八年级下册物理湘潭物理期末试卷测试卷(含答案解析)

八年级下册物理湘潭物理期末试卷测试卷（含答案解析）

1.下列估测的数据中，最接近实际情况的是（）

A.八年级学生所受的重力大约为500N

B.八年级学生游泳时排开水的体积约为0.5m3

C.八年级学生立定跳远的成绩一般为5m左右

D.“六一•〃儿童节期间小朋友玩耍的充气气球内的气压大约为O.8xlO5N/m2

答案：A

解析；A

【详解】

A.八年级学生所受的重力大约为500N,符合实际，故A符合题意；

B.八年级学生游泳时排开水的体积约为0.05m3,故B不符合题意；

C.八年级学生立定跳远的成绩一般为2m左右，故C不符合题意；

D."六一〃儿童节期间小朋友玩耍的充气气球内的气压大于外界大气压，大约为

l.lxlO5N/m2,故D不符合题意。

故选A-

2.下列与流体压强有关的现象和应用中叙述正确的是（）

A.小轿车高速行驶时，对水平路面的压力小于其重力

B.吊扇在工作时，对天花板的拉力大于其重力

C.高速行驶的列车产生的强大的气流会把靠近的人向外推倒

D.平行于窗户的风吹过敞开的窗子时，窗帘会被吹向室内一侧

答案：A

解析：A

【详

A.小汽车的形状上面凸起，下面平直，在水平路面上高速行驶时，流过上方的空气流速

快，下方的流速慢，上方为压强小，下方的压强大，从而产生一个向上的升力，因此对水

平路面的压力小于车的重力，故A正确；

B.电风扇转动时，风扇叶对空气施加了一个向下的力，由于物体间力的作用是相互的，空

气对风扇叶施加了一个向上的反作用力；此时风扇叶受到了三个力的作用，重力G、固定

杆对扇叶的拉力F、空气对扇叶施加的力尸，风扇在这三个力的作用下在竖直方向上静

止，所以

G=F+F'

所以

F<G

故B错误；

C.人离火车太近，火车开动时，使人和火车之间的空气流动速度变大，压强变小，离站台

远的地方气体相对流速较小，压强较大，人在内外压强差的作用下，被强大的气流压向列

车，容易发生危险，故C错误；

D.平行于窗户的风吹过敞开的窗子时，外面空气流速快、压强小，内侧空气流速慢、压

强大，窗口悬挂的窗市会飘向窗外，故D错误。

故选Ao

3.若小球由如图所示位置向右摆动到最低点时绳子断裂，假设此时所有外力均消失，此

后，小球的运动情况是（）

匀速直线下落匀速直线上升

静止水平向右匀速直线运动

答案：D

解析：D

【详解】

由于小球由如图所示位置向右摆动到最低点时，速度方向是水平向右的，这时如果所有外

力均消失，根据牛顿第一定律可知，一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止或匀速

直线运动状态，所以此后小球的运动情况是水平向右匀速直线运动。

故选D。

4.对下列情景涉及的物理知识，描述错误的是（）

A.骆驼具有宽大的脚掌，可以减小对地面的压强

B.甲、乙两队进行拔河比赛，甲队获胜，说明甲队对乙队的拉力大于乙队对甲队的拉力

C.飞机前进时机翼上方气流的速度较大对机翼上表面的压强较小

D.在冰雪路面上行车，需加装防滑链是为了增大与地面的摩擦

答案：B

解析：B

【详解】

A,骆驼具有宽大的脚掌，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小骆驼对地面的压

强，从而不会陷入沙漠中，故A正确，不符合题意；

B.因为物体间力的作用是相互的，对于拔河的两个队，甲对乙施加了多大拉力，乙对甲也

同时产生一样大小的拉力，故B错误，符合题意；

C.机翼的上方是弧形，空气流过上方时流速大，压强小；机翼下方是平面，空气的流速

小，压强大，这一压强差使飞机获得竖直向上的升力，故C正确，不符合题意；

D.在冰雪路面上行车，需加装防滑链，增大了接触面的粗糙程度，是为了增大与地面的

摩擦，故D正确，不符合题意。

故选Bo

5.两个相同的容器中装有甲、乙两种密度不同的液体。将同一支密度计先后放入甲、乙两

容器中，静止时如图所示，则（）

由南

A.密度计在甲液体中受到的浮力较大

B.密度计在乙液体中受到的浮力较大

C.乙液体的密度比甲液体的密度大

D,甲液体的密度比乙液体的密度大

答案：D

解析：D

【详解】

AB.由图可知，密度计在甲、乙液体中处于漂浮状态，因同一支密度计的重力不变，所

以，密度计在两种液体中所受的浮力相等，故AB错误；

CD.因甲中密度计排开液体的体积小于乙中排开液体的体积，所以，由F折pgV郴可知，甲

液体的密度大于乙液体的密度，故C错误，D正确。

故选Do

6.如图所示，在水平力F的作用卜，使硬棒沿逆时针方向匀速转动，在棒与竖直方向的夹

角由。增大到疗的过程中（）

A.拉力F变小，F的力臂变小

B.拉力F变大，F的力臂变大

C.重力G不变，G的力臂变大

D.重力G不变，G的力臂变小

答案：C

解析：C

【详解】

重力是由于地球吸引使物受到的力，杠杆的转动对其重力不产生影响，故转动过程中重力

不

变；力臂是从支点到力的作用线的垂直距离。由于G不变，在棒与竖直方向的夹角由9增

大到沙的过程中,G的力臂上变大，F的力臂b变小;根据杠杆平衡条件由佗产G/可得,

F一定变大，故ABD不符合题意，C符合题意。

故选Cc

7.如图甲所示，在容器底部固定一轻质弹簧，弹簧上端连有一边长为0.1m的正方体物块

A,容器中水的深度为40cm时，物块A刚好完全浸没在水中，容器侧面的底部有一个由阀

门B控制的出水口，打开阀门B,使水缓缓流出，当物块A有3的体积露出水面时，弹

簧恰好处于自然伸长状态唧恢复原长没有发生形变），此时关闭阀门B弹簧受到的拉力F

跟弹簧的伸长量△£关系如图所示（不计弹簧所受的浮力，物块A不吸水）则下列分析不正确

的是（）

A.打开阀门前物块A受到的浮力10N

B.物块A的密度0.6xl0kg/m3

C.物块A刚好完仝浸没在水中时，弹簧伸长了2cm

D.弹簧恰好处于自然伸长状态时水对容器底部的压强3.6xlO3Pa

答案：D

解析：D

【详解】

A.打开阀门前，物块A刚好完全浸没在水中，则

V拈=LA=(0.1m)3=lxl0'3m3

所以

Frt=p4；gVtn=1.0xl03kg/m3xl0N/kgxlxl0_3m3=ION

故A正确；

B.当弹簧恰好处于自然伸长状态，物块A是处于漂浮状态，故F泞=6得

P水gu排=。人9以

所以

pAx~"A=PAUA

则

3

V.1；-V3

PA=TTp水=5"。水=-xl.OxlO3kg/m3=O.6xlO3kg/m3

A匕5

故B正确；

CD.漂浮时，物块受平衡力，由题意知

3

G=F%=p^gi/，a=l.OxlO3kg/m3xlON/kgx|l--)xlxlO_3m3=6N

全部浸没时，根据物块A受平衡力作用可知：弹力

F=F；9-G=10N-6N=4N

由图象可知此时弹簧伸长了AL=2cm,所以弹簧处于自然状态时水深

/7=40cm-25xl0cm-2cm=34cm=0.34m

水对容器底部压强

333

p=pKg/)=1.0xl0kg/mxl0N/kgx0.34m=3.4xl0Pa

故C正确，D错误。

故选Do

8.如图所示是蹦极运动的简化示意图，弹性绳一端固定在。点，另一端系住运动员，运

动员从O点自由下落，到八点处弹性绳自然伸直，8点是运动员受到的重力与弹性绳对运

动员拉力相等的点，c点是蹦极运动员到达的最低点（忽略空气阻力），下列说法正确的

是（）

A.从。点到C点运动员速度一直减小

B.从。点到C点运动员的机械能一直在增大

C.从。点到A点运动员的机械能不变

D.运动员在4点时速度最大

答案：C

解析：C

【详解】

AD.由。到4点，运动员只受到重力的作用，自A点开始，绳子发生弹性形变，产生弹

力，由八至C,弹力逐渐增大。到B点时弹力增大到等于重力，所以从。到8点前，运动

员所受的合力向下，那么速度一直增大。通过B点后，弹力大于重力，合力方向向上，那

么速度减小，那么在8点时速度最大，故AD错误；

BC.从。点到4点的过程中，忽略空气阻力时，只有重力对运动员做功，所以机械能守

恒，即这个过程中机械能不变；而从八点到C点的过程中，绳子弹性形变程度增大，弹性

势能增大，而绳子增大的弹性势能是运动员的机械能转化而来的，这个过程中运动员的机

械能减小，故B错误，C正确。

故选Co

9.我们可以利用矿泉水瓶做很多小实验来说明一些物理知识。

（1）用双手挤压空矿泉水瓶，看到瓶子发生了变形，表明;如果施加的力增大，瓶

子变形程度就加大，这表明跟力的大小有关；

（2）往空矿泉水瓶内注入少量的热水，盖紧瓶盖，待水冷却后发现瓶子向内凹陷，这个现

象表明了的存在；

（3）把装满水的烧杯放在盘子里，在把空的矿泉水瓶慢慢按入水中时，感到手在用力，说

明浸在水中的物体受到;同时发现矿泉水瓶浸入水中的体积越大，排开的水越多，

手用的力越大。由此可以推想浮力的大小跟密切相关。

解析：力可以改变物体的形状力的作用效果大气压强或（大气压）向上的浮力或

（浮力）排开水的体积或（浸入水中的体积、排开水的质量；排开水的重力）

【详解】

（1）口］⑵用双手挤压空矿泉水瓶，看到瓶子发生了变形，表明力能够改变物体的形状；

如果施加的力增大，瓶子变形程度就加大，这表明力的作用效果跟力的大小有关。

（2）⑶往空矿泉水瓶内注入少量的热水，盖紧瓶盖，待水冷却后，瓶内的水蒸气液化成

水，使瓶内的气压减小，而瓶外的大气压不变，则瓶子在大气压的作用下向内凹陷。

（3）⑷⑸把装满水的烧杯放在盘子里，在把空的矿泉水瓶慢慢按入水中时，感到手在用

力，说明浸在水中的物体受到一个向上的浮力；同时发现矿泉水瓶浸入水中的体积越大，

排开的水越多，手用的力越大说明受的浮力也越大，由此可以推想浮力的大小跟排开水的

体积密切相关。

10.2021年5月15日，中国天间一号着陆巡视器成功着陆于火星乌托邦平原南部预选着

陆区，我国首次火星探测任务着陆火星取得圆满成功。着陆巡视器在接近地面时，速度不

断减小直至降为0,这说明力可以改变物体的;着陆巡视器减速时，不会立即停

下来，是由于它具有;如图所示，着陆巡视器的“大脚掌”可（填“减

小”或“增大”）其对火星表面的压强。

解析：运动状态惯性减小

【详解】

⑴着陆巡视器在接近地面时，速度不断减小直至降为0,着陆巡视器由运动变为静止，说

明力可以改变物体的运动状态。

⑵着陆巡视器减速时，不会立即停下来，是由于它具有惯性，要保持原来的运动状态,

⑶着陆巡视器的“大脚掌”是在压力一定时，通过增大受力面积来减小对火星表面的压

强。

11.“白平衡电动踏板车”如图所示，当人站上踏板车后，踏板车对地面的压强

（选填“变小”“不变”或“变大”）；踏板车转弯时受到（选填“平衡力”或

“非平衡力”）的作用。

解析：变大非平衡力

【详解】

⑴当人站上踏板车后，受力面积没变，压力增大，故踏板车对地面的压强变大。

⑵踏板车转弯时，做曲线运动，因此受非平衡力作用。

12.高空抛物现象被称为“悬在城巾上空的痛”，这是一种不文明行为，会带来很大的社

会危害，因为高处的物体具有较大的。

解析：重力势能

【详解】

物体的质量越大，高度越高，重力势能就越大，高空抛物由于高度大，具有的重力势能就

比较大，落下时对砸中的人或物体做的功就多，在很短的作用时间就会产生很大的破坏

力。

13.如图所示，用30N的水平推力，按住重为10N的木块，当木块沿竖直方向匀速下滑

时，木块受到的摩擦力大小是__________N,墙壁对木块支持力的方向是___________。

解析：水平向右

【详解】

[1]当木块沿竖直方向匀速下滑时，处于平衡状态，木块受到的竖直向上的摩擦力和木块受

到的竖直向下的重力是一对人小相等平衡力，所以木块受到的摩擦力人小是10No

⑵用30N的水平推力，按住木块，则木块对墙壁有一个水平向左的压力作用，根据力的作

用是相互的，可知墙壁给木块一个水平向右的支持力.

14.如图所示，对吸管B吹气，管A中的水会上升，是因为流体中流速越大的位置压强越

（选填“大”或“小”）。

答案：B

解析：小

【详解】

对•吸管B吹气，A管上方的空气流速变大，压强变小，A管下方的压强不变，A管中的水

在外界大气压作用下被压上，所以A管中的水上升。

15.如图为〜拉杆旅行箱的示意图，将其视为杠杆，。为支点，8为重心，八为拉杆端

点。已知拉杆箱的重力为200N,=120cm,拉杆箱重力的力普OC=24cm。

F/

二二

7777777TT7/7777T7777777777777777777777777777777~

（l）在图中A点沿图示方向施加动力F,拉杆箱静止，此时动力的大小为N,

动力的力臂为cm,请在图中画出动力的力臂并用L表示。

（2）使拉杆箱在图中位置静止时的最小动力为No

（3）生活中常把箱内较重物品靠近。点摆放，这样可使拉杆箱在图示位置静止时的最小

动力（选填“增大”“减小"或“不变”）。

答案：6040减小

【详解】

（1）[1][2][3]延长力F的作用线，过支点。做力F的垂线，支点。到力F的

距离即为力臂L,如下图所示。由数学知识可知，动力臂长为A0的一半

解析：6040减小

【详解】

（1）口][2][3]延长力F的作用线，过支点。做力F的垂线，支点。到力F的距离即为力臂

L,如下图所示。由数学知识可知，动力臂长为40的一半，即动力臂为60cm,根据杠杆

平衡原理可得，动力大小为

心Gl、200Nx24cm

F.=--=-----------------=80N

L60cm

故拉杆箱静止时动力的大小为80N；动力的力臂为支点到力F的作用线的距离，为60cm。

(2)⑷要使拉杆箱在图中位置静止时的，动力最小，即动力臂需要最长，最长的动力臂

即为04,最长的动力臂为120cm,那么最小的动力为

rGL2(X)Nx24cm

Fmin=-=-----------------=40N

.Imax120cm

故最小的动力为40Nc

(3)⑸生活中常把箱内较重物品靠近。点摆放，阻力臂变小，而阻力和动力臂不变，根

据杠杆平衡条件可知，最小动力减小。

16.(1)小军站在斜面顶端，如图甲所示，已知斜面长4m,高2m.他用平行于斜面向

上的70N的拉力在10s内将100N重的物体从斜面底端匀速拉到斜面顶端，则斜面对木块

的支持力做功为J，拉力做功的功率为W.

(2)如图乙所示，小军讲一个小球在A点处静止释放，小球下落速度越来越大，相继经

过B、C两点.若4B=4C，则小球所受的重力：在AB段做的功在BC段做

的功，在AB段做功的功玄在BC段做功的功率.(均选填"大丁"、"等丁"或"小

于")

甲乙

答案：28等于小于

【详解】

(1)斜面和木块运动方向垂直，即在支持力的方向上没有移动距离，所以做功

为0.

拉力做功为：

拉力做功的功率为：

(2)重力做功，相等,

解析：28等于小于

【详解】

（1）斜面和木块运动方向垂直，即在支持力的方向上没有移动距离，所以做功为0.

拉力做功为：W=FS=70Nx4m=280J

拉力做功的功率为：P="W=E280*J=28W

t10s

（2）重力做功亚=6卜,相等，所以AB与BC段做功相等，但下降过程，速

度越来越大，所以AB段所做功功率小于BC段所作功功率.

故答案为：⑴.028（2）.等于小于

17.重为10牛的物体漂浮在液面上，请用力的图示法在图中画出物体受到的浮力F浮。

物体漂浮在液面上，则所受的浮力大小等于重力的大小10N,方向始终竖直向

上，作用在物体上，力的作用点可画在重心位置，如下图所示

物体漂浮在液面上，则所受的浮力大小等于重力的大小10N,方向始终竖直向上，作用在

18.如图所示，用轻质杆将一电灯吊起，。点是支点，作出动力&的力臂。

答案：【详解】

0为支点，从支点O作力F1的作用线的垂线，支点到垂足的距离为力F1的力

臂I,如图所示

耳

解析:

【详解】

。为支点，从支点。作力R的作用线的垂线，支点到垂足的距离为力&的力臂/,如图所

19.要提升的重物重为500N,用来串绕滑轮组的绳子能随的拉力是200N请，画出滑轮组

的绕线。

答案：【详解】

假设不计动滑轮重力和摩擦，根据可得

所以承担物重的绳子股数n至少等于3；拉力方向应该向上，依次绕过动滑

假设不计动滑轮重力和摩擦，根据/二LG可得

n

G500Nc=

〃=—=---------=2.5

F200N

所以承担物重的绳子股数〃至少等于3；拉力方向应该向上，依次绕过动滑轮、定滑轮,

如图

20.探究“重力的大小跟质量的关系”实验中，某同学用钩码、弹簧测力计进行了探究。

（1）甲图是第2次测量中弹簧测力计的读数，为No

（2）根据表中数据在乙图中合理标出标度，并画出图象；（）

次数1234

质量m/kg0.10.20.30.4

重力G/N134

（3）根据图象可得初步结论：

答案：0

物体所受的重力跟物体的质量成正比

【详解】

（1）［1］如图,弹簧测力计的分度值为0.2的示数为2.0N。

（2）［2］根据表中数据可看出，物体受到的重力为物体的质量的

物体所受的重力跟物体的质量成正比

【详解】

（1】⑴如图,弹簧测力计的分度值为0.2N,示数为2如N。

（2）⑵根据表中数据可看出，物体受到的重力为物体的质量的10倍。根据表中数据在图

中标出标度并将每组数据逐个描点，作图如下：

5,

（3）[3]根据图象可看出，物体受到的重力与物体质量的关系图象为一条过原点的直线，

所以可得出结论：物体所受的重力跟物体的质量成正比。

21.如图1所示，在“探究影响滑动摩擦力大小的因素''实验中：

（1）拉动物块前，应将测力计沿（选填A.水平，B,竖直）方向进行调零；

（2）要测量出物块与接触面间滑动摩擦力的大小，应沿水平方向拉物块做匀速直线运动。

这是利用原理进行的间接测量；

'/////////////////，

Z（木板表面）

图1

图2

（3）在甲、乙、丙所示图中，分别用Fi=1.0N、F2=1.8N、F3=1.6N的拉力，拉着物块A

匀速前进。分析甲、乙两图可得结论：;分析两图可探究滑动摩擦力大小与

接触面粗糙程度的关系；

（4）大量实验证明：在接触面粗糙程度相同时，滑动摩擦力大小与压力大小成正比。在丙

图中物块A上叠放一块与A相同的物块B,用弹簧测力计拉着物块A,使物块B随A一起

匀速前进（如图丁所示），此时弹簧测力计示数为凡，则凡=N；此运动过程中，

物块B受到的摩擦力为N；

（5）在图甲中，若分别用2.0N和3.0N的水平力拉着物块沿水平木板运动，则两次物块受

到的摩擦力大小（选填：A.相等B.不相等）：

（6）交流评估时，某实验小组提出：实验过程中，弹簧测力计的示数不容易稳定。可能的

原因是;

A.木板的长度太长

B.木板的粗糙程度不均匀

C.弹簧测力计的分度值太大

D.物块与木板的接触面积太大

（7）在操作过程中还发现，弹簧测力计不沿水平方向拉动时，也可以使物块在木板上沿水

平方向做匀速直线运动，如图2所示，此过程中，物块处于（选填A.平衡，

B.不平衡）状态；弹簧测力计对物块的拉力和物块受到的滑动摩擦力（选填：

A.是B.不是）一对平衡力。

答案：水平一力平衡条件接触面粗糙程度一定时，压力越大，滑动摩

擦力越大甲、丙3.20ABAB

【详解】

（1）［（探究滑动摩

解析：水平二力平衡条，牛接触面粗糙程度一定时:压力越大，滑动摩擦力越大甲、

丙3.20ABAB

【详解】

（1）［1］探窕滑动摩擦力大小的影响因素时，需要测量木块在水平方向受到的拉力大小，

所以弹簧测力计要水平方向调零。

（2）［2］弹簧测力计显示拉力大小，木块在水平方向上进行匀速直线运动，木块受到的拉

力和滑动摩擦力是一对平衡力，根据二力平衡条件原理知，木块受到滑动摩擦力大小等于

弹簧测力计的示数

（3）⑶根据二力平衡条件原理知道，甲、乙、丙所示图中，滑动摩擦力分别

/i=1.0N,，2=1.8N,/3=1.6N

在甲、乙两图中，接触面粗糙程度相同，压力越大，滑动摩擦力越大，所以由甲、乙两图

知道，接触面粗糙程度一定时，压力越大，滑动摩擦力越大。

⑷由甲、丙两图知道，在压力一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大，所以，由甲、丙

两图可以探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系。

（4）［5］丙、丁两图接触面粗糙程度相同，丁图压力是丙图压力的二倍•，根据在接触面粗

糙程度相同时，滑动摩擦力大小与压力大小成正比，所以滑动摩擦力是丙图的二倍，即丁

图的滑动摩擦力是

人=2/3=2X1.6N=3.2N

又因为物块进行匀速直线运动，则弹簧测力计的示数等于滑动摩擦力大小，故

F4-74-3.2N

⑹两个物块之间没有相对运动，也没有相对运动趋势，圻以两个物体之间不存在摩擦力，

故摩擦力为ON

（5）⑺滑动摩擦力大小眼压力大小和接触面粗糙程度有关，跟受到的拉力大小无关，所

以分别用2.0N和3.0N的水平力拉着物块沿水平木板运动，则两次物块受到的摩擦力大小

相等，故选A。

（6）⑻滑动摩擦力大小眼压力大小和接触面粗糙程度有关，由于木板的粗糙程度不均

匀，造成滑动摩擦力大小不同，所以弹簧测力计示数不稳定，故选B；

木板的长度、弹簧测力计的分度值和接触面积都不影响滑动摩擦力的大小，故A3错误。

（7）［9］物块在木板上进行匀速直线运动，物块受到平衡力作用，物块处于平衡状态。

故选A。

［10〕由于物块受到的滑动摩擦力和拉力不在同一直线上，故这两个力不是平衡

力。

故选Bo

22.小明同学利用U型管压强计和装有水的大烧杯探究液体内部压强的特点。

（2）实验前他注意到压强计的U型管两边的液面已处于同一水平线上，如图中甲。当他

将金属盒浸没于水中后，发现如图乙所示的情况，则装置出现的问题是;

（3）排除故障后，他重新将金属盒浸没于水中，先后做了如图丙、丁两步实验，由此得出

初步结论是;

（4）在如图丁实验的基础上，他又在烧杯中加入了一定量的浓盐水，他这样做是为了探究

液体压强与的关系。加入浓盐水后，为控制变量，小明应将金属盒的位置

o（选填“上移”“下移”或“不变”）

答案：两侧液面的高度差橡皮膜漏气（或软管漏气）液体密度相同

时，深度越深，液体压强越大液体密度上移

【详解】

（1）［1］实验时，是根据U形管两侧液面高度差来判断液体

解析：两侧液面的高度差橡皮膜漏气（或软管漏气）液体密度相同时，深度越深，液

体压强越大液体密度上移

【详解】

（1）⑴实验时，是根据U形管两侧液面高度差来判断液体的压强，因为金属盒所处深度

不同，U形管两侧液面高度差也不同。

（2）［2］由图乙知，金属盒浸没水中后，U形管两侧液面高度无变化，说明U形管的气密

性不好，橡皮膜或软管有漏气现象。

（3）⑶图丙、丁中，金属盒所处的深度越深，U形管两侧的液面高度差越大，说明液体的

密度相同时.，液体深度越深，压强越大。

（4）⑷⑸在图丁的实验基础上，再往烧杯中加入浓盐水，是为了改变液体的密度，所以

是为了探究液体压强与密度的关系。那么应控制金属盒所处的深度不变，所以要向上移动

金属盒。

23.在“探究浮力的大小跟哪些因素有关”时，同学们提出了如下的猜想：

A.可能跟物体浸入液体的深度有关

B.可能跟物体排开液体的体积有关

C.可能跟液体的密度有关

D.可能跟物体的密度有关

为了验证上述猜想，李明同学做了如图甲所示的实验:

四甲出乙

他在弹簧测力计下端挂一个铁块，依次把它缓缓地浸入水中不同位置，在这一过程中：

Fi=4.5N,F2=3N,F3=2NZF4=2N；

(1)铁块从位置1-2-3的过程中,弹簧测力计的示数说明铁块受到的浮力_；从位置

3f4的过程中，弹簧测力计的示数说明铁块受到的浮力(选填“变大”、“变小”

或“不变”)

(2)通过以上实验可以验记上述猜想—是正确的.(填上面猜想的字母)

(3)如图，同学们利用这些器材还可以测出牛奶的密度，实验步骤如下，请你将实验步骤补

充完整.

①将挂在弹簧测力计下的帙块从水中取出擦干；

②铁块挂在弹簧测力计下，测拉力R=5N；

③取适量牛奶装在烧杯中，将挂在弹簧测力计下的铁块在牛奶中，在弹簧测力计的示

数F6=L7N；

④计算牛奶密度为P牛行—,kg/m3(已知密度为PLl.OXlO'kg/nf)：

(4)如图乙所示,把新鲜的鸡蛋放在水中会下沉.向水中加盐并轻轻搅拌,你会发现这种

现象说明了上述猜想一是正确的(填上面猜想的字母).

答案：减小增大不变不变B浸没，1.1X103鸡

蛋上浮C

【详解】

(1)由图可知，铁块从位置1-2f3的过程中，排开液体的体积逐渐

解析：减小增大不变不变B浸没，1.1X103鸡蛋上浮C

【详解】

(1)由图可知，铁块从位置.1^2玲3的过程中，排开液体的体积逐渐增大，而弹簧测力计

的示数逐渐变小，根据七二G-综，说明铁块受到的浮力变大；

从位置394的过程中，铁块都是完全浸没，排开的液体体积不再变化，只改变其深度，弹

簧测力计的示数不变，说明铁块受到的浮力不变.

(2)通过1^293的过程可知，物体没有完全浸入同种液体时，排开液体的体积越大时，

物体受到的浮力越大，故可验证上述猜想B是正确的；

(3)②铁块拄在弹簧测力计下，测拉力F5-SN；

③将铁块浸没在牛奶中，用弹簧测力计测出铁块在牛奶中的示数，记下弹簧测力计的示数

尸6=SN;

④由称重法测浮力和阿基米德原理可知，铁块在水中受到的浮力：

£〃=&-K=5N—2N=3N=AKg%,

铁块排开水的体积，即铁块的体积为：

匕=SUL=---------------------------------=3xlOff•

川p帐g1.0xl03kg/m3xl0N/kg'

在牛奶中的浮力为：.必=八一”=5N—1.7N=3.3N

根据。=。/g/得，牛奶的密度为：

夕牛奶="牛奶=--------J'N---------=l.lxlO3kg/nr；

（4）向水中加盐时，鸡蛋排开液体的体积不变，但使液体的密度增大，根据P液

可知鸡蛋受到的浮力增大，当心＞G时，鸡蛋将上浮；

由此可知：当排开液体的体积一定时，液体密度越大，受的浮力越大，故可说明猜想C是

正确的.

24.小明为研究动能大小与哪曲因素有关，设计了如图实验，让小球静止从斜面上滚下后

与固定在右端的弹簧碰撞，斜面底端和水平面平滑相接，请结合实验问答下列问题：

⑴实验中通过反映小球动能的大小；实验中让同一小球从斜面上不同而度滚下，

当高度（选填“越大〃或"越小”）时，观察到弹簧被压缩得越短，说明小球动能大小

与速度有关。

⑵为了研究动能大小是否和物体质量有关，应该让不同质量的小球从斜面上相同的高度滚

下，这样做的目的是O

⑶实验中小明发现小球压缩弹簧后被弹簧弹回到斜面上，为了研究小球被弹回到斜面上的

高度与哪些因素有关，小明分别将玻璃板、木板和毛巾铺在接触面（含斜面和平面）上，

进行实验，而保证小球质量和高度（选填〃相即或‘不同"），发现当小球在玻璃表

面滚动时被弹回的高度最大，在毛巾表面滚动时被弹回的高度最小，因此小明认为小球被

弹回的高度与接触面粗糙程度有关。

（4）小明在⑶实验所得结论基础上进行推理，接触面越光滑小球被弹回的越高，如果接触面

光滑到没有摩擦，那么小球将

A.沿着斜面匀速直线运动B.不能上升到初始高度，最终静止在平面上

C.上升到初始高度后静止D.能上升到初始高度，并在斜面和弹簧之间往复运动

⑸小明在⑷中用到一种科学方法，下面哪个定律或原理的得出用到了同一种方法

A.阿基米德原理B.杠杆原理C.牛顿第一定律。

答案：弹簧被压缩的程度越大使小球到达水平面时速度相同相同DC

【详解】

⑴⑴小球压缩弹簧，对弹簧做功，做功的多少反映了小球动能的多少，弹簧被

压缩的程

解析：弹簧被压缩的程度越大使小球到达水平面时速度相同相同DC

【详解】

（1也］小球压缩弹簧，对弹簧做功，做功的多少反映了小球动能的多少，弹簧被压缩的程度

越大，说明小球的动能越大。所以，可以通过弹簧被压缩的程度来反映小球动能的多少。

⑵实验中让同•小球从斜面上不同高度滚下，当高度越小时，小球达到水平面.上的速度越

小，弹簧被压缩得越短，说明小球动能大小与速度有关。

⑵⑶要研究动能大小与质量的关系，由控制变量法的应用可知：就要控制速度不变，让质

量变化；速度是通过起始点的高度来控制的，所以要控制两球从同一高度滚下。

⑶⑷斜面实验中，小球从同一斜面的同一高度滚下，可以让小球到达水平面上时保持相同

的初速度。

⑷⑸接触面越光滑小球被弹回的越高，由此推理，如果接触面光滑到没有摩擦，只有动能

和势能相互转化，机械能保持不变，那么小球将能上升到初始高度，并在斜面和弹簧之间

往复运动。

⑸⑹牛顿第一定律：水平面越光滑，对小车的阻力越小，小车运动得越远，小车的速度减

小得越慢；由此推理，当水平面绝对光滑时，运动的小车受到的阻力为0,即小车在水平

方向上不受力的作用时，小车将匀速直线运动下去；牛顿第一定律也是在实验和科学推理

相结合的基础上得出的。

25.如图所示，在做“探究杠杆的平衡条件〃实验中：

⑴如图甲所示杠杆静止，此时杠杆处于（选填"平衡"或"不平衡〃）状态；为使松杆

在水平位置平衡，应把杠杆两端的平衡螺母向（选填"左”或"右〃）调节：实验前调

节杠杆在水平位置平衡的目是。

⑵实验中，如图乙所示，杠杆处于静止状态。已知杠杆的刻度尺每格为5cm,钩码每个重

0.5N,小红把数据记录在下表：

动力Fi/N动力臂/i/cm阻力f2/n阻力臂/2/cm

1.510115

⑶小红根据以上实验数据马上得到杠杆的平衡条件电=F2l2，你认为是否合理？

答：（选填"是"或“否”）。理由：,

⑷小明用弹簧测力计在8点向下拉使杠杆平衡，如图丙所示。现将弹簧测力计绕8点从。

位置转动到b位置的过程中，杠杆始终保持水平平衡，则拉力F（选填“变大〃、”变

小"或"不变"）。

答案：平衡右方便力臂的测量否数据少，实验结论容易出现偶然性变

大

【详解】

（DU］图甲中实验前没挂钩码时，杠杆处于静止的平衡状态。

⑵发现杠杆右端上

解析：平衡右方便力臂的测量否数据少，实验结论容易出现偶然性变大

【详解】

⑴⑴图甲中实验前没挂钩码时，杠杆处于静止的平衡状态。

⑵发现杠杆右端上翘，调节时重心应向右移动，应将两端的平衡螺母向右旋一些，使杠杆

在水平位置平衡。

⑶在实验中也必须使杠杆在水平位置平衡是为了便于测量力臂。

⑶⑷⑸不合理，该同学只测量了一组数据便得出结论，结论具有片面性。

⑷⑹图丙中，当弹簧测力计绕B点从。位置转动到b位置的过程中，要保持杠杆仍在水平

位置平衡，则拉力F将变大，这是因为当拉力倾斜时，阻力阻力臂不变，拉力F力臂变

小，所以力才会变大。

26.如图所示，是一辆质量为500kg的无人驾驶清扫车在平直的公路上匀速行驶，在行驶

过程中该车受到的阻力等于车重的0.12倍，若每个车轮与地面的接触面积为100cm2（g取

10N/kg）求:

（1）无人驾驶清扫车所受重力G。

（2）无人驾驶清扫车所受牵引力F牵。

（3）无人驾驶清扫车对地面的压强p。

答案：(1)5000N；(2)600N；(3)1.25xlO5Pa

【详解】

解：（1）无人驾驶清扫车所受重力

G=mg=500kgxl0N/kg=5000N

（2）由题意知，无人驾驶清扫车行驶过程中该车

解析：（1）5000N；（2）600N；（3）1.25X105Pa

【详解】

解：（1）无人驾驶清扫车所受重力

G=mg=500kgX10N/kg=5000N

（2）由题意知，无人驾驶清扫车行驶过程中该车受到的阻力

7=0.12G=0.12X5000N=600N

因无人驾驶清扫车在水平路面上做匀速运动，由二力平衡原理，所以无人驾驶清扫车牵引

力

F牵=f=600N

（3）无人驾驶清扫车对地面的压力等于•自身的重力，即

F=G=5000N

与地面的接触面积

5=4X100cm2=400cm2=0.04m2

无人驾驶清扫车对地面的压强

F=5000N

5

~S~0.04m2=1.25X10Pa

答：（1）无人驾驶清扫车所受重力为5000N；

（2）无人驾驶清扫车所受牵引力F率为600N；

5

（3）无人驾驶清扫车对地面的压强为1.25X10Pa