云南省曲靖市马龙区第一中学2025-2026学年高二上学期期中考试物理试题（含解析）

云南曲靖市马龙区第一中学2025-2026学年高二上学期期中考试高二物理试卷本试卷共6页，15小题，满分100分。考试时间75分钟。注意事项：1．答题前，考生务必用黑色碳素笔将自己的姓名、准考证、考场号、座位号填写在答题卡上，并认真核准条形码上的准考证号、姓名、考场号、座位号，在规定的位置贴好条形码。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。一、选择题（本题包括10小题，1-7题，每小题4分，共28分，在每小题所给出的四个选项中，只有一个选项符合题意，选对得4分，选错或不选得0分，第8-10题为多选题，出的四个选项中有两个选项符合题意，全部选对得6分，选对但不全得3分，选错或不选得0分）1．关于元电荷，下列论述正确的是（）A.把质子或电子称为元电荷

B.元电荷是一个电子所带电荷量的大小，没有正负之分

C.电子带有最小的负电荷，其电荷量称为元电荷

D.物体所带的电荷量称为元电荷2．真空中，相距为d的甲、乙两个点电荷所带电荷量分别为-Q和+3Q，接触后，放回原位置，两球间库仑力的大小为（）A.B.C.D.3．图中a、b是两个点电荷，它们的电量分别为Q1、Q2，MN是ab连线的中垂线，P是中垂线上的一点．下列哪种情况能使P点场强方向指向MN的右侧（）A.Q1、Q2都是正电荷，且Q1＜Q2

B.Q1是正电荷，Q2是负电荷，且Q1＞|Q2|

C.Q1是负电荷，Q2是正电荷，且|Q1|＜Q2

D.Q1、Q2都是负电荷，且|Q1|＞|Q2|4．某静电场在x轴上各点的电势φ随坐标x的分布图象如图。x轴上A、O、B三点的电势值分别为φA、φO、φB，电场强度沿x轴方向的分量大小分别为EAx、EOx、EBx，电子在A、O、B三点的电势能分别为EPA、EPO、EPB．下列判断正确的是（）φO＞φB＞φA EOx＞EBx＞EAx

C.EPO＜EPB＜EPA D.EPO-EPA＞EPO-EPB5．沿空间某直线建立x轴，该直线上的静电场方向沿x轴，其x轴正半轴上电场强度随x轴上位置变化规律如图所示，原点O到x=x1间的图线为直线，x轴正方向为电场强度正方向，一个电荷量大小为q的粒子在O点由静止释放，刚好能沿x轴正方向运动到x=x3处，不计粒子的重力，则下列判断错误的是（）A.该粒子带正电

B.粒子在x=x1处的电势能大于x=x2处的电势能

C.粒子在x=x1处的动能为

D.O点到x=x2之间电势差大于x=x3到x=x2之间电势差6．如图所示，在真空中相距为r的A、B两点分别固定着电荷量均为Q的正点电荷，O为AB连线的中点，P为AB连线中垂线上的一点，∠PAO=45°，把电荷量q=+2×10-9C的试探电荷从P点移到O点，克服电场力做了4×10-7J的功．已知静电力常量为k。则（）A.P点合电场强度的大小为

B.P点合电场强度的方向与OP垂直

C.P、O两点间的电势差为200V

D.若P点的电势为零，O点的电势为-200V7．如图，K1、K2均闭合，一质量为m、电荷量为q的液滴静止在电容器的两平行金属板AB间。现保持K1闭合，将K2断开，然后将B板向下平移一段距离。下列说法正确的是（）A.电容器的电容变大

B.液滴将向上运动

C.A板的电势比电路中Q点的电势高

D.液滴的电势能增大8．如图是等量异种点电荷形成电场中的一些点；O是电荷连线的中点，E、F是连线中垂线上相对O对称的两点，B、C和A、D也相对O对称。则（）A.E、F两点场强相同

B.A、D两点场强不同

C.B、O、C三点，O点场强最小

D.沿直线从E点到O点运动的电子所受电场力变小9．如图，带正电3×10-5C的物块A放在水平桌面上，通过光滑的滑轮与B相连，A处在水平向左的匀强电场中，E=4×105N/C，从O开始，A与桌面的动摩擦因数μ随x的变化如图所示，取O点电势能为零，重力加速度g=10m/s2，A、B质量均为1kg,B离滑轮的距离足够长，则（）

A.它们运动的最大速度为1m/s

B.它们向左运动的最大位移为1m

C.当速度为0.6m/s时，A的电势能可能是-2.4J

D.当速度为0.6m/s时，绳子的拉力可能是9.2N10．如图所示，一平行板电容器连接在直流电源上，电容器的极板水平，两微粒a、b所带电荷量大小相等、符号相反，使它们分别静止于电容器的上、下极板附近。现同时释放a、b,它们由静止开始运动，在随后的t时刻，a、b经过虚线所在水平面，虚线到a、b的初始位置的距离之比为2：1，a、b间的相互作用和重力可忽略。下列说法正确的是（）A.a、b的质量之比为1：2

B.在t时刻，a、b的的动能之比2：1

C.在t时刻，a和b的电势能相等

D.减小两板间距，两粒子运动到另一极板时的速率也会减小二、非选择题11．小明想用楞次定律判断线圈中导线的缠绕方向。器材有：一个绕向未知的线圈，一块条形磁铁，一只多用电表，导线若干。

（1）在测量前，首先进行的操作应是机械调零，需要调节部件_____（填“a”“b”或“c”），使多用电表的指针指在表盘最_____（填“左”或“右”）端的零刻度线位置；

（2）然后，小明将多用电表调节到10mA的挡位，并将多用电表和线圈按图甲连接。条形磁铁插入线圈中的某一瞬间，拍下多用电表指针如图丙所示，此时读数为_____mA；

（3）为了使条形磁铁N极向下插入线圈时，多用电表正常工作（指针向右偏转），导线的缠绕方向应和图乙中的_____（填“A”或“B”）相同。12．某实验小组测量一粗细均匀的电阻丝的电阻率。有如下实验器材可供选择：

A.待测电阻丝（阻值约10Ω）

B.电流表A（0～0.6A，0～3A）

C.电压表V（0～3V，0～15V）

D.滑动变阻器R1（0～5Ω）

E.电源E（电动势为3.0V，内阻不计）

F.开关、若干导线

（1）如图甲所示，用螺旋测微器测量电阻丝的直径时，当测微螺杆靠近电阻丝时，应停止使用旋钮，改用_____，听到“喀喀”声时停止（请在螺旋测微器上的三个部件①、②、③中选填）；

（2）螺旋测微器示数如图乙所示，则该电阻丝的直径d=_____mm。

（3）实验时要求电流表的示数从零开始测量，用笔画线代替导线将图丙电路连接完整。

（4）实验小组采集到多组不同长度的电阻丝对应的电压表示数U和电流表示数I，利用R=计算出电阻丝不同长度l对应的阻值R，描绘出的点如图丁所示，在图丁中画出R-I图线。已知图线的斜率为k,请写出电阻丝的电阻率表达式ρ=_____。（用π、k、d表示）

（5）本实验中，小明同学认为由于电流表的内接导致电阻丝的阻值R测量偏大，从而使得电阻丝的电阻率ρ测量值偏大，你同意他的观点吗？请说明理由_____。13．如图所示，固定于同一条竖直线上的A、B是两个带等量异种电荷的点电荷，电荷量分别为+Q和-Q，A、B相距为2d,MN是竖直放置的光滑绝缘细杆，另有一个穿过细杆的带电小球p,质量为m、电荷量为+q（可视为点电荷，不影响电场的分布），现将小球p从与点电荷A等高的C处由静止开始释放，小球p向下运动到距C点距离为d的O点时，速度为v,已知MN与AB之间的距离为d,静电力常量为k,重力加速度为g。求：

（1）C、O间的电势差UCO；

（2）小球p经过O点时的加速度。14．如图所示，一带电微粒质量为m=2.0×10-11kg、电荷量q=+1.0×10-5C，从静止开始经电压为U1=100V的电场加速后，水平进入两平行金属板间的偏转电场中，微粒射出电场时的偏转角θ=30°。已知偏转电场中金属板长L=20cm,两板间距d=cm,重力忽略不计。求：

（1）带电微粒进入偏转电场时的速率v1；

（2）偏转电场中两金属板间的电压U2。15．如图，在竖直平面内，一半径为R的光滑圆弧轨道ABC与水平轨道PA相切于A点，BC为圆弧轨道ABC的直径，O为圆心。整个装置处于水平向右的匀强电场中，一质量为m、电荷量为+q的小球（可视为质点）沿水平轨道

PA向右运动，经A点沿圆弧轨道ABC通过C点。已知小球在C点所受合力的方向指向圆心O，速度大小为vC=，且此时小球对圆弧轨道ABC的压力恰好为零。重力加速度大小为g（图中OA与OB的夹角α大小未知），

sin37°=0.6，cos37°=0.8。求：

（1）匀强电场的电场强度E的大小；

（2）小球经过B点时，电场力对小球做功的功率P。

试卷答案B2．A3．B4．D5．D6．A7．C8．AC9．ACD10．AB11．【答案】(1)a;(2)左;(3)2.6;(4)B;【解析】（1）根据电表的使用规则分析；

（2）根据电流表的读数规则读数；

（3）根据楞次定律和安培定则判断。

解：（1）在测量前，首先进行的操作应是机械调零，需要调节定位螺丝a,使多用电表的指针指在表盘最左端的零刻度线位置；

（2）多用电表调节到10mA的挡位，则量程为10mA，一共5大格，所以每大格表示2mA，每小格表示0.2mA，则读数为2.6mA；

（3）根据楞次定律和安培定则可知，导线的缠绕方向应和图乙中的B相同。

故答案为：（1）a,左；（2）2.6；（3）B。12．【答案】(1)③;(2)0.700;(3);(4)见解析;【解析】（1）根据螺旋测微器上的三个部件的作用分析作答；

（2）螺旋测微器的精确度为0.01mm,根据螺旋测微器的读数规则读数；

（3）实验时要求电流表的示数从零开始测量，因此滑动变阻器采用分压式接法，据此完成电路图的连接；

（4）根据电阻定律求解R-l函数，结合图像斜率的含义求解作答；

（5）根据实验原理结合R-l图像分析作答。

解：（1）螺旋测微器上的③为微调旋钮，为了保护螺旋测微器，当测微螺杆靠近电阻丝时，应停止使用旋钮，改用③，听到“喀喀”声时停止；

（2）螺旋测微器的精确度为0.01mm,电阻丝的直径d=0.5mm+20.0×0.01mm=0.700mm

（3）实验时要求电流表的示数从零开始测量，因此滑动变阻器采用分压式接法，如图所示：

（4）根据电阻定律

结合R-l函数图像斜率的含义，图像的斜率

代入数据解得

（5）小明同学的观点不正确，因为实验采用电流表内接法，只是导致测量值R相对电阻丝的电阻在图像中上移了RA，不会改变图像的斜率，所以不影响电阻丝的电阻率ρ的测量。

故答案为：（1）③；（2）0.700；（3）见解析；（4）；（5）见解析。13．【解析】（1）小球p由C运动到O时，根据动能定理解得；

（2）根据O点的场强实际上是两点电荷在O点产生场强的合场强，等量异种电荷的电场具有对称性，结合正确分析小球的受力情况，运用牛顿第二定律求解即可。

解：（1）小球p由C运动到O时，由动能定理得：mgd+qUCO=，解得：UCO=；

（2）小球p经过O点时受力分析如图，由库仑定律得：F1=F2=k，它们的合力为：F=F1cos45°+F2cos45°，O点处的场强为：E=，

由牛顿第二定律得：mg+qE=ma,

解得：a=+g,

答：（1）C、O间的电势差为；

（2）小球p经过O点时的加速度为+g。14．【解析】根据动能定理即可求解，距类平抛规律求出粒子的加速度即可求解。

解：（1）由动能定理可得

则v1=1×104m/s

（2）由题意可知带电微粒在偏转电场中的场强为

则加速度为

离开电场时所用时间为

离开电场时沿电场方向的速度为v2=v1tan30°=at

联立可得U2=100V

答：（1）带电微粒进入偏转电场时的速率1×104m/s

（2）偏转电场中两金属板间的电压为100V15．【解析】（1）在C点根据牛顿第二定律求得向心力，在C点对小球受力