦和框架的电阻，重力加速度g=10m/s2。则

（1）恒力F的大小应为多大？

⑵保持电键闭合，将金属棒甲锁定，使金属棒乙由静止释放，则金属棒乙匀速时的速度及应为多大？

⑶将两金属棒均锁定，断开电键，使磁感应强度均匀增加，经时间UO.ls磁感应强度大小变为25此时金属棒甲所受

的安培力大小刚好等于金属棒甲的重力，则锁定时两金属棒之间的间距x应为多大？

xX忸X

甲-------1-------------

XXXX

B

XXXX

乙----------------

XXXX

14.（16分）如图所示，细玻璃管中的水银柱将两部分理想气体封闭在大小不同的两个玻璃泡中，大玻璃泡的体积是

小玻璃泡的4倍，当外界温度为70时，右侧水银面比左侧水银面高力，现改变外界温度，使系统与外界热平衡后，右

侧水银面比左侧高g,则外界温度应升高还是降低？升高或降低的温度/丁是多少？（不考虑细玻璃管中气体的体积）

15.（12分）如图所示，光滑的水平台高〃=4m,在水平台上放置A、B两物体，质量分别为町=1.5kg,吗=2kg,

一半径H=2m的光滑固定圆弧轨道竖直放置，与水平地面相切于C点，半径0。与竖直方向0C的夹角8=53。，现

使物体A以％=12m/6的初速度水平向右运动，并与物体B发生正碰，物体R离开平台后恰能沿。点切线方向滑入

圆弧轨道。已知重力加速度g取10m/s2,s取53°=0.8,cos53o=0.6,求:

⑴碰撞后物体A的速度；

⑵物体5经过圆弧轨道的。点时，轨道受到的压力大小。

nxn

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、C

【解题分析】

AB.对物体受力分析如图所示，正交分解，根据平衡条件列出方程

4=mgcos0

Ff=mgsin0

随着。的增大，鼠减小,Ff增大，选项AB错误;

C.当物块恰好滑动时《=//五N得

〃=tan”

选项C正确；

D.缓慢转动过程中，圆筒对物体的作用力与重力等大反向，始终不变，D错误。

故选C。

2、A

【解题分析】

A、由图示可知，时过程，气体压强与热力学温度成正比，则气体发生等容变化，气体体积不变，外界对气体不做功,

气体温度升高，内能增大，由热力学第一定律AU=Q+W可知，气体吸收热量，故A正确；

B、由图示图象可知，儿过程气体发生等温变化，气体内能不变，压强减小，由玻意耳定律可知，体积增大，气体对

外做功，由热力学第一定律AU=Q+W可知，气体吸热，故8错误；

C、由图象可知，CQ过程气体压强不变，温度降低，由盖吕萨克定律可知，其体积减小，外界对气体做功，WX）,气

体温度降低，内能减少，△〃＜（）,由热力学第一定律AU=Q+W可知，气体要放出热量，过程M中外界对气体所做

的功小于气体所放热量，故C错误；

D、由图象可知，a状态温度最低，分子平均动能最小，故。错误；

故选A.

【题目点拨】由图示图象判断气体的状态变化过程，应用气态方程判断气体体积如何变化，然后应用热力学第一定律

答题.

3、D

【解题分析】

由。=CUo,所以容器放出的总电荷量可求，所以A选项能求出；根据变形得。二〃二华，口为图象与坐标

R

SS

轴所围面积S可求，所以S/凡则氏=方=777，所以C选项可求；电阻R两端的最大电流即为电容器刚开始放

电的时候，所以鼠”=%=c窈，

〃皿RS

选项B电阻K两端的最大电流可求；根据题意只知道电源的电动势等于电容器充满电两板间的电压，也就是刚开始放

电时的电压，即£=依，内电阻无法求出，所以选项D不能求出。

4、C

【解题分析】

A.根据“电场线的密疏表示场强的大小”可知A点的场强比B点的场强大，故A错误；

B.根据电场线分布情况可知0、Qi是同种电荷。由点电荷周围电场线较密可知点电荷带电荷量较多，即0V0,

故B错误；

C.正电荷做曲线运动，受到的合力方向指向曲线的凹处，并且和电场线在一条直线上，所以正电荷电场力方向指向

02,由于正电荷从A点运动到B点的过程中，电场力方向与速度方向的夹角总是大于90。，电场力做负功，电势

能增大，即正电荷在A点的电势能小于在B点的电势能，故C正确；

D.正电荷从A点运动到B点，电场力做负功，电势能增大，动能减小，故正电荷在A点的速度大于在B点的速

度，故D错误。

故选C。

5、C

【解题分析】

AB.核反应堆中铀核俘获一个中子后分裂为两个或几个中等质量的原子核，并释放大量能量，AB错误;

CD.链式反应的条件有三个，一是足够浓度的铀，二是铀的体积需要大于等于临界体积，三是需要慢中子轰击，C正

确，D错误。

故选C。

6、B

【解题分析】

由图可直接看出的物理量有：周期T=2s,振幅A=3cm；由单摆的周期公式:

则频率:

/=_=().5Hz

可求出摆长为:

由于不知道摆球的质量，所以无法知道回复力。B正确，ACD错误。

故选Bo

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、AD

【解题分析】

A.据题意知，卫星与地球同步绕太阳做圆周运动，则卫星绕太阳运动周期和地球公转周期相等，故A正确；

B.卫星受的合力为地球和太阳对它引力的合力，这两个引力方向相同，合力不为零，处于非平衡状态，故B错误；

C.由于卫星与地球绕太阳做圆周运动的周期相同，卫星的轨道半径大，根据公式。二竺＞，•分析可知，卫星绕太阳运

T2

动的向心加速度大于地球绕太阳运动的向心加速度，故C错误；

D.由题可知，卫星在心点与心点的周期与角速度是相等的，卫星的合力提供向心力，根据向心力的公式/

可知，在心点处的半径小，所以在L点处的合力小，故D正确。

故选AD,

8、AB

【解题分析】

第一次击打后球最多到达与球心O等高位置，根据功能关系，有

W\<mgR®

两次击打后可以到轨道最高点，根据功能关系，有

1、

用+亚2・2〃3?二一“"②

在最高点，有

mg+F^=m—>mg®

R

联立①②⑥解得

3

Wz>—mgR

故

W2

---3—

明一3

故AB正确，CD错误。

故选AB。

9、BD

【解题分析】

A.小球A运动轨迹上的各点到。点的距离相等，根据点电荷的场强表达式

可知小球A运动轨迹上各处的电场强度大小相等、方向不同，A错误；

B.以。为球心的同一球面是等势面，小球A运动轨迹上的各点电势相等，B正确；

C.带电小球的电性无法确定，所以电荷量大小无法确定，C错误；

D.对于任意一球，设其轨道上某点与O点连线与竖直方向的夹角为6,碗的半径为R,由牛顿第二定律

mgtan6=

又

r=Rs\nO

解得

co=

R一定,。越大，角速度越大，所以小球A的角速度大于小球B的角速度，D正确。

故选BD.

10、BCD

【解题分析】

A.如图中所示

“杆连小球”在最高点速度有最小值0（临界点），此时杆向上的支持力为

&=mg

故A错误；

B.解析式法分析动态变化。n由0逐渐增大，则

广/HV2

坨=7

Lf

即「逐渐增大，故B正确;

C.如图乙所示

乙

当最高点速度为以=疯（临界点）时，有

mv

,ng=—

L

杆对小球的作用力产=0。当u由痴增大时，杆对小球有拉力尸，有

mv

mg+F

L

则

_v

r=m—~mg

/随U逐渐增大而逐渐增大；故c正确;

D.当V由疯减小时，杆对小球有支持力£丫，有

mv~

L

则

mv2

=mg———

£随"逐渐减小而逐渐增大，故D正确。

故选BCD。

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、22.50（22.50—22.52均可）C23.0（22.7-23.2均可）

【解题分析】

（1）[1]已知刻度尺的零刻度线与弹簧上端平齐，由示数可知此时弹簧的长为22.50cm；

（2）[2]A.弹簧自身有重力，弹簧竖直悬技时由于自身重力必然有一定的伸长，故弹簧竖直悬挂时测出的长度，才能

作为实验中弹簧的原始长度，A错误；

B.悬挂的钩码太多，有可能会超过弹簧的弹性限度，B错误；

CD.由于：

AF

k=一

AA

即&与弹力的变量△产及对应的形变量Ax有关，与弹簧的自重无关，C正确，D错误.

（3）[3]根据图象有：

,AF300x10-3x9.8皿

k=——=-----------------------N/m=23.0、/m

（33.2-20.4）x102

12、0.68。（0.678〜0.682）BDkj（或ej）、bd（或bh）、dh（或dg）"W-叫）d

4/〃

【解题分析】

（1）⑴螺旋测微器的固定刻度读数为0.5mm,可动刻度的读数为:0.01mmxl8.0=0.180mm,故导线的直径为d=0.680mm,

由于误差，则0.678mm~0.682mm均正确：

（4）[2]由于电源的输出电压为3V,则电压表选择B；

⑶由于待测电阻阻值约为6C,为了得到尽量多的测量数据并精确的测定标铜导线的电阻，则滑动变阻器应选D；

⑷为了得到尽量多的测量数据并精确的测定标铜导线的电阻，测滑动变阻器应用分压式，由于电流表内阻已知，则电

流表内接，这样可以消除因电流表分压带来的误差，所以应连接的接线柱有kj（或ej）、bd（或bh）、dh（或dg）；

⑸由实验原理可知

aU-IR.LL4L

R=pp

^~r-r/d

兀（5厂

则

兀/(U-做)

L-

4p/

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

2

13、(l)0.4N；(2)5m/s；(3)x=-m

3

【解题分析】

⑴金属棒