2024-2025学年青海省名校联盟高一（上）期末物理试卷（含解析）

第=page11页，共=sectionpages11页2024-2025学年青海省名校联盟高一（上）期末物理试卷一、单选题：本大题共7小题，共28分。1.2024广州马拉松赛将于2024年12月8日举行。在马拉松比赛涉及的下列物理量中，属于矢量的是(

)A.质量 B.路程 C.时间 D.位移2.力的国际制单位N，可以由长度、质量、时间的国际单位导出。1N相当于(

)A.1g⋅m⋅s−1 B.1g⋅3.在燃油汽车里，提速快一直是超级跑车的专属，但现在电动汽车也能不分伯仲，百公里加速时间也能跑进3s以内。这里的“提速快”指的是(

)A.瞬时速度大 B.平均速率大 C.平均速度大 D.加速度大4.某次航展中，战斗机群在800m高空进行了并排飞行的精彩表演，运动轨迹为曲线，如图所察示。若任一时刻各战斗机的速度均相同，则下列说法正确的是(

)A.其中一个飞行员看到周围其他飞行员是静止的

B.飞行员看到空中的白云向后掠过，是以白云为参考系的

C.在某段时间内，战斗机发生的位移可能与其通过的路程相同

D.因为战斗机的尺寸远小于800m，所以任何情况下都可将战斗机视为质点5.一个质量为70kg的人，站在竖直上升的升降机水平地板上，此人看到升降机上竖直挂着重物的弹簧秤的示数为40N，已知重物的质量为5kg，取重力加速度大小g=10m/s2，则他所处的状态及他对升降机地板的压力大小分别为(

)A.超重状态，840N B.超重状态，560N C.失重状态，840N D.失重状态，560N6.在学习了摩擦力的知识后，小张对摩擦力的相关知识产生了浓厚的兴趣，他在水平地面上放一个质量为2kg的物体，物体与地面间的动摩擦因数为0.3。若取重力加速度大小g=10m/s2，认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则当他依次用大小分别为5N、6N、7N的水平拉力拉该物体时，物体受到的摩擦力大小依次为(

)A.5N、5N、5N B.6N、6N、6N C.5N、6N、6N D.5N、6N、7N7.如图所示，质量分别为m和2m的甲、乙两个小球置于光滑水平面上，且固定在劲度系数为k的水平轻质弹簧的两端。现在小球乙上沿弹簧轴线方向施加大小为F的水平拉力，使两球一起做匀加速直线运动，则此时弹簧的伸长量为(

)A.F4k B.F3k C.F2k二、多选题：本大题共3小题，共18分。8.某力的大小为8N，该力可以分解为(

)A.大小均为20N的两个分力 B.大小均为2N的两个分力

C.大小分别为1N和5N的两个分力 D.大小分别为6N和12N的两个分力9.第十五届中国国际航空航天博览会于2024年11月12日至17日在珠海国际航展中心举行。某参与航展的战斗机在一段时间内做直线运动的速度—时间图像如图所示，其中v0、v1与t1均已知。对战斗机在0～t1A.战斗机的速度方向不变

B.战斗机的加速度先变大后变小

C.战斗机的平均速度大于v0+v110.如图所示，小球C置于内侧面光滑的半球形凹槽B内，B放在木板A上，整个装置处于静止状态。现缓慢增大木板的倾角θ，直至B刚要发生滑动，关于该过程，下列说法正确的是(

)A.A受到的压力减小 B.A受到的摩擦力增大

C.C受到三个力的作用 D.B对C的支持力大小不变三、实验题：本大题共2小题，共14分。11.某同学用如图甲所示的装置探究两个互成角度的力的合成规律，其中A为固定橡皮条的图钉，O为橡皮条与细线的结点，OB和OC为细线。图乙是在白纸上根据实验结果画出的图。

(1)本实验采用的科学方法是______。

A.理想实验法

B.等效替代法

C.控制变量法

D.建立物理模型法

(2)在作图误差范围内，图乙中的F与F′两个力中，方向一定沿AO方向的是______(填“F”或“F′”)。

(3)若某次弹簧测力计(量程为5N)的指针如图丙所示，则弹簧测力计的示数为______N。12.学校物理兴趣小组利用如图甲所示的装置探究加速度与力、质量的关系，其中的力传感器可以测出小车所受的拉力大小。实验前，调节定滑轮的高度使细线与木板平行，并平衡摩擦力。

(1)小车的质量______(填“必须”或“不必”)比所挂钩码的质量大得多。

(2)图乙是实验中得到的一条纸带，O、A、B、C、D是五个连续的计数点，打点计时器打相邻两计数点的时间间隔为0.1s，打点计时器打下计数点B时小车的速度大小v=______m/s，小车的加速度大小a=______m/s2。(计算结果均保留三位有效数字)

(3)在探究加速度与质量的关系时，控制力的大小不变，多次在小车中增加或减少砝码数以改变小车和砝码的总质量m，得到对应的数据。为了更直观地得出加速度与质量的关系，应作加速度a与______(填“m”或“1m”)的关系图像。四、计算题：本大题共3小题，共40分。13.如图所示，倾角为θ的滑杆上套有一个圆环，圆环通过绳子拉着一个物体，圆环沿滑杆匀速下滑。

(1)不需要说明理由，直接判断绳子是否竖直；

(2)求圆环与滑杆之间的动摩擦因数μ。

14.因自身的惊险和挑战性，跳伞被誉为“勇敢者的运动”。在某次跳伞表演中，跳伞运动确员做低空跳伞表演，直升机悬停的位置距地面的高度H=262.5m，认为运动员离开直升机后做自由落体运动，经t0=5s后运动员打开降落伞匀减速下落至地面，落地速度大小v=5m/s。取重力加速度大小g=10m/s2。求：

(1)运动员做自由落体运动下落的高度h以及降落伞刚打开时运动员的速度大小v0。

(2)运动员匀减速下落过程的加速度大小a15.某商场举办推铁块的趣味有奖活动，如图所示，铁块静置在水平地面上的A点，参与者(图中未画出)水平向右推铁块，当铁块经过B点时撤去推力，若铁块停在B点右侧的C、D两点之间的区域内(包括C、D两点)，则参与者获奖。已知铁块的质量m=10kg，A、B两点间的距离x1=4m，B点为AC的中点，C、D两点间的距离x2=2m，铁块与地面间的动摩擦因数μ=0.2，取重力加速度大小g=10m/s2，将参与者推铁块的力视为恒力，铁块可视为质点。

(1)若铁块恰好停在C点，求此种情况下参与者的推力大小F1；

答案解析1.【答案】D

【解析】矢量是既有大小又有方向的量。

A.质量只有大小，没有方向，故质量为标量，故A错误；

B.路程只有大小，没有方向，故路程为标量，故B错误；

C.时间只有大小，没有方向，故时间为标量，故C错误；

D.位移既有大小又有方向，故位移为矢量，故D正确。

故选：D。2.【答案】C

【解析】解：根据牛顿第二定律F=ma可知，力的国际单位1N=1kg⋅m⋅s−2，故C正确，ABD3.【答案】D

【解析】解：这里的“提速快”指的是单位时间速度增加的大，即加速度大，故D正确，ABC错误。

故选：D。

根据加速度的定义分析求解。

本题考查了加速度基本知识，基础题。4.【答案】A

【解析】解：A.由于任一时刻各战斗机的速度均相同，各战斗机之间保持相对静止，所以其中一个飞行员看周围其他飞行员是静止的，故A正确；

B.飞行员看空中的白云向后掠过，研究对象是白云，是以飞行员自己为参考系，故B错误；

C.在某段时间内，如果战斗机做方向不变的直线运动，位移大小可能与通过的路程相同，但位移有方向，故位移不能与路程相同，故C错误；

D.若观看飞机表演动作时，飞机的大小和形状不能忽略，不可以看作质点，故D错误。

故选：A。

选择飞行员自己为参考系，其他飞行员是静止的；以飞行员自己为参考系，白云是运动的；战斗机的位移是矢量，路程是标量，不可比较；

不考虑形状大小的物体才可以视为质点。

本题考查参考系和质点的理解，需要选择合适的参考系判断物体的运动，同时需要理解质点的定义。5.【答案】D

【解析】解：对重物，根据牛顿第二定律有mg−F1=ma，代入m=5kg，F1=40N，得a=2m/s2，方向竖直向下，对人有Mg−F2=Ma，解得F26.【答案】C

【解析】解：物体与地面间得最大静摩擦力为fmax=μN=μG=0.3×2×10N=6N

用5N的水平拉力拉此物体时，物体处于静止状态，物体受到静摩擦力作用，则有f1=5N

用6N的水平拉力拉此物体时，物体刚要滑动，其摩擦力的等于滑动摩擦力，则有f2=6N

用7N的水平拉力拉此物体时，物体处于运动状态，摩擦力为滑动摩擦力，则有f3=μG=6N，故C正确，ABD错误；

故选：C。7.【答案】B

【解析】解：对甲乙和弹簧组成的系统，根据牛顿第二定律得F=(m+2m)a

对甲，根据牛顿第二定律得kx=ma

解得弹簧的伸长量x=F3k，故B正确，ACD错误。

故选：B。

应用牛顿第二定律与胡克定律求解。8.【答案】AD

【解析】解：合力大小的取值范围是|F1−F2|≤F合≤F1+F2，所以：

A.大小均为20N的两个力的合力范围是0≤F≤40N，合力可能为8N，故A正确；

B.大小均为2N的两个力的合力范围是0≤F≤4N，合力不可能为8N，故B错误；

C.大小分别为1N和5N的两个力的合力范围是4N≤F≤6N，合力不可能为8N，故C错误；

D.大小分别为6N和12N的两个力的合力范围是6N≤F≤18N，合力可能为8N，故9.【答案】AC

【解析】解：A、0～t1时间内，速速一直沿着正方向，速度方向不变，故A正确；

B、v−t图像斜率表示加速度可知，0～t1时间内加速度先变小后反向变大，故B错误；

CD、v−t图像与坐标轴所围的面积表示位移，可知t1时间内位移x>v0+v12t1

根据平均速度定义式，则战斗机的平均速度v=xt1>v0+v12

故C正确，D错误。

故选：AC。

根据速度—时间(v−t)图像的物理意义，需结合速度的正负(方向)、斜率(加速度)、面积10.【答案】ABD

【解析】解：AB、对B、C整体受力分析，根据受力平衡可得：f=(mA+mB)gsinθ，FN=(mA+mB)gcosθ，当θ增大时，f增大，FN减小，根据牛顿第三定律，A收到的压力减小，受到的摩擦力增大，故AB正确；

C、对C受力分析，只受重力和支持力，故C错误；

D、根据受力平衡，对C有：m11.【答案】B

F′

3.60

【解析】解：(1)为了保证两次拉橡皮条的效果相同，两次须将节点O拉到同一位置，即实验运用等效替代法，故B正确，ACD错误；

故选：B。

(2)由合力的定义和平行四边形定则可知，图乙中F是通过平行四边形定则得到的，所以F是理论值；F′是通过一个力拉橡皮条得到的，所以F′是实验值，方向一定沿AO方向的是F′。

(3)弹簧测力计的分度值为0.1N，读数为3.60N。

故答案为：(1)B；(2)F′；(3)3.60

(1)本实验采用的科学方法是等效替代，据此分析作答；

(2)由于实验存在误差，合据此分析合力的实际值和理论值；

(3)根据弹簧测力计的分度值读数。

本题考查了探究“求合力的方法”实验，要知道实验采用的科学方法，明确实验的原理，掌握实际值与测量值的区别。12.【答案】不必

0.101;0.195

1m【解析】解：(1)实验中采用力传感器测量细绳拉力，因此无需满足小车质量远大于钩码质量的条件。

(2)打点计时器在计数点B处的速度v=AC2T，代入数据得v=(2.74−0.72)×10−22×0.1m/s，解得：v=0.101m/s。

小车加速度a=BD−OB(2T)2，代入数据得a=(4.04−1.63)−1.63(2×0.1)2×10−2m/s2，解得：a=0.195m/s2。

(3)由牛顿第二定律a=Fm可知，为直观反映加速度与质量关系，应绘制a与1m的关系图像。

故答案为：(1)不必；(2)0.10113.【答案】(1)竖直

(2)圆环与滑杆之间的动摩擦因数为tanθ

【解析】解：(1)竖直；

(2)对圆环和物体整体受力分析，如图所示：

将力正交分解，沿杆方向有：f=mgsinθ，垂直杆方向有：N=mgcosθ，又f=μN，代入数据可得：μ=tanθ。

答：(1)竖直；

(2)圆环与滑杆之间的动摩擦因数为tanθ。

(1)对物体受力分析，根据平衡条件分析；

(2)对圆环和物体整体受力分析，根据平衡条件分析。

考查了受力分析正交分解的方法，熟练掌握正交分解和矢量三角形等常用分析方法。14.【答案】解：(1)根据自由落体运动的规律有h=12gt02

解得h=12×10×52m=125m

又v0=gt0

解得v0=10×5m/s=50m/s；

(2)对运动员匀减速下落的过程，有v02−v2=2a(H−h)

解得a=9m/s2

又v0−v=at【解析】(1)根据做自由落体运动过程的时间，由自由落体的位移公式和速度公式列式求解；

(2)对减速过程分析，由速度和位移的关系式列式求解加速度，再根据速度公式列式求解匀减速下落的时间。

本题中包括自由下落过程和匀减速过程，复杂运动过程都是由简单过程组成的，因此解答复杂运动问题，关键是分析清楚其运动过程，搞清运动形式，