2024年岳麓版高二物理上册月考试卷含答案15

2024年岳麓版高二物理上册月考试卷含答案

考试试卷

考试范围：全部知识点：考试时间：120分钟

学校：姓名：班级：考号：

总分栏

题号一二二四五六总分

得分

评卷人得分

一、选择题（共9题，共18分）

1、某一实验装置如左图所示，在铁芯上绕着两个线圈P和Q,如果线圈P中的电流i随时间t的变化关系有如

卜.图所示的四种情况，则在线圈Q中不能观察到的感应电流的是（）

2、从某电热水壶的铭牌，可推算出该电热水壶正常加热lOmin产生的热量为

电热水壶

型号SP—356A额定电压220V

额定功率1800W额赵页率50Hz

额定容量1.5L生产日期x年x月

X市X有限公司

A.1.8x10V

IO;J

c1.3310"

0.1.08x10V

3、下面关于离心运动的说法，正确的是（）

A.物体做离心运动时将离圆心越来越远

B.物体做离心运动时其运动轨迹一定是直线

C.做离心运动的物体一定不受外力作用

D.做匀速圆周运动的物体所受合力大小改变时将做离心运动

4、如图所示，电场中a、b、c三点，ab=bc,则把点电荷+q从a点经b移到c的过程中,

电场力做功的大小关系有（）

A.Wab>Wbc

B.Wab=Wbc

C.Wab<Wbc

D.无法比较

5、有一个在y方向上做简谐运动的物体，其振动图象如图所示.下列关于图甲、乙、丙、丁的判断正确的是（选

项中vWFa分别表示物体的速度、系统的机械能、振子受到的回豆力和加速度）（）

A.甲可作为该物体的v饕。图象

B.乙可作为该系统的E饕。图象

C.丙可作为该物体的F饕。图象

D.丁可作为该物体的a饕❷图象

6、

光不仅在发射和吸收时能量是一份一份的，而且光本身就是由一个个不可分割的能量了•组成.第一个认为光是一

份一份不可分割的能量子概念的科学家是（）

A.普朗克

B.爱因斯坦

C.康普顿

D.德布罗意

一列横波沿x轴正向传播，abed为介质中沿波传播方向上四个质点的平衡位置.某时刻的波形如图(a)所示，此

后，若经过14周期开始计时，则图(b)描述的是()

A.a处质点的振动图象

B.b处质点的振动图象

C.c处质点的振动图象

D.d处质点的振动图象

8、我国预计在2018年12月发射“嫦娥四号"月球探测器。探测器要经过多次变轨，最终降落到月球表面上。如

图所示，轨道I为圆形轨道，其半径为R轨道n为椭圆轨道，半长轴为a半短轴为b如果把探测器与月球的连

线面积与其所用时间的比值定义为面积速率，则探测器绕月球运动过程中在轨道【和轨道n上的面积速率之比

是(已知椭圆的面积S=娄腴ab)()

A.abR

C.aRb

D.bRa

9、

如图所示，轻绳0A一端与小球相连，另一端系于。点，力F作用于小球使轻绳编离竖

直方向75柴。角，小球处于平衡状态，现将力F从水平方向缓慢移动到虚线所示的竖直

方向，整个过程中，轻绳始终保持不动且小球始终处于平衡状态，则下列说法正确的是

A.轻绳0A上拉力始终不变

B.轻绳0A上拉力先增大后减小

C.力F一直增大

D.力F先减小后增大

评卷人得分

二、填空题（共6题，共12分）

10、〜个三棱镜的顶角为30。，当一♦条光线从它的一个侧面AB垂直入射讨，从另一个侧面AC射出，测得出射

光线的方向相对于入射光线向棱镜底面偏折30。，如图所示，据此可知，该三棱镜的折射率为,

光在该棱镜中的传播速度为0

11、某探究学习小组验证动能定理的实验装置如图甲.

工方寸H与

图甲

图7

①实验时首先要平衡摩擦力：取下沙桶，把木板不带滑轮的一端垫高，轻推小车，让小车一（选填"拖着"或

"不拖着"）纸带运动，直到小车做运动.

②打点计时器使用频率为50Hz的交流电，记录小车运动的纸带如图乙所示.在纸带上相邻两计数点之间还有

四个点未画出.本实验需根据此纸带计算一（选填"速度"、"加速度”）的值，其中小车通过计数点"B"时，该

值=—（计算结果保留两位有效数字）.

③若实验室没有沙桶只有钩码，每个钩码质量m=50g,小车总质量M=200g,用该实验装置验证动能定理，则

需验证重力对钩码所做的功是否等于—（选填"小车"或"小车和钩码”）动能的增量.

12、热力学第一定律：一般情况下，如果物体跟外界同时发生做功和热传递的过程，那么外界对物体所做的功

W加上物体从外界吸收的热量Q等于物体—的增量.表达式为娄陇U=—.

13、（4分）如图所示是某同学在科技活动中自制的电子秤原理图利用电压表的示数刻度指示物体的质量。托盘

与电阻可忽略的弹簧相连，托盘与弹簧的质量均不计。滑动变阻器的滑动端与弹簧上端连接，当托盘中没有放

物体时，电压表示数为零。设变阻器总电阻为R，总长度为L,电源电动势为E,内阻为r,限流电阻阻值为Ro,

弹簧劲度系数为k,若不计一切摩擦和其他阻力。求出电压表示数Ux与所称物体质量m的关系式为Ux=

14、在某次光电效应实验中，得到的遏制电压5与入射光的频率v的关系如图所示，若该直线的

斜率和截距分别为k和b,电子电荷量的绝对值为e,则普朗克常量可表示为.

15、已知己的截止频率为4.545X10M取，钠的截止频率为6.00xl014Hz.锣必截止频率为1.153xl015

Hz,钳的截止频率为7.529x1015HZ,当用波长为0.375nm的光照射它们时，其中能够发生光电效应的金属是

评卷人得分

三、判断题（共5题，共10分）

16、电势差有正有负，所以是矢量，目电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化.（判断对错）

17、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直.（判断对错）

18、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线.两电子分别从a、b两点运动到

c点.没电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb,a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb,Ea>

Eb.（判断对错）

19、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向.（判断对错）

20、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线.两电子分别从a、b两点运动到

c点.殳电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb,a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则w产Wb,E3>

Eb.（判断对错）

评卷人得分

四、解答题（共1题，共8分）

21、小球b静止在高度为H=lm的光滑平台上A处，另•小球a以水平向右的初速度v=6m/s与小球b发生无动

能损失的正碰，设a、b碰撞时间极短.小球a、b的质量分别为ma=lkg和mb=2kg.小球b碰后沿着一段粗糙

的曲而进入一半径为R=0.4m的光滑竖直圆轨道中恰能通过最高点C.（g=10m/s2）求：

（1）小球b通过圆轨道最低点B时对轨道的压力大小.

（2）小球b在粗糙曲面上运动过程中克服摩擦力做的功.

评卷人得分

五、作图题供4题，共24分）

22、（6分）如图所示是研究电磁感应现象的实验仪器，虚线框内给出了原、副线圈导线的绕法，实验前已查明

电流表中电流从左接线柱流入时指针向左偏.

（1）用笔画线代替导线在答卷对应的图上连接好实验电路.

（2）若实验中原线圈插入副线圈后，开关S闭合的瞬间，观察到电流表指针向左偏，试在电路连接图中标出电

源的正、负极.

（3）若符原线圈拔出，则拔出时电流表指针向—偏.

23、如图所示，在课桌的C点用最小的力把桌腿B抬离地面，在抬起时臭腿A没有滑动.请在C点画出这个力

的示意图，并标出它的力臂L.

24、

某同学在做“利用单摆测重力加速度”的实验中；先测得摆线长为97.50cm摆球直径为2.00cm然后用秒表记录

了单摆振动50次所用的时间，如图1所示，则：

(1)该摆摆长为cm秒表所示读数为s.

(2)如果测得的g值偏小；可能的原因是

A.测摆线长时摆线拉得过紧。

B.摆线上端悬点未固定：振动中出现松动，使摆线长度增加了。

C.开始计时时；秒表过迟按下。

D.实验中误将49次全振动记为50次。

(3)为了提高实验精度，在实验中可改变几次摆长1并测出相应的周期T从而得出一组对应的I与T的数据，再

以1为横坐标，T2为纵坐标，将所得数据连成直线如图2所示，并求得该直线的斜率为k则重力加速度

g=(用k表示).

25、

试画出下面图1中负电荷产生的电场；画出图2中的A点的电场方向以及放在B点的负电荷所受的电场力方向。

A•

B•

O

图1

图2

评卷人得分

六、综合题（共4题，共36分）

26、（1）氧气分子在0隆忙和100隆忙温度下单位速率间隔的分子数占总分子数的百分比随气体分子速率的变

化分别如图中两条曲线所示。下列说法正确的是o（填正确答案标号。）

A.图中两条曲线下面积相等。

B.图中虚线对应于氧气分子平均动能较小的情形

C.图中实线对应于氧气分子在100隆忙时的情形

D.图中曲线给出了任意速率区间的氧气分子数目

E.与0隆忙时相比，100隆忙时氧气分子速率出现在0隆芦400m/s区向内的分子数占总分子数的百分比较大

（2）如图，容积均为V的汽缸A、B下端有细管（容积可忽略）连通，阀门K2位于细管的中部，A、B的顶部各

有一阀门K1K3B中有一可自由滑动的活塞（质量、体枳均可忽略）初始时，三个阀门均打开，活塞在B的底部:

关闭K2K3通过K1给汽缸充气，使A中气体的压强达到大气压p0的3倍后关闭K1已知室温为27隆忙汽缸

导热。

(i)打开K2求稳定时活塞上方气体的体积和压强：

(ii)接着打开K3求稳定时活塞的位置：

(iii)再缓慢加热汽缸内气体使其温度升高20隆忙求此时活塞下方气体的压强。

27、如图所示电路是一种触电保安器；变压器A处用火线和地线双股平行绕制成线圈，然后接到用电器.B处

有一个输出线圈，一旦线圈中有电流，经放大后便能推动继电器J切断电源.试说明：

28、(1)如图，第0BC为一玻璃三棱镜的横截面，隆胺A=30鉴❷一束红光垂直AB边射入，从AC边上的D点

射出，其折射角为60饕。则玻璃对红光的折射率为。若改用蓝光沿同一路径入射，则光线在D点射出时

的折射射角(填〃小于""等于〃或"大于”)60签。

(2)一列简谐横波在t=13s时的波形图如图(a)所示，PQ是介质中的两个质点。图(b)是质点Q的振动图像。求

(i)波速及波的传播方向:

(ii)质点Q的平衡位置的x坐标。

29、【物理隆陋隆陋选修3塞封】略

参考答案

一、选择题(共9题，共18分)

1、A

【分析】

当电流恒定时，产生恒定的磁场，Q中磁通量不发生变化，不能产生感应电流，A正确。BCD图

象的电流均能产生电流，不正确

【解析】

【答案】

A

2、D

【分析】

试题分析：从电热水壶的铭牌上可知，额定功率为1800丁因此lOmin产生的热量

0=Pr=lSOO1060=1OS因此D正确，ABC错误。

考点：电功，电功率

【解析】

【答案】

D

3、A

【分析】

解：A：物体做离心运动时；将离圆心越来越远，故A正确.

B：当物体受到的合力的大小不足以提供物体所需要的向心力的大小时；才是离心运动，而运动

轨迹可能是直线，也可能是曲线，故B错误.

C；当物体受到的合力的大小不足以提供物体所需要的向心力的大小时；才做离心运动的物体，

不一定不受到外力的作用，故C错误.

D；合力大于需要的向心力时；物体要做向心运动，合力小于所需要的向心力，或没有合力时，

物体就要远离圆心，做的就是离心运动，故D错误.

故选：A

当物体受到的合力的大小不足以提供物体所需要的向心力的大小时；物体就要远离圆心，此时

物体做的就是离心运动.

合力人于需要的向心力口寸,物体要做向心运动，合力小于所需要的向心力时,物体就要远离圆

心，做的就是离心运动.

【解析】

【答案】A

4、C

【分析】

解：电场线疏密表示场强的大小，由图象知从做到右场强逐渐增大，电场力做功W=qU=qEd,

ab=bc,所以WabVWbc.

故选：C

电场线疏密表示场强的大小；电场线的切线方向表示电场强度的方向.

掌握利用电场线表示电场的方法，知道：电场线疏密表示场强的大小，电场线的切线方向表示

电场强度的方向.

【解析】

【答案】C

5、C

【分析】

略

【解析】

C

6、B

【分析】

解：A普朗克为了解释黑体辐射现象；提出了能量子概念，故A错误；

B：爱因斯坦在解释光电效应时；引入了能量子的概念，认为光本身就是由一个个不可分割的能

量子即光子组成，B正确；

C；康普顿效应中；光子与静止电子碰撞后光子的频率发生了变化，使用动量守恒定律与能量守

恒定律可以解释该现象，表明光子除具有能量外，还具有动量，深入揭示了光的粒子性的一面，

C错误；

D；德布罗意提出实物粒子同样具有波动性；电子衍射现象的发现，证明了实物粒子同样具有波

动性，D错误；

故选：B.

光不仅在发射和吸收时能量是•份•份的；而且光本身就是由一个个不可分割的能量子组成第

••个认为光是•份一份不可分割的能量子概念的科学家是爱因斯坦，爱因斯坦在解释光电效应

时，引入了能量子，提出了光子的概念.

考看了物理学史，解题关键是要整理出各著名物理学家的贡献，并加强记忆，同时深刻并准确

地理解物理学家贡献的具体内容.

【解析】

B

7、D

【分析】

解；由乙图知t=0时刻；即开始计时的时刻质点位于平衡位置，旦速度向下。

A、图中a经过平衡位置向上运动，过14周期后到达波峰；与振动图象计时起点的情况不符。

故A错误。

B、图中b在波谷，过14周期后经过平衡位置向上运动；与振动图象计时起点的情况不符。故B

错误。

C、图中c经过平衡位置向下运动，过14周期后到达波谷；与振动图象计时起点的情况不符。

故C错误。

D、图中d在波峰，过14周期后经过平衡位置向下运动；与振动图象计时起点的情况相符。故

D正确。

故选：D

先由波的传播方向判断各质点的振动方向，并分析经过14周期后各点的振动方向.与振动图象计

时起点的情况进行对比；选择相符的图象.

本题属于波的图象问题，先判断质点的振动方向和波的传播方向间的关系，再分析波动形成的

过程.

【解析】

D

8、C

【分析】

【分析】本题考查开普勒行星运动定律的应用。

开普勒行星第三定律：行星绕太阳运动的轨道的半长轴的立方与周期平方之比等于常数KK面积

速率等于Stdfrac{S}{l}解题的关键是理解开普勒行星第三定律，面积速率的定义。【解答】

根据开普勒行星第三定律有a3T22=R3T12根据

面积速率的定义，在轨道I面积速率为娄腴R2T1dfrac{娄腴{R}，'{2}}{{T}」1}}

在轨道Illi面积速率为娄腴abT2dfrac{娄腺ab}{{T}_{2}}

联立解得面积速率之比是aRbdfrac{sqrt{aR}}{b}故C正确，ABD错误。故选C。

【解析】

C

9、D

【分析】

解：小球受重力；拉力F和细线的拉力T其中重力的人小和方向均不变，细线的拉力的方向不

变；

显然；轻绳0A上拉力不断减小，力F先减小后增大，故ABC错误，D正确；

故选：D

小球始终处于平衡状态；合力为零，根据共点力平衡，抓住重力不变，细绳的拉力方向不变,

运用作图法分析拉力的变化情况.

本题属于力学的动态分析，关键能够正确进行受力分析，抓住不变量，运用作图法进行求解.

【解析】

D

二、填空题（共6题，共12分）

10、略

【分析】

作出射点的法线，由图得〃=变女=变竺=#光在该棱镜中的传播速度、，=£=J5xl0'm$

sinysin30c〃

【解析】

【答案】

//xio8

11、拖着匀速直线速度（）.13m/s小车和钩码

【分析】

【解答】解：①系统受到的阻力包括限位孔对纸带的阻力，故要拖着纸带要平衡摩擦力；直到小

车做匀速直线运动，即可达到平衡摩擦力目的.②要验证动能定理，需要测量初速度与末速度；

B点速度等于AC段平均速度，故VB二等二愕m/s=0.13m/s；③细线对钩码做功和对小车做功

之和为零；故重力对钩码做的功等于合外力对小车和钩码做的功之和；

故答案为：①拖着；匀速宜线；②速度，O.I3m/s；③小车和钩码.

【分析】①阻力包括限位孔对纸带的阻力，故要拖着纸带平衡摩擦力；②要验证动能定理，需要

测量初速度与末速度，根据匀变速直线运动平均速度等于中间时刻瞬时速度求解某点的速度；③

重力对钩码做的功等于合外力对小车和钩码做的功之和.

12、内能W+Q

【分析】

【分析】

本题考查

热力学第一定律。热力学第一定律：一般情况下，如果物体跟外界同时发生做功和热传递的过程

,那么外界对物体所做的功WW加上物体从外界吸收的热量QQ等于物体内能的增量，表达式为

娄陇U二娄陇U=W+Q

解题的关键是知道热力学第一定律的内容。

【解答】

热力学第一定律：一般情况下，如果物体跟外界同时发生做功和热传递的过程，那么外界对物体

所做的功W加上物体从外界吸收的热量Q等于物体内能的增量，表达式为娄陇U=W+Q

故答案为：

内能W+Q

【解析】

内能W+Q

13、略

【分析】

试题分析：设放上质量为m的物体时

弹簧的压缩量为x

此时4二

根据可知

此时电阻R接入电路的阻值

R.R

XL

这时电压表读数

“七口

C.=--------A.

凡A♦凡W♦尸

各式联立得；

mgRE

mgR♦kL(R-+r)

考点：闭合电路欧姆定律,

【解析】

【答案】

mgRE

U=----------

xM*3-)

14、略

【分析】

解：根据爱因斯坦光电效应方程Exhy-W,任何一种金属的逸巴功W一定，说明EK随频率f的

变化而变化，且是线性关系(与y=ax+b类似)，直线的斜率等于普朗克恒量，由于：EK二eU所

以：eUc=hy-W；

由图可得Uc=ky-b

整理得:h=ek；

故答案为：ek

由爱因斯坦光电效应方程EK=hy-W去分析图象中所包含的对解题有用的物理信息；图象与纵轴

和横轴交点分别表示普朗克常量和金属的极限频率.

本题考杳了爱因斯坦光电效应方程EK=hY-W,注意将有关的物理知识和数学的图线联系起来，

培养用数学知识解决物理物体.

【解析】

ek

15、略

【分析】

解：根据尸;可知；该光的频率为：

y='=<*l"=8xlOl4Hz

1A11.375

大于能和钠的极限频率；因此能够发生光电效应的是：饱和钠；

故答案为：饱和钠.

当入时光的频率大于金属的极限频率时；会发生光电效应，由此可正确解答.

解决本题的关键掌握光电效应的条件，是考查基础知识的好题，注意数量级.

【解析】

钠和钠

三、判断题（共5题，共10分）

16、B

【分析】

【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小.

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关.由以上的

分析可知，以上的说法都错误.

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降

低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关.

17、B

【分析】

【解答】解；根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与

等势面垂直；

故答案为：错误.

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布.因此在金属导体内部

出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动.此

时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体.

18、A

【分析】

【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上;

故UaLUbc，根据W=qU,有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故&>Eb；

故答案为：正确.

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏

密程度判断电场强度的大小.

19、B

【分析】

【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错

误；

故答案为：错误.

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特

性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电

势的高低.

20、A

【分析】

【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上;

故Ug=Lk，根据W=qU,有W,=Wb：

a位置的电场强度较密集，故&>Eb；

故答案为：正确.

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏

密程度判断电场强度的大小.

四、解答题(共1题，共8分)

21、略

【分析】

(1)设小球a、b碰后的速度分别为vi和V2；由动量守恒和碰撞前后系统动能相等:

mav=mavi+mbV2①

解①和②得：vi=-2m/s,V2=4m/s

Vvi=-2m/s说明碰后小球a反方向向左运动，小球b以v2=4m/s的初速度沿曲面向卜,进入圆轨道;

在圆轨道最高点由重力提供向心力得：

得小球在最高点C的速度1盒二顾

同

小球b从最低点到最高点的运动过程中；由机械能守恒得:

12」2心„

严/低一产/高.然

解得：,低=屈百

在最低点时；小球受到地面的支持力和重力的合力提供向心力：

£「声=用餐得：

/、r=灰J低2十次点=2xGf^T+2X10N=120N

Nb-yb&R

（2）设在曲面上，摩擦力对小球b做功W.小球b从碰后到最低点的运动过程中：由动能定理

得：

口m-l212

7VH"一？V低加2

由（1）分析得＞'底=沟=同两1=而加、V2=4m/s；代入解得：

W=-16J

即：小球克服摩擦力做功16J.

答：（1）小球b通过圆轨道最低点B时对轨道的压力人小为I20N；

（2）小球b在粗糙曲面上运动过程中克服摩擦力做的功为16J.

【解析】

【答案】小球ab碰撞过程中同时满足动量守恒和动能守恒，由此列式计算可以求出a、b两球碰

撞后的速度；小球B在光滑圆轨道中恰能通过最高点C,说明此时重力提供向心力，由此可以求

出在最高点C小球的速度vc,因为在圆轨道上运动，根据机械能守恒条件可以算出小球在最低点

B时对速度，根据牛顿第二定律，在最低点小球受到的合外力提供向心力，可以求出b通过圆轨

道最低点B时对轨道的压力大小.小球碰撞后到光滑圆轨道最低点B的过程中；运用动能量定理

可以求出克服摩擦力所做的功W.

五、作图题（共4题，共24分）

22、略

【分析】

【解析】

【答案】

（6分）（1）如图所示（2分）

（2）如图所示（2分）

（3）右偏（2分）

23、以桌腿上A点为转轴；课桌重力的力矩一定，当所用的力力臂最大时，所用的力最小，而最

大的力臂等于AC间距离，则当力作用在C点且与AC连。

线垂直向上时；力最小.力的示意图如图.

【分析】

【解答】以桌腿上A点为转轴，课桌重力的力矩一定，当所用的力力臂最大时，所用的力最小,

而最大的力臂等于AC间距离，则当力作用在C点且与AC连。

线垂直向上时；力最小.力的示意图如图.

【分析】以桌腿上A点为转轴，课桌重力的力矩一定，当所用的力力臂最大时，所用的力最小，

而最大的力臂等于AC间距离，则当力作用在C点且与AC连线垂直向上时，力最小.

24、略

【分析】

解:(1)单摆的摆长l=L4-d2=97.50+2.002cm=98.50cm.

秒表的小盘读数为50s大盘读数为15.2s则秒表的读数为75.2s.

(2)根据T=2娄腴1g得,g=4娄胰1T2

A；测摆线长时摆线拉得过紧；则摆长的测量值偏大，导致重力加速度的测量值偏大，故A错

误.

B；摆线上端悬点未固定；振动中出现松动，使摆线长度增加了，知摆长的测量值偏小，导致重

力加速度的测量值偏小，故B正确.

C；开始计时时；秒表过迟按下，则周期的测量值偏小，导致重力加速度的测量值偏人，故C错

误.

D；实验中误将49次全振动记为50次；则周期的测帚值偏小，导致重力加速度的测量值偏大，

故D错误.

故选：B.

(3)根据T=2娄腴1g得，T2=4娄腴21g可知图线的斜率k=4娄胰2g则重力加速度g=4娄膘

2k.

故答案为：(1)98.5075.2(2)6(3)4娄胰2k.

(1)单摆的摆长等于摆线的长度和镁球的半径之和；秒表的读数等于小盘读数和大盘读数之和.

(2)根据单摆的周期公式得出重力加速度的表达式；结合摆长和周期的测量误差确定重力加速度

的测帚误差.

(3)根据单摆的周期公式得出T2签♦的关系式；结合图线的斜率求出重力加速度.

单摆的摆长等于悬点到球心的距离，不能漏算小球的半径.根据解析式研究图象的意义是惯用的

思路.

【解析】

98.5075.2B4娄腺2k

25、略

【分析】

电场中电场强度的方向沿电场线的切线的方向；负电荷受力的方向与电场线的方向相反；也是

沿电场线的切线方向.

该题中要求画出B点的负电荷受力的方向，要注意负电荷受力的方向与电场线的方向相反.属于

简单题.

【解析】

解：负电荷产生的电场线应该由无穷远指向负点电荷；如图1

电场中电场强度的方向沿电场线的切线的方向；所以A点的场强的方向竖直向下，如图2

负电荷受力的方向与电场线的方向相反；所以负电荷在B点受电场力方向竖直向上，如图2.

答：如上图所示.

六、综合题（共4题，共36分）

26>（1）ABC

（2）

解：（i）打开K2之前，A缸内气体pA=3p（）,B缸内气体PB=po,体积均为V,温度均为T=（273+27）

K=3（）0K,打开K2后，B缸内气体（活塞上方）等温压缩，压缩后体积为Vi,A缸内气体（活塞

下方）等温膨胀，膨胀后体积为2V-M，活塞上下方压强相等均为pi，

则：对A缸内（活塞下方）气体：3poV=pi（2V-V1）；

对B缸内（活塞上方）气体：poV=piV|；

联立以上两式得：pi=2p0,V|=lv

即稳定时活塞上方体积为：I压强为2p0；

（近）打升长2,活塞上方与大气相连通，压强变为冲，则活塞卜方气体等温膨胀，假设活塞卜方

气体E强可降为po,则降为po时活塞下方气体体积为V2,则3p（）V=p（）V2；

得Vk3V>2V,即活塞下方气体后强不会降至po,此时活塞将处于B气缸顶端，缸内气压为

P2,3p（）V=p2x2V,得也即稳定时活塞位于气缸最顶端；

（iii）缓慢加热汽缸内气体使其温度升高，等容升温过程，升温后温度为T3=（300+20）K=320K,

由空:

得：P3=1.6po»即此时活塞下方压强为1.6p0

【分析】

（1）【分析】

温度是分子平均动能的标志，温度升高分子的平均动能增加，不同温度下相同速率的分子所占比

例不同，要注意明确图象的意义是解题的关键。

本题考查了分子运动速率的统计分布规律，记住图象的特点，知道横坐标表示的是分子数目所占

据的匕例，同时明确温度与分子平均动能间的关系。

【解答】

A.由题图可知；在0隆忙和100隆忙两种不同情况下各速率区间的分子数占总分子数的百分比

与分子速率间的关系图线与横轴所围面积都应该等于1即相等，故A正确；

B.由图可知；具有最大比例的速率区间，。隆忙时对应的速率小，故说明虚线为0隆忙的分布

图象，故对应的平均动能较小，故B正确；

C实线对应的最大比例的速率区间内分子动能大；说明实验对应的温度大，故为100隆忙时的

情形，故C正确；

D.图中曲线给出了任意速率区间的氧气分子占据的比例；但无法确定分子具体数目，故D错

误；

E.山图可知；0隆芦400m/s段内，100隆忙对应的占据的比例均小于与0隆忙时所占据的比

值，因此100隆忙时氧气分子速率出现在0隆芦400m/s区间内的分子数占总分子数的百分比较

小，故E错误。

故选ABC。

（2）

①分析打开K2之前和打开K2后，AB缸内气体的压强、体积和温度，根据理想气体的状态方程

列方程求解；

（垄垄）打开K2分析活塞下方气体压强会不会降至P0确定活寒所处位置.；

（垄拢）缓慢加热汽缸内气体使其温度升高，等容升温过程，由P2T=P3T3求解此时活塞下方气

体的E强。

本题主要是考查了理想气体的状态方程；解答此类问题的方法是：找出不同状态下的三个状态参

量，分析理想气体发生的是何种变化，利用理想气体的状态方程列方程求解；本题要能用静力学

观点分析各处压强的关系，要注意研究过程中哪些最不变，哪些量变化，选择合适的气体实验定

律解决问题。

【解析】

(l)ABC

(2)

解：①打开K2之前，A缸内气体pA=3pOB缸内气体pB=pO体积均为V温度均为

T=（273+27）K=300K打开K2后，B缸内气体（活塞上方）等温压缩，压缩后体积为VIA缸内气

体（活塞下方）等温膨胀，膨胀后体积为2V饕觌1活塞上下方压强相等均为pl

则：对A缸内（活塞下方）气体：3pOV=l（2V^1）

对B缸内（活塞上方）气体：pOV=plVl

联立以上两式得：pl=2pOVl=12V

即稳定时活塞上方体积为12V压强为2pO

（垄垄）打开K2活塞上方与大气相连通，压强变为pO则活塞下方气体等温膨胀，假设活塞下方

气体压强可降为pO则降为pO时活塞下方气体体积为V2则3pOV=pOV2

得V2=3V>2V即活塞下方气体压强不会降至pO此时活塞将处于B气缸顶端，缸内气压为

p23pOV=p2隆脱2V得p2=32p0即稳定时活塞位于气缸最顶端；

（垄拢）缓慢加热汽缸内气体使其温度升高，等容升温过程，升温后温度为

T3=（300+20）K=320K由P2T=P3T3

得:p3=1.6p0即此时活塞下方压强为1.6p0

27、①开的电灯过多，但火线和零线中电流方向相反、大小相等，线圈A产生的总磁通量为零；

线圈A中不会产生感应电流，故继电器不会切断电源；②当有人如图中“手-地''触电时，会导致

一部分电流通过大地，火线和零线中电流方向、大小不等，线圈A产生的总磁通量不为零，即增

加了，故会在线圈B中产生感应电流，经放大后便能推动继电器切断电源；③当有人双手“火线

-零线”触电时（人与地绝缘），火线和零线中电流方向相反、大小相等，线