2025年高考物理二轮复习：电学中三大观点的综合应用（讲义）解析版

专题14电学中三大观点的综合应用

目录

01考情透视•目标导航............................................................................3

02知识导图思维引航...........................................................................4

03核心精讲题型突破...........................................................................5

题型一电场中的三大观点的综合应用..........................................................5

【核心精讲】...............................................................................5

一、电场中应用动力学观点处理问题的流程....................................................5

二、电场中的功能关系及计算.................................................................5

三、电场中的动量观点.......................................................................5

【真题研析】...............................................................................6

【命题预测】...............................................................................7

考向一电场中的动力学观点的应用.............................................................7

考向二电场中的能量观点的应用...............................................................9

考向三电场中的动量观点的应用..............................................................10

题型二磁场中三大观点的综合应用............................................................12

【核心精讲】..............................................................................12

一、磁场中动力学观点......................................................................12

二、磁场中能量观点........................................................................12

三、磁场中动量观点........................................................................12

【真题研析】..............................................................................12

【命题预测】..............................................................................14

考向一磁场中的动力学观点的应用............................................................14

考向二磁场中的能量观点的应用..............................................................15

考向三磁场中的动量观点的应用..............................................................17

题型三电磁感应中三大观点的综合应用........................................................19

【核心精讲】..............................................................................19

一、电磁感应的动力学问题处理方法..........................................................19

二、电磁感应的能量问题处理方法.............................................................19

三、电磁感应的能量问题处理方法.............................................................20

【真题研析】..............................................................................20

【命题预测】..............................................................................22

考向一电磁感应中的动力学观点的应用.......................................................22

考向二电磁感应中的能量观点的应用..........................................................24

考向三电磁感应中的动量观点的应用..........................................................26

w

命题统计

2024年2023年2022年

命题要点

2024•山东卷一T102023•新课标卷1122022・浙江卷・T9

2024・河北卷・T142023•湖北卷-T102022•辽宁卷-T10、T14

电场中的三大

2024•江西卷1102023•北京卷1202022•海南卷•Til

观点的应用

2024•广西卷-T72023♦福建卷1162022福建卷T8

2024•福建卷-T162023•河北卷・T7

2024•安徽卷T102023•北京卷113、T192022•湖南卷13

磁场中的三大

2024•浙江卷T152023•江苏卷-T162022・天津卷・T13

热观点的应用

考2024•重庆卷T132023•浙江卷1232022・湖北卷•T11

角2024•河北卷1142023•北京卷・T92022•湖南卷一T10

度

2024•辽宁、吉林、黑龙江卷192023•广东卷1142022•重庆卷17

2024•山东卷1112023•山东卷-T122022・湖北卷•T11

电磁感应中的2024北京卷T202023•天津卷1112022福建卷T17

三大观点的应

用2024湖南卷T82023重庆卷T72022全国甲卷T7

2024江西卷T西2023福建卷T42022浙江1月卷T22

2024辽宁卷T92023全国甲卷T122022辽宁卷T15

2024海南卷T132023湖南卷T142022福建卷T15

从近三年高考试题来看，三大观点在电学中的考查较为普遍，题目以选择题

命题规律居多，个别省份以计算题的形式出现，难度上中等偏上，对物理过程分析能力和

数学方法的应用能力上要求较高。

预计在2025年高考中，还会加大对三大观点的考查，选择题多以单一过程

考向预测的分析为主，计算题预计会以压轴题的形式出现，体现过程情境下的物理问题的

研究。

命题情景多以特别的物理模型为基础，冠以某种科学技术为情境

常用方法牛顿第二定律、能量守恒定律、动量定理、动量守恒定律

0

〃皿晦图•思犍型陶w

主要运动形式：直线运动、

抛体运动、圆周运动

主要运动形式：直线运动、

匀速圆周运动、一般曲线运动

上主要模型：线框模型、单双棒模型

垓，P、蜻；安・颠测知由

题型一电场中的三大观点的综合应用

核心精讲

一、电场中应用动力学观点处理问题的流程

单处于平整体法,受力寻找连接体间

个II

|方程|----A

物I衡状态I隔离法,分析的关联量

体

或①列牛顿第二定

一

一

连连接

受

运律方程

接

力

动隔离法寻找体间

体

分

状②列运动学方程

析

态关系

一

一③列功能关系

方程

方程

二、电场史的功能丢垂及计算

1.电场中的功能关系

(1)若只有静电力做功□电势能与动能之和保持不变。

(2)若只有静电力和重力做功□电势能、重力势能、动能之和保持不变。

(3)除重力之外，其他各力对物体做的功□等于物体机械能的变化。

(4)所有外力对物体所做的功□等于物体动能的变化。

2.电场力做功的计算方法

⑴%(普遍适用)

(2)W—qExcos仇适用于匀强电场)

(3)%B=—AEp=Epd—(从能量角度求解)

(4)沙电+少非电=A4(由动能定理求解)

三、电场史国M观点

1.动量定理的应用：带电粒子或者带电体在匀强电场中电场力为恒力，可以应用动量定理。

2.动量守恒定律的应用：带电粒子或带电体，电场力为内力，系统合外力为零，带电粒子或带电体组成的

系统动量守恒或者某一方向动量守恒。

□

1.（2024•浙江・高考真题）如图所示空间原有大小为反方向竖直向上的匀强电场，在此空间同一水平面

的M、N点固定两个等量异种点电荷，绝缘光滑圆环N8CD垂直儿W放置，其圆心。在九W的中点，半径

为R、NC和8。分别为竖直和水平的直径。质量为加、电荷量为+«的小球套在圆环上，从/点沿圆环以初

速度W做完整的圆周运动，则（）

A.小球从/到C的过程中电势能减少

B.小球不可能沿圆环做匀速圆周运动

C.可求出小球运动到8点时的加速度

D.小球在。点受到圆环的作用力方向平行

【答案】C

【详解】A.根据等量异种点电荷的电场线特点可知，圆环所在平面为等势面，匀强电场方向竖直向上，则

小球从N到C的过程电势增加，电势能增加，故A错误；

B.当场强满足Eq=mg时，小球运动时受到的向心力大小不变，可沿圆环做匀速圆周运动，故B错误；

C.根据动能定理（Hig-Eq）R=/诒-/诏可求出小球到B点时的速度出，根据的=皆可得小球的向心加

速度，再根据牛顿第二定律mg-Eq=巾。2可得小球的切向加速度。2,再根据矢量合成可得B点的加速度为

a=Ja：+成故C正确；

D.小球在。点受到竖直向下的重力、竖直向上的匀强电场的电场力、平行儿W方向的等量异种点电荷的

电场力和圆环的作用力，圆环的作用力一个分力与等量异种点电荷的电场力平衡，其与平行，而另一

分力提供向心力，方向指向圆心，故小球在。点受到圆环的作用力方向不平行故D错误。

故选C。

【技巧点拨】

（1）明确等量异种电荷电场连线和中垂线电场的特点，以及要明确小球所处电场是两种电场的叠加场；

（2）根据小球所处场的环境，正确做出受力分析，根据受力分析判断BCD选项。

2.（2023•浙江•高考真题）如图所示，示波管由电子枪竖直方向偏转电极YY:水平方向偏转电极XX，和

荧光屏组成。电极XX，的长度为/、间距为小极板间电压为U,YY，极板间电压为零，电子枪加速电压为

lOt/o电子刚离开金属丝的速度为零，从电子枪射出后沿。O方向进入偏转电极。已知电子电荷量为e,质

量为m,则电子（）

~0+偏转电极荧光屏

A.在XX极板间的加速度大小为当

B.打在荧光屏时，动能大小为lleU

c.在XX极板间受到电场力的冲量大小为行荷7

D.打在荧光屏时，其速度方向与。。连线夹角a的正切tana=+

【答案】D

【详解】A.由牛顿第二定律可得，在XX极板间的加速度大小ax=*=*,A错误；

B.电子电极XX间运动时，有vx=axtt=上电子离开电极XX，时的动能为Ek=轴（必+4）=eU（10+磊）

电子离开电极XX，后做匀速直线运动，所以打在荧光屏时，动能大小为eU（10+磊），B错误；

C.在XX极板间受到电场力的冲量大小Ix=mvx=5牌，C错误；

D•打在荧光屏时，其速度方向与00,连线夹角a的正切tana=3=^，D正确。故选D。

【技巧点拨】

（1）根据带电粒子所经过的电场，判断出粒子做类平抛运动；

（2）根据动能定理和动量定理求动能和冲量。

；命题预测］

考向一电场中的动力学观点的应用

3.（2024•海南省直辖县级单位•模拟预测）4、8两小球质量相等，/球不带电，8球带正电，光滑的绝缘

斜面倾角为仇图甲中，/、8两球用轻质绝缘弹簧相连，图乙中，/、8两球用轻质绝缘杆相连，两个装置

均处于平行于斜面向上的匀强电场£中，此时/、B两球组成的系统均处于静止状态，轻弹簧、轻杆均与斜

面平行，重力加速度大小为g,当撤去匀强电场£的瞬间，则下列说法正确的是（）

EE

B.两图中/球的加速度大小均为零

C.图乙中轻杆的作用力一定不为零

D.图甲、乙中3球的加速度大小之比为2:1

【答案】D

【分析】本题考查牛顿第二定律的瞬时性，意在考查考生的理解能力。

【详解】AB.题图甲、乙中两球组成的系统静止时，对两球组成的系统受力分析，可得B球受到的电场力

均为2mgsin。，轻弹簧和轻杆的弹力均为mgsin。，突然撤去匀强电场时，轻弹簧中弹力不变，题图甲中A

球加速度为零，B球加速度大小为2gsin0,轻杆中弹力发生突变，题图乙中A、B两球的加速度大小均为

gsinO,轻杆的弹力突变为零，故ABC错误；

D.在撤去匀强电场的瞬间，题图甲中B球的加速度大小为2gsin0,题图乙中B球加速度大小为gsinB,故D

正确。

4.（2024・四川德阳•模拟预测）如图所示，一根轻质的不可伸长的细线两端分别系在水平天花板上的/、B

两点，有一质量及大小均不计的光滑动滑轮跨在细线上，滑轮通过绝缘细线悬挂一带正电且可视为质点的

物块。空间存在竖直向下的匀强电场，物块处于静止状态。现将电场强度方向由竖直向下缓慢逆时针转动

到水平向右，/、2间细线的张力大小为入，滑轮与物块之间细线张力大小为B，则（）

A.B逐渐增大B.B逐渐减小

C.巳逐渐增大D.B先减小后增大

【答案】B

【详解】一根绳上的力大小处处相等，则初始时合力的方向为竖直向下，则设A、B间细线与竖直方向夹角

为0,则

初始时，物块受到的重力和电场力之和（看作等效重力）等于滑轮与物块之间细线张力G=F2=mg+FAB

绳上的张力Fi=鼻随着电场强度方向由竖直向下缓慢逆时针转动到水平向右，电场力也逐渐逆时针转动

ZCOSU

到水平向右，随着电场力和重力夹角增大，等效重力G，逐渐减小，即F2逐渐减小，AB细绳与等效重力方

向之间的夹角也在逐渐减小，如图中0，，则cos0，＞cos0,可知Fl在逐渐减小。故选B。

考向二电场中的能量观点的应用

5.（2024•河北•模拟预测）将两个等量异种点电荷固定在边长为乙的正方形N8CD的/、C两个顶点处，

它们所带电荷量分别为+Q和-Q，用长为工的不可伸长的绝缘细线将一质量为加、带电荷量为的带电小

球拴在/点，将小球从2点由静止释放，小球从5点运动到。点，经过/C连线上的尸点。整个装置处于

竖直向下的匀强电场中，电场强度后=詈。已知小球可视为质点，静电力常量为匕重力加速度为g,不计

空气阻力。下列说法中正确的是（）

//〃〃,

A.小球在刚释放时的加速度大小为2g

在从B到尸过程中，小球的机械能先增大后减小

C.经过。点时，小球的速度大小为2痴

D.小球经过。点时，细线的拉力大小为尸=3mg+等

【答案】C

【详解】A.小球刚释放时，沿切线方向运动，对小球在竖直方向受力分析有mg+Eq+罂=ma解得

a=2g+黑故A错误；

B.小球沿圆弧从B运动到F的过程中，A处电荷给小球的静电力不做功，C处电荷给小球的静电力为吸引

力，始终做正功，匀强电场给小球的静电力做正功，所以小球的机械能一直增大，故B错误；

C.B、D是AC处点电荷形成静电场的等势点，所以小球在B、D位置时AC处静电荷形成的电场的电势

能相等，小球从B点运动到D点的过程中由能量守恒有mgL+EqL=勺nv2解得v=2屈故C正确；

D.当小球经过D点时在竖直方向上对小球受力分析有F-mg-Eq-晋=m?解得F=6mg+晋故D错误。

故选C。

6.（2024・四川南充•二模）绝缘水平面上固定一正点电荷。，另一质量为加、电荷量为-q（夕＞0）的滑块

（可看做点电荷）从。点以初速度为沿水平面向。运动，6点为滑块运动中距0最近的点。已知°、6间距

离为力滑块与水平面间的动摩擦因数为〃，重力加速度为g。以下判断正确的是（）

A.滑块在6点的加速度一定为0

B.滑块在运动过程的中间位置，速度的大小等于学氏

C.滑块在运动过程的中间时刻，速度的大小等于:

D.0产生的电场中，a、b两点间的电势差为Uv=皿诏;广必

【答案】D

【详解】A.由题意可知，滑块水平方向受库仑力、滑动摩擦力，摩擦力与运动方向相反，而库仑力与运动

方相同，由于b点为滑块运动中距Q最近的点，则滑块在b点速度为零，则滑块在运动过程中库仑力小于

滑动摩擦力，随间距减小，库仑力增大，但仍小于滑动摩擦力，所以到达b点时加速度不为零，故A错误；

BC.若滑块在滑动过程中做匀减速直线运动，则在运动过程的中间位置，速度的大小为*=有=争。在运

动过程的中间时刻，速度的大小为=£而实际上，随着间距减小，库仑力增大，但一直小于滑动摩擦力,

2乙

所以导致加速度减小，故中间位置的速度的大小不等于*Vo,中间时刻的速度不等于上故BC错误；

D.根据动能定理可得Wab—rimgd=0—轴诏Wab=—qUab所以Uab=吟鬻故D正确。故选D。

考向三电场中的动量观点的应用

7.（2024・山东济南•二模）如图所示在场强为£的匀强电场中有一带电绝缘物体P处于水平面上。已知P

的质量为加、带电量为+q,其所受阻力与时间的关系为/=%+就。t=0时物体P由静止开始运动直至速

度再次为零的过程中，以下说法正确的是（)

------------------------>

E

------------------------>

P

A.物体达到最大速度的时间窄

B.物体达到的最大速度为粤答

C.全过程中，物体所受电场力的冲量为空啜血

D.全过程中，物体的阻力/的冲量为笔㈤

【答案】B

【详解】AB.当物体所受合力为零时，物体的速度最大，则有Eq=fo+kt解得1=早从静止到物体达到的

最大速度，由动量定理有Eqt-竽=mvm-。解得Vm=@!茅故A错误，B正确；

CD.根据题意，对全过程，由动量定理有Eqt-皿产t，=0解得^=迎祥则全过程中，物体所受电场力的

冲量为11=Eqt=也管越物体的阻力f的冲量为b=-妃磐仁=竺当理故CD错误。故选Bo

8.（2024•安徽合肥・二模）我国是世界上第三个突破嵌套式霍尔电推进技术的国家。霍尔推进器的工作原

理简化如下图所示，放电通道的两极间存在一加速电场。工作物质值气进入放电通道后被电离为流离子，

经电场加速后以某一速度喷出，从而产生推力。某次实验中，加速电压为U,氤离子向外喷射形成的电流

强度为/.蕾离子的电荷量与质量分别为q和加，忽略离子的初速度及离子间的相互作用，则离子推进器产

生的推力为（）

放电通道.O*

I0EG>

>i

qIOXe+o*I:o*

[G>

阳极阴极

A./匡B,（触C./匣D.I①

72qq7q7q

【答案】D

【详解】流离子经电场加速，根据动能定理有qU=,mv2-0解得v=用设单位体积内离子数目为n,加速

喷出时截面积为S,在At时间内，有质量为Am的流离子以速度v喷射而出Am=nmSvAt形成电流为II=nqSv

由动量定理可得FAt=Amv联立可得F=I回离子推进器产生的推力为I画故选D。

7q\q

题型二磁场中三大观点的综合应用

核心精讲u

一、磁场中动力学观点

1.利用平衡平衡条件或牛顿第二定律处理通电导线在磁场中的平衡和加速问题。

2.带电粒子在叠加场中的直线运动

(1)带电粒子在电场和磁场的叠加场中做直线运动，电场力和洛伦兹力一定相互平衡，因此可利用二力平衡

解题。

(2)带电粒子在电场、磁场、重力场的叠加场中做直线运动，则粒子一定处于平衡状态，因此可利用平衡条

件解题。

3.带电粒子在叠加场中的圆周运动

(1)带电粒子做匀速圆周运动，隐含条件是必须考虑重力，且电场力和重力平衡。

(2)洛伦兹力提供向心力和带电粒子只在磁场中做圆周运动解题方法相同。

二、磁场中能量观点

带电粒子或带电体在磁场运动时，洛伦兹力不做功，只有其重力、摩擦力等力做功，可以利用动能定理。

三、遨耐脑屋^^

带电体在叠加场中运动的问题，如果带电体做一般性的曲线运动，因洛伦兹力随着带电体运动过程中

速度大小和方向的变化，对此一般性曲线处理较为困难，可以利用微元的思想，对带电体列分方向动量定

理。例如：qvxB^t—mgt=mv-O

真题研析

9.(2024・重庆•高考真题)小明设计了如图所示的方案，探究金属杆在磁场中的运动情况，质量分别为

2加、加的金属杆P、Q用两根不可伸长的导线相连，形成闭合回路，两根导线的间距和P、Q的长度均为

L,仅在Q的运动区域存在磁感应强度大小为8、方向水平向左的匀强磁场。Q在垂直于磁场方向的竖直面

内向上运动，P、Q始终保持水平，不计空气阻力、摩擦和导线质量，忽略回路电流产生的磁场。重力加速

度为g,当P匀速下降时，求

(1)P所受单根导线拉力的大小；

(2)Q中电流的大小。

IB-------------------------------------•

B

【答案】⑴mg；（2）富

【详解】（1）由P匀速下降可知，P处于平衡状态，所受合力为0,设导线的拉力大小为T,对P有

2T=2mg解得T=mg

（2）设Q所受安培力大小为F,对P、Q整体受力分析，有mg+F=2mg又F=BIL解得1=/

【技巧点拨】

（1）根据平衡条件，对P受力分析，求单根导线拉力的大小；

（2）根据平衡条件，对整体受力分析，求单Q中电流的大小。

10.（2024・浙江•高考真题）如图所示，一根固定的足够长的光滑绝缘细杆与水平面成。角。质量为加、电

荷量为+q的带电小球套在细杆上。小球始终处于磁感应强度大小为2的匀强磁场中。磁场方向垂直细杆所

在的竖直面，不计空气阻力。小球以初速度为沿细杆向上运动至最高点，则该过程（）

A.合力冲量大小为加vocos®B.重力冲量大小为HWoSin。

C.洛伦兹力冲量大小为掇D.若％=次浮，弹力冲量为零

【答案】CD

【详解】A.根据动量定理I=0-mv（）=-mv（）故合力冲量大小为mv（）,故A错误；

B.小球上滑的时间为t=全重力的冲量大小为％=mgt=舞故B错误；

C.小球所受洛伦兹力为Bqv=Bq（vo-at）=-Bqat+Bqv（）,a=gsin。随时间线性变化，故洛伦兹力冲量大

D.若v°=生0时刻小球所受洛伦兹力为Bqv°=2mgcose小球在垂直细杆方向所受合力为零，可得

Bqv=mgcosO+FNBPFN=Bqv—mgcosO=Bq（v0—at）—mgcosQ=mgcosB—Bqtgsin®贝lj小球在整个减速过程

的FN-t图像如图

图线与横轴围成的面积表示冲量可得弹力的冲量为零，故D正确。故选CD。

【技巧点拨】

(1)做好受力分析，根据受力分析对带电小球运动形式做出判断；

(2)根据洛伦兹力和弹力随时间变化的关系表达式，明确两个力与时间的线性关系。

命题预测3

考向一磁场中的动力学观点的应用

11.(2023•山东青岛•三模)如图，空间存在水平向右的匀强电场和垂直纸面向外的匀强磁场，粗糙绝缘的

水平面上有一带正电小球，从尸点由静止释放后向右运动，运动过程中会经过N点。已知小球质量加、电

荷量g,电场强度大小£,磁感应强度大小2,小球与水平面间动摩擦因数〃，重力加速度g,PN=Lo则

关于小球的运动，下列说法正确的是()

PN

A.小球先做加速运动，后做减速运动，最后静止

B.小球能够达到的最大速度为把需电

C.小球运动到N点时合外力做的功为-⑷ngL

D.若小球带负电，向左运动一段时间后会脱离水平面

【答案】B

【详解】AB.由左手定则可知，小球受到的洛伦兹力竖直向下，大小为f^=qvB小球所受摩擦力为f=R(f洛

+mg)根据牛顿第二定律可得qE-f=ma解得qE-u(qvB+mg)=ma由题意可知小球先做加速运动，随

着速度增大，洛伦兹力增大，加速度减小，当加速度为。时，速度达到最大，此时有qE=u(qvB+mg)

解得丫=端些此后小球做匀速直线运动，故A错误，B正确；

C.小球运动到N点时合外力做的功为w=qEL-Wf由于

N=mg+qvBWf>pmgL故C错误；

D.若小球带负电，向左运动时受到向左的电场力，向右的摩擦力，此时洛伦兹力向下，所以运动一段时间

后小球不会脱离水平面，故D错误。故选B。

12.（2023•河北保定•三模）粗糙水平地面上方存在着方向竖直向下的匀强电场，边界的左边存在着如

图所示的匀强磁场，一带电滑块（可视为质点）以速度v向右匀速运动，己知电场强度为E,磁感应强度

B4,重力加速度为g,滑块滑过边界MN之后经时间，速度方向与水平面夹角30。，根据以上条件，下

N

A.滑块带正电B.滑块可带正电也可以带负电

C.1=要D.在时间/内，滑块在水平方向的位移为等

309

【答案】c

【详解】AB.滑块滑过边界MN之后经时间，速度方向与水平面夹角30。，可知滑块受电场力向上，所以

滑块带负电，故AB错误；

CD.在MN左侧，带电滑块（可视为质点）以速度向右匀速运动，则有qE=qvB+mg结合题中B=《，解

得qE=2mg滑块在MN右侧，根据牛顿第二定律有qE-mg=ma解得a=g,方向向上经t时间，根据速度

的关系有tan3（T=三解得1=噜水平方向做匀速直线运动，有x=vt=萼故C正确，D错误。故选C。

考向二磁场中的能量观点的应用

13.（2024・河南•一模）如图所示，绝缘中空轨道竖直固定，圆弧段C。。光滑，对应圆心角为120。，C、D

两端等高，。为最低点，圆弧圆心为。'，半径为R（R远大于轨道内径），直线段4C、”。粗糙，与圆弧段

分别在C、。端相切，整个装置处于方向垂直于轨道所在平面向里、磁感应强度大小为3的匀强磁场中，

在竖直虚线MC左侧和ND右侧还分别存在着场强大小相等、方向水平向右和向左的匀强电场。现有一质量为

加、电荷量恒为外直径略小于轨道内径、可视为质点的带正电小球，从轨道内距C点足够远的P点由静止

释放，若PC=/,小球所受电场力等于其重力的亨倍，所受摩擦力为小球与直线段轨道之间弹力的〃倍，重

力加速度为g,则（)

A.小球在轨道AC上下滑的最大速度为雪詈

B.小球第一次沿轨道ac下滑的过程中速度一直在增大

C.经过足够长时间，小球克服摩擦力做的总功是竽山以

D.经过足够长时间，小球经过。点时对轨道的弹力一定为2mg+Bq房

【答案】AC

【详解】A.当小球合力为零时，加速度为零，速度最大，有fm=mgsin6(T+qEcos60o=^mg,

mgcos60°+N=qEsin60°+qVmB又路=(1N=uqVmB解得最大速度Vm=黑卷，A正确；

B.小球第一次沿轨道AC下滑过程中，电场力在垂直轨道方向的分量为Fl=qEsin60。=Tmg重力在垂直轨道

方向上的分量为Gl=^lgcos60。=}ng=Fl因此，电场力与重力的合力方向恰好沿AC方向，且刚开始时小球

与管壁无作用力。当小球开始运动后，由左手定则可知，洛伦兹力导致小球对管壁有压力，从而导致滑动

摩擦力增大，由牛顿第二定律mgsin60°+qEcos60°-|iqvB=ma小球一开始做加速度逐渐减小的加速运动,

直到加速度为零，开始做匀速直线运动，B错误；

C.最终小球在CD间做往复运动，由动能定理J(mg)2+(qE)24—Wf=0—0解得克服摩擦力做功Wf=竽

mgl,C正确；

D.小球经过0点时满足mgR(l-cos60。)=小球经过0点向右运动时N-mg+qvB=m，小球经过。点向

左运动时N-mg-qvB=■解得小球对轨道的弹力为N'=N=2mg-Bq用S或N'=N=2mg+Bq^/gR,D错

误。故选AC。

14.(2024・安徽池州•二模)如图所示，足够长的竖直绝缘墙壁右侧存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应

强度为B。质量为小、带电量为-q(q>0)的绝缘物块与绝缘墙壁之间的动摩擦因数为〃，重力加速度g。

现将小物块紧贴竖直墙壁由静止释放，当小物块沿绝缘墙壁下滑刀时获得最大速度开始匀速下滑，墙壁足

够长，下列说法正确的是()

><XXX

><XXX

><XXX

XXXX

kxxx

A.小物块运动过程中的最大加速度为g

B.小物块获得最大速度。=湍

C.小物块沿绝缘墙壁下滑h过程克服摩擦力做的功/=

D.小物块沿绝缘墙壁下滑h过程经历的时间t=焉+普

【答案】ABD

【详解】A.小物块运动过程中的加速度a=*迪物块由静止释放时有最大加速度am=g,A正确；

B.物块速度最大时合力为零，根据平衡条件得RqvB=mg解得小物块能达到的最大速度为v=器，B正确;

C.小物块沿绝缘墙壁下滑h过程根据动能定理?mv2=mg/i-W解得w=mgh-温黠，C错误；

D.小物块沿绝缘墙壁下滑h过程，根据动量定理mv=mgt-£阳8丫1!11丫=11181:一四8八解得1=孤+黑^,D

正确；故选ABD。

考向三磁场中的动量观点的应用

15.(2025•安徽黄山•一模)如图所示，质量为加，下端封闭、上端开口且内壁光滑的绝缘玻璃管竖直放置,

管底有一带正电的小球，电量为9，质量也为加。空间存在足够大且垂直纸面向里的水平匀强磁场，磁感应

强度B=詈。在斜向上的外力作用下，玻璃管在磁场中由静止开始做水平向右的匀加速直线运动，加速度

大小为会最终小球从上端开口飞出。设运动过程中小球的电荷量始终保持不变，重力加速度g取10m/s2。

则：

(1)求小球在玻璃管内脱离底部之前的运动时间；

(2)已知小球飞出玻璃管前的运动时间t=2s,求小球运动到玻璃管最高点时的加速度大小；

(3)如果小球在玻璃管内脱离底部之后外力保持不变，求玻璃管的最大速度大小(此时小球未飞出玻璃管)。

【答案】(1)0.8s(2)5V10m/s2(3)(4+2伪m/s

【详解】(1)设小球在玻璃管内脱离底部之前经历的运动时间为L，水平方向速度为vO,小球脱离底部时,

有qv()B=mg且Vo=axh联立可得皆=0.8s

(2)小球在玻璃管中向上运动时间为t2,显然t2=t-ti竖直方向q(v()4-axt2)B-mg=may代入数据可得竖

直方向最大加速度ay=15m/s2故合加速度为a=.+a：代入数据可得a=5V10m/s2

(3)设玻璃管匀速时玻璃管的速度为V1，此时小球相对玻璃管的速度为V2,当小球刚刚脱离玻璃管底端时

水平方向Fx=2max=mg因为玻璃管达最大速度，加速度为0,所以F*=qv?B解得v?=4m/s竖直方向对小

球列动量定理q#xBt2-mgt2=mv2-0又玻璃管水平位移s=vxt2该过程中对系统水平方向列动量定理Fxt?

-qvyBt2=2mv1-2mv0又小球竖直位移h=Vyt?该过程中对系统列动能定理FxS-mgh=加始+1m

(vj+V2)-1x2m诏联立解得vi=(4+2V2)m/s

16.(2024•安徽・模拟预测)如图所示，固定的光滑绝缘斜面的倾角为8(0。<8<90。)，空间存在水平向里

的匀强磁场。一质量为〃?的带正电小球，片0时刻从斜面上静止释放，经过时间G离开斜面。重力加速度

为g,不计其他阻力。

(1)求小球离开斜面时的速度由；

(2)小球离开斜面后，在竖直面内的运动轨迹如图中虚曲线所示，且运动过程中的加速度大小始终不变。

已知小球经过相邻两个轨迹最高点所用的时间为27rTotanO,求：

(i)小球的轨迹最高点和最低点间的高度差h；

(ii)相邻两个最高点间的距离X。

XWX」、X-X

B

XX

XXX■■><■■■X

22

【答案】(1)gTosin0；(2)(i)2gTotan0sin0；(ii)2-rrgTotan0

【详解】(1)小球释放后，沿斜面向下加速，洛伦兹力垂直斜面向上，小球脱离斜面前，洛伦兹力不影响

小球的加速度，沿斜面方向，由牛顿第二定律有mgsin。=ma解得a=gsin。小球在斜面上做匀加速直线运动，

由运动学公式有Vo=aT()解得vo=gTosin0

(2)小球刚要离开斜面时，垂直斜面方向，有qv()B=mgcos。设小球离开斜面后，在轨迹最低点的速度为

Vi，在轨迹最高点的速度为V2,分析可知，Vi、V2的方向都水平向右，且小球离开斜面后的加速度大小都等

于刚脱离斜面时的加速度a=gsinO

(i)在最低点，小球加速度向上，由牛顿第二定律有qviB-mg=ma在最高点，小球加速度向下，由牛顿

第二定律有mg-qvzB=ma小球从最低点运动到最高点，只有重力做功，洛伦兹力不做功，由动能定理有

-mg/i=且解得九=2gT^tan2Osin0

(ii)小球离开斜面后，从一个最高点向相邻最高点运动的过程中，设某一时刻速度为v,方向与水平向右

夹角为a,又经过一小段时间加，竖直方向速度变化量为Avy,水平方向分位移为Ax,竖直方向由动量定理

有qBvAtcosa-mgAt=mAvyAx=vAtcosa对小球从一个最高点到相邻最高点的整个过程求和，有

qBx—mg•271TotanB=0—0解得x=2ngTotan26

题型三电磁感应中三大观点的综合应用

核心精讲=1

一、电磁感应的动力学问题处理方法

1.力学对象和电学对象的相互关系

2.分析电磁感应现象中动力学问题的基本步骤

二、电磁感应的能量问题处理方法

1.电磁感应现象中的能量转化

此类问题中克服安培力做功，转化为系统的电能，而后转化为其他形式的能量，例如焦耳热，此类问

题多用动能定理或能量守恒定律求解。

2.能量转化问题的分析步骤

分离出电路中由于电磁感

先对“源”

应产生电动势的等效电源,

进行分析

求出电源参数E和r

分析电路结构，弄清串、

再进

并联关系，求出相关部分

行“路”的

的电流大小，以便求解安

分析

培力

分析研究对象（常是金

然后

属杆、导体、线圈等）

是“力”的

的受力情况，尤其注

分析

意其所受的安培力

根据力和运动的关

最后进行“运

系，判断出正确的

动状态的分析

运动模型及能量转

及能量分析”

化关系

三、电磁感应的能量问题处理方法

1.求解单棒或双棒问题中电量时，常用动量定理。例如:BUt=mv2-mve^BLq=mv2-mv^

2.处理无外力等间距双棒问题时，常用动量守恒定律。

真题研析口

17.（2024・湖南•高考真题）某电磁缓冲装置如图所示，两足够长的平行金属导轨置于同一水平面内，导轨

左端与一阻值为R的定值电阻相连，导轨BC段与aC1段粗糙，其余部分光滑，441右侧处于竖直向下的匀

强磁场中，一质量为俏的金属杆垂直导轨放置。现让金属杆以初速度为沿导轨向右经过441进入磁场，最终

恰好停在CQ处。已知金属杆接入导轨之间的阻值为R,与粗糙导轨间的摩擦因数为“，AB=BC=d.导轨

电阻不计，重力加速度为g,下列说法正确的是