2026届湖南省邵阳市高三物理综合模拟检测试卷（八）含解析

绝密★启用前

2026届湖南省邵阳市高三年级物理综合模拟检测试卷（A）

本试卷共100分，考试时间75分钟.

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试卷和答题卡上.

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑.如需

改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号.回答非选择题时，将答案写在答题卡

上.写在本试卷上无效.

3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回.

一、选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一

项是符合题目要求的。

1.2023年4月29日至5月3日，中国国际新能源、智能汽车博览会在石家庄举办，新能源是指刚开始

开发利用或正在积极研究、有待推广的能源，如太阳能、风能和核能等.关于核聚变、衰变，下.列说法正

确的是（）

A.彳H+:He+X是核聚变反应，X粒子带负电

B.在核反应孑H+fHe+X中会释放出核能，说明笊核和瓶核的比结合能大于氮核

C.然U衰变为籍Ra要经过4次a衰变，4次口衰变

D.若铀元素的半衰期为T,则经过时间T,8个铀核中有4个已经发生了衰变

2.我国首个火星探测器“天问一号”发射过程可简化为:探测器在地球表面加速并经过一系列调整变轨，成

为一颗沿地球公转轨道绕太阳运行的人造行星;再在适当位置加速，经椭圆轨道（霍曼转移轨道）到达火星

公转轨道。已知地球的公转周期为「P、N两点分别为霍曼转移轨道上的近日点与远日点，可认为地球和火

星在同一轨道平面内运动，火星轨道半径约为地球轨道半径的1.5倍。则（）

A.火星的公转周期为亚

Q

B.探测器在霍0转移轨道上的运行周期为

C.探测器在霍曼转移轨道上P、N两点线速度之比为4:3

D.探测器在霍曼转移轨道上P、N两点加速度之比为9:4

3.跳台滑雪是一项极具挑战的极限运动，如图所示，运动员在某次表演中从跳台上方的4点以一定初速

度卬水平飞出，在空中运动一段时间后，落在足够长斜坡上的8点，不计空气阻力。若运动员以初速度

2山沿水平方向飞出，下列说法正确的是（）

第1页，共13页

A.运动员在空中的运动时间变为原来的4倍

B.运动员在斜坡上的落点到/1点的距离变为原来的2倍

C.运动员落在斜坡上时的动能变为原来的2倍

D.运动员在空中运动过程中的动量变化量变为原来的2倍

4.位于坐标原点的波源的振动图像如图所示，形成的简谐波沿着x轴向两侧传播，已知波的传播速度为

2m/s,贝h=ls时的波动图像为（）

5.（带电粒子在复合场中运动的时间•应用）如图,真空中有区域I和II,区域I中存在匀强电场和匀强磁场，电场

方句竖直向下（与纸面平行），磁场方向垂直纸面向里，等腰直角三角形CGF区域（区域H）内存在匀强磁场，磁

场方向垂直纸面向外.图中A、C、O三点在同一直线上,A0与GF垂直,且与电场和磁场方向均垂直.A点

处的粒子源持续将比荷一定但速率不同的粒了•射入区域I中，只有沿直线AC运动的粒子才能进入区域H.若

区域I中电场强度大小为E、磁感应强度大小为Bi,区域H中磁感应强度大小为B岂则粒子从CF的中点射出,

它们在区域H中运动的时间为to.若改变电场或磁场强弱，能进入区域H中的粒子在区域II中运动的时间为t,

不计粒子的重力及粒子之间的相互作用，下列说法正确的是)

A.若仅将区域I中磁感应强度大小变为2Bi,则t>to

B.若仅将区域I中电场强度大小变为2E,则t>t（）

C.若仅将区域II中磁感应强度大小变为fBz,则t号

4Z

D.若仅将区域II中磁感应强度大小变为［BZ,则1=&。

4

第2页，共13页

6.用长为1.4m的轻质柔软绝缘细线，拴一质量为1.0x]（）-2kg、电荷量为2.0xi（）Fc的小球，细线的上

端固定于。点。现加一水平向右的匀强电场，平衡时细线与铅垂线成37。角，如图所示。现向左拉小球

使细线水平且拉直，静止释放，则（sin37°=0.6,g=10m/s2）（）

A.该匀强电场的电场强度为3.75x]0?N/C

B.平衡时细线的拉力为（）.17N

C.经过0.5s,小球的速度大小为6.25m/s

D.小球第一次通过O点正下方时，速度大小为7m/s

二、选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选

项中，有多项是符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有

选错的得0分。

7.物块以速度%=6m/s从4点沿水平方向冲上长为2m的传送带，并沿水平传送带向右滑到B点后水

平抛出，落到地面上的P点，如图甲所示.平抛运动的水平距离记为x,规定向右为速度正方向.在%—

定的情况下，改变传送带的速度〃，得到％—〃关系图像如图乙所示.已知g=10m/s2,下列说法正确

的是（）

A.当传送带速度为0时，物块到达8点的速度为4m/s

B.传送带平面到地面的高度为0.8m

C.物块与传送带间动摩擦因数为0.5

D.如果传送带向左传送，其％-u图像为虚线c

8.如图所示，在倾角为30°、底端有挡板的固定斜面上，滑块b的一端通过一劲度系数为k=200N/

m的轻质弹簧与另一滑块Q连接后置于斜面上，滑块b的另一端通过一不可伸长的轻绳跨过光滑的定滑轮

与带孔的小球c连接，小球c穿在光滑的固定轻杆上，轻杆与水平方向的夹角为37°,初始用手托住小球c

置于M点，此时MO水平，弹簧被拉伸且弹力大小为8N,释放小球c,小球恰好能滑至N点，滑块a始终

2

未啕开挡板，已知M。=NO=20cm,ma=mb=1.6kg,mc=1.0kg,重力加速度g取10m/s,

sin37°=0.6,cos37°=0.8.若整个运动过程中，绳子一直绷紧，下列说法正确的是（）

A.滑块b与斜面间的动摩擦因数为手

第3页，共13页

（1）改变光电门的位置，重发实验，每次物块均从〃点静止释放，记录多组/和对应的时间/,作出/图

像如图2所示，若要验证轻弹簧刃物块组成的系统机械能守恒，则在误差允许的范围内，需要验证正确

的关系式是o

A，「苧

B-上备尸净

（2浒（1）中的条件下，/〃和/=/,时，物块通过光电门时弹簧具有的弹性势能分别为耳和％,则

Epi-Eg=（用A，g表示）。

（3肺（I）中的条件下，取某个值时，可以使物块通过光电门时的速度最大，速度最大值为

（洲,g"表示）O

12.弹性电阻绳是一种具有弹性却导电性的材料，通常应用于应变传感器中。某同学利用6V的恒压电源

（内阻不计）、量程为0.6A的电流表（内阻不计）、定值电阻和电阻箱等器材设计出如图甲所示的电

路，探究弹性电阻绳伸长量AL与其电阻增加量A8的关系。

（I）装置安装、电路连接、测量初始值。

如国乙所示，在水平桌面上放置支架和测量尺，弹性电阻绳的一端固定在支架顶端，另一端作为拉伸

端，两端分别用带有金属夹4、8的导线接入电路中；在弹性电阻绳左侧放置测量尺。先将弹性电阻绳竖

直悬挂，测出弹性电阻绳的原长A，并用多用电表测出此时弹性电阻绳阻值Ro,若选用“x10”倍率的电

阻挡测量，发现多用电表指针偏转角度过大，为了提高测量的精确度，应将选择开关拨至

（填“X100”或“x1”）电阻挡，后将两表笔短接，进行。若操作正确，多用电表的示数如

图为所示，测量结果为Co

（2）探究弹性电阻绳伸长量AL与其电阻增量AR》的关系。在弹性绳的拉伸端系着一带有指针的托盘。

通过在托盘上放置不同数量的钩玛拉伸改变弹性电阻绳的长度。

①连接好电路，断开开关S,将电阻箱R的阻值调整至:

第5页，共13页

②用合开关S,调节电阻箱的阻值使得电流表指针有大角度偏转，记录读数为/,读出电阻箱的示数R1，

并观察托盘上的指针在测量尺上的位置，记录4、B间的距离，即为弹性电阻绳拉伸后的长度Li；

③断开开关S,在托盘上放置一钩码，稳定后再次记录入、8间的距离乙2,再闭合开关S,调节电阻箱的

阻值使得电流表读数为/，记录此时电阻箱阻值〃2,则说明弹性电阻绳拉伸量增加人一打时，弹性电阻

绳电阻增加量为，

13.如图，一玻璃装置放在水平桌面上，竖直玻璃管4、B、。粗细均匀，4、B两管的上端封闭，。管上

端开口，三管的下端在同一水平面内且相互连通/、B两管的长度分别为A=13.5cm,%=32cm.将

水银从C管缓慢注入，直至艮C两管内水银柱的高度差九=5cm.已知外界大气压为po=75cmHg.

求A、8两管内水银柱的高度差.

H

14.（14分）在倾角为6的导轨上存在如图所示的匀强磁场，。为CO的中点，磁场的方向均垂直于其所

在导轨的平面。LAC=噎=d,金属棒I静止于MN处并用绝缘物挡住。金属棒H从4B位置由静止释

放，到达CO时对其施加平行于倾斜导轨的外力户使金属棒II匀速运动，待离开三角形区域磁场时撤去外

力,金属棒II继续加速运动到最大速度后匀速运动至GH,进入水平轨道，G、H两点、绝缘,PQ之间有一

自感系数为”的电感线圈，所有摩擦均忽略不计，已知磁场的磁感应强度大小均为8°,金属棒I的质量未

知、阻值为R,金属棒II的质量为m,其余电阻忽略不计，导轨,可距为2d,所有导轨接触良好，水平导

轨足够长，重力加速度为g。（可能用到的计算公式：自感电动势£•=”?）

（I）求外力F对金属棒H做的功；

（2）当金属棒I【通过EF以后，三角形区域磁场的磁感应强度大小以8=8。+依的规律变化，同时在

MN处施加沿斜面向上的匀强磁场，磁感应强度大小为求金属棒II的最大速度"max和金属棒I的最小

质量7nmin；

（3）求金属棒II在水平轨道的最大运行距离Xm（用含有Umax的表达式）。

15.如图所示，竖直平面内固定芍绝缘轨道力AMNP,4B段是长£=3.6m的水平轨道，8M段是半径

/?=0.4m、圆心角夕=37。的光滑圆邨轨道,MN段是倾角。=37。的倾斜轨道,NP段是恰好能与内必段组

成半圆的光滑圆弧轨道，各段轨道均平滑连接。0\、。2分别是两段圆弧轨道的圆心，A/Q所在直线右侧

足旅大空间存在匀强电场，电场方向与平行且向上，电场强度大小为E=90N/C。小物块”以初速度

%=IOm/s从4点向右运动，一段时间后，与静置在4点的小物块力发生弹性正碰（碰撞时间极短），b

运动到P点时对轨道恰好无压力。已知〃、人的质量分别为叫=O/kg、叫=O.3kg,。与段的动摩擦

因数为〃=。5,力带正电，电荷品夕=0.02C,〃、力碰撞过程不会发生电荷转移，重力加速度大小

g=10m/s2,sin370=0.6»cos37°=0.8<>求

（l）。、力碰撞结束瞬间，b的速度大小：

（2）〃通过。点时的速度大小；

第6页，共13页

(3)》通过尸点后在电场中运动距MV的最远距离。

a

AB

第7页，共13页

参考答案

1.【答案】C

【解析】本题考查衰变的次数、半衰期的概念彳H+；HT,He+X是核聚变反应，X粒子的质量数

为1,电荷数为0,是中子，不带电，A错误；在核反应/He+X中会释放出核能，

生成物更加稳定，生成物的比结合能更大，即笊核和笳核的比结合能小于氯核，B错误：设$8u衰变

为铮Ra要经过％次a衰变，y次B衰变，则238=222+4%,92=88+2x-y,解得％=4,

y=4,C正确；半衰期是大量原子核衰变的统计规律，对少量原子核衰变不适用，D错误.

2.【答案】D

【详解】设地球绕太阳公转轨道半径为r,则火星轨道半径约为1.5几根据开普勒第三定律最=k可知，

火星的公转周期为容T,A错误；霍曼转移轨道半长轴为二包=1.25r,对地球和探测器，由开普勒

Y82

第三定律可得3=昱誓，解得了捺二尊丁，B错误；根据开普勒第二定律"•r="N•15r,P、N

［探a

两点线速度之比为3:2,C错误：根据万有引力提供向心力解得。「=等，即二号子探测器在霍曼

转移轨道上P、N两点加速度之比为9:4,D正确。

3.【答案】D

【详解】设斜坡的倾角为仇根据平抛运动的规律有y=x=tan6=),联立解得

2x

可知当初速度变为2yo时，运动员在空中的运动时间也变为原来的2倍，运动员住斜坡上的

g

落点到力点的距离变为原来的4咯，故AB项错误；根据动能定理有Ek=^mvl+mgy,可知运动员落在

斜坡上的动能变为原来的4倍，故C项错误；根据动量定理有Ap=/〃g/,则运动员在空中运动过程中的

动量变化量变为原来的2倍，故D项正确。

4.【答案】C

【详解】根据波源的振动图像可知，波源的振动周期为r=2s,那么从波源开始振动到Z=1S的时间里，

波在x轴向两侧传播应分别产生了半个波形。已知波沿x轴向两侧传播的速度为y=2m/s,则波长为4=

v7=4m,那么波形相对于y轴应是镜像对称的，且传播到x轴±2m的位置。根据波源的振动图像可知，

在，=ls时，波源经过平衡位置向下振动。综合判断，C正确，A、B、D错误。

5.【答案】D

【解析】设沿AC做直线运动的粒子的速度大小为v,有qvB产qE,即v=：，粒子在磁场II中做匀速圆

周运动，如图中轨迹1,由几何关系可知运动轨迹所对的圆心角为90。，则运动时间为।周期，又qvB2=

第8页，共13页

mV\可得r=mv,时间t0=1.2兀m,根据几何关系可知oc=2r,若仅将区域I中磁感应强度大小变为

rqBz4qB>

2B1,则做匀速直线运动的粒子的速度变为原来的一半，粒子在区域n内做匀速圆周运动的轨迹半径变为

原来的一半，如图中轨迹2,轨迹对应的圆心角依然为90。，时间t=L27cm=to,A错误：

4qB2

若仅将区域I中电场强度大小变为2E,则做匀速直线运动的粒子的速度变为原来的2倍，粒子在区域H内

做匀速圆周运动的轨迹半径变为原来的2倍，如图中轨迹3,粒子从F点离开磁场，对应的圆心角依然为

i*34*

9()。，时间1=：.2胃=S，B错误：若仅将区域II中的磁感应强度大小变为B2,粒子在区域II中做匀速圆

4qB24

周运动的轨迹半径变为43r>2一粒子从0、F间离•开，如图中轨迹4,由几何关系可知，轨迹对应的圆

3

OC2ra।2711Tloa

心角9满足sin9=d&=4[=贝g=60。，Mt='-a=3：io,C错误；若仅将区域I[中的磁感应

63

43r43r2q.B29

33”4~

2

强度大小变为,B2,粒子在区域II中做匀速圆周运动的轨迹半径变为4r=22r>2r,粒子从0、F间离

开，如图中轨迹5,由几何关系可知，轨迹对应的圆心角。满足sin。=℃=2r=2,则0=45。，粒子

22i22r2

i2xm

在区域II中运动的时间为t=L)=2to,D正确.

8q・卜2

4

6.【答案】C

【详解】小球处于平衡状态时，受力分析如图所示，则可知qE=，〃gtan37。，则该匀强电场的电场强度E

=WGTAN37°=3.75X106N/C,故A错误；细线的拉力/=嗯=0.125N,故B错误；在外力作用下，

qcos37°

拉小球使细线水平时，由静止释放，如图所示，小球在静电力和重力的作用下，从力点由静止开始做匀

加速直线运动至8点，NO4B=/OBA=53。,OA=OB=l=\Avn,在此过程中，细线处于松弛状态，无

拉力作用，小球运动至8点时，细线绷紧，匀加速直线运动结束。根据牛顿第二定律可知小球匀加速直

线运动时的加速度。=’合m/s2=12.5m/s2,假设经过0.5s后，小球仍在沿力3方向做匀加速直线

运动，则小球的速度v=4f=6.25m/s,经过的距离xnbFnl.SGZ5m,A,〃间的距离|/A|=2/cos53。=

1.68m,x<\AB\,假设成立，故0.5s时，小球的速度大小为6.25m/s,故C正确；小球运动至8点时，

细线绷紧，小球沿细线方向的分速度减小为零，动能减小，假设细线绷紧过程小球机械能损失△£,此后

第9页，共13页

在静电力、重力和细线拉力作用下沿圆弧运动至。点正下方，对小球由4点第一次通过。点正下方全过

程，根据能量守恒定律，可知(qE+mg)l—AE=12,又△£>(),得vV7m/s,故D错误。

7.【答案】ABC

【解析】根据题图乙分析可得，当传送带的速度大于4m/s时，物块平抛的水平位移发生变化，说明传

送带速度小于4m/s时，物块在传送带上一直做匀减速运动，即当传送带速度为0时，物块到达B点的

速，更为4m/s,A正确；根据x=h=物块到达B点的速度为4m/s,得£=0.4s,h=

0.8m,B正确；当传送带速度小于或等于4m/s时，物块在传送带上一直做减速运动，根据牛顿第二定

律以7ng=ma,又诏一/=2山，其中u=4m/s,I=2m.得〃=0.5,C正确；如果传送带向左传

送，物块所受滑动摩擦力向左，与传送带速度小于或等于4m/s情况相同，应为虚线a,D错误.

8.【答案】ABC

【解析】小球c从M到N,滑块b先卜滑再回到原来的位置，由能量关系可得小〃•2MOcos37°-sin37°=

^mbgcos30°x2(MO-而sin37)解得滑块b与斜面间的动摩擦因数为〃=*故A正确;小球在M

点时弹簧被拉伸,弹力为8N,此时弹簧伸长量Ax=券m=4cm,小球c滑至MN的中点处时力下滑的距离

为Ax'=两一OMsin37°=8cm,则此时弹簧被压缩4cm,此时弹簧的弹性势能等于小球c在M点时弹

簧的弹性势能，设此时c的速度为"此时b刚好到达最低点，则b的速度为零，由能量关系可得小4,

2o

MOcos37°•sin370+mbgl^x'-sin30°=7：mcv+iimbgcos30-△/,解得u=殍m/s,故B正确；

小球c从M点滑至MN中点的过程中，弹簧由伸长4cm到被压缩4cm,即弹簧的弹性势能先减小再增大，故

C壬确；小球c从M点滑至N点的过程中，经过MN中点处时，小球c沿轻杆方向的合力为mcgsin37°,则加

速度不为零，速度不是最大,即此时重力的功率不是最大，故D错误.

9.【答案】BCD

【解析】本题考查折射和全反射的综合问题.画出光路图如图所示，在界面恰好发生全反射，由几何关

系可知全反射临界角C=i=60°,则折射率九=1=竽，故A错误，B正确；又几=二则光在透

明介质中的传播速度为笠=£=：c,故C正确；由几何关系可得0G=00=0F="X"=3，

n2224

OE=20F=与,则0£*=。£一。0=争，光从射入4B面开始到射到E点的时间为t=竺空+

24v

竺=用，故D正确.

c4c

10.【答案】AD

第10页，共13页

【详解】因①=7=50;rrad/s,交流电压瞬时值的表达式为〃=10sin50市（V）,选项A错误；交流电的频

率为/=3=6^"25取，选项B正确；0.01s末感应电动势最大，此时线框平面平行于磁场，穿过线

框的磁通量变化最快，磁通量变化率最大，选项C正确；0.02s时感应电动势为零，此时穿过线框的磁通

量为最大，选项D错误。此题选择不正确的。

11.【答案】（1）B；（2）mg「mgk（3）g第

【详解】（1）小球经过光电门的速度为v=若系统机械能守恒，则有小。=＜女厂+；〃八，2,整理得

t22

1=—予+汽

Vmd-d~

（2）当/=4和/=&时，物块通过光电门的时间相等，即物块经过光电门的速度相等，动能也相等，根据

机械能守恒定律分别有mgh=Epi+Ek,mgh=/+耳，整理可得机―4=mgl「mgb。

（3）小物块经过光电门的速度越大，则小物块经过光电门所用时间越短，由（1）可知，当/=6时，小

物块通过光电/时的速度最大时.，且此时小物块的加速度为零。对其进行受力分析有A4=〃，g,解得

k聋,代入（1）中可得最大速度为％=g1。

12.【答案】（1）X1（2分）：欧姆调零（1分）：7（1分）

（2）最大（2分）；RI-R2（2分）

【详解】

（I）选用“X10”倍率的电阻挡测量，发现多用电表指针偏转角度过大，说明所选倍率过大，则应将开

关拨至较小的“x1”电阻挡，然后将两表笔短接，进行欧姆调零；可读出此时多用电表的读数为7cx

1=7Qo

（2）①连接好电路，为了保护电路，防止电路中的电流过大，断开开关S后，应将电阻箱R的阻值调整

至最大。

③由于前后两次测量亳安表读数为/不变，故回路中的总电阻不变，则弹性电阻绳电阻的增加量必然等于

电阻箱阻值的减少量，即弹性电阻绳电阻增加量AR=%-/?2。

13.【答案】1cm

【解析】本题考查液柱模型.以B中气体为研究对象，设初状态压强为pa，体积为V卬8管横域面积为S,

初状态PB=Po»="S，

设末状态压强为p%，体积为p，，

P,B=Po+Ph=75cmHg+5cmHg=80cmHg,V'B=l'2S,

由于水银从C管缓慢注入，整个过程管内气体发生等温变化，

由玻意耳定律得P3PB=PZV］，（2分）

解得「2=30cm,（1分）

以4中气体为研究对象，设初状态压强为PA，体积为匕4,4管横截面积为S',

初状态PA=PO，VA="S'，

设末状态压强为p）,体积为=l\S',

由题图中液柱关系可得4中水银柱高为。-Z'p（1分）

第11页，共13页

C中水银柱高为h+（%-/2）=7cm,（1分）

则A中气体末状态压强p==（-1+68.5）cmHg,（1分）

整个过程管内气体发生等温变化，

由诚意耳定律有P力匕4=p'/），（2分）

解得J=12.5cm,

设4、B两管内水银柱的高度差为△/;,则

A/i——I'2）—（，1—L'l）=1cm.（2分）

14.【答案】（1）竺誓誓画一mgdsin。

3n

⑵嘲R+篝吗tan6

4琢d22B0Bo

（3）^\fHm

280d

【解析】

（I）金属棒II在运动至CD之前的加速度大小为Q=gsin。，则根据匀变速直线运动公式有讲=

2gdsin6,可知金属棒H进入三角形磁场区域时的初速度大小为孙=J2gdsme.............1分对于金属

棒■在三角形磁场中切割磁感线的过程，有效切割长度是动态变化的，如图甲所示，有效切割长度L=

2xtana.............1分

甲

根据几何关系可知tana=1,根据题意，金属棒H在该三角形破场区域中做匀速直线运动，

有＜=%如E=BQLVQ,T，联立解得》=笔口.......1分令自=手，则有电流，=心如根

K1\1\

据焦耳定律Q熟=胫亡2戊，且t=£,解得Q热=竺吟型.......1分对金属棒II在该磁场区域中全

过程，根据能量守恒定律有mgdsine+AE=Q热...........