2025届广东省云浮市云城区高三上学期调研模拟测试（一）物理试卷（含答案）

第第页2025届广东省云浮市云城区高三上学期调研模拟测试（一）物理试卷一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中只有一项是符合题目要求的。1．关于下列四幅图的说法正确的是()A．甲图中A处能观察到大量的闪光点，B处能看到较多的闪光点，C处观察不到闪光点B．乙图中1为α射线，它的电离作用很强可消除静电C．丙图中处于基态的氢原子能吸收能量为10.4eV的光子而发生跃迁D．丁图中用弧光灯照射原来就带电的锌板时，发现验电器的张角变大，说明锌板原来带负电2．如图所示，质量为mB=5kg的木板B放在水平地面上，质量为mA=10kg的木箱A放在木板B上。一根绳得一端控在木箱上，另一端拴在天花板上，轻绳与水平方向的夹角为θ=53°。已知木箱A与木板B间的动摩擦因数μ1≈0.5现用水平向右、大小为63N的力F将木板B从木箱A下面匀速抽出（A．0.1 B．0.2 C．0.3 D．0.43．以下四种情况中，物体处于受力平衡状态的是（）A．水平弹簧振子通过平衡位置时 B．单摆摆球通过平衡位置时C．竖直上抛的物体在最高点时 D．做匀速圆周运动的物体4．如图所示的现象中，解释成因正确的是（）A．单摆中摆球运动到平衡位置时，合力为零B．水中的气泡看上去特别明亮，主要是由于光的折射引起的C．两个扩音器放在主席台左右两侧，在操场上有些位置声音大，有些位置声音小，是因为两处声源产生的波发生了干涉。D．疾驰而过的急救车使人感觉音调变化，是由于开普勒效应引起的5．劳伦斯和利文斯设计出回旋加速器，工作原理示意图如图所示。置于高真空中的半径为R的D形金属盒中，两盒间的狭缝很小，带电粒子穿过的时间可忽略。磁感应强度为B的匀强磁场与盒面垂直，高频交变电压u的频率为f．若A处粒子源产生的质子质量为m、电荷量为＋q，在加速器中被加速，且加速过程中不考虑相对论效应和重力的影响。用该回旋加速器加速质子，为了使质子获得的动能减小为原来的19A．将其磁感应强度增大为原来的3倍B．将其磁感应强度增大为原来的9倍C．将D形盒的半径减小为原来的13D．将D形盒的半径减小为原来的196．图为一台理想变压器，当原线圈接到220V交流电源上时，副线圈两端的电压为36V，则此变压器（）A．输入功率稍大于输出功率B．原线圈的匝数小于副线圈的匝数C．根据电磁感应的原理制成的D．原线圈相对于电源来说是负载7．如图所示，A、B为地球的两颗卫星，它们均绕地球做匀速圆周运动，运动周期都为T=12hA．A、B两卫星所受的万有引力大小一定相等B．A、B两卫星到地面的高度可能不同C．C物体的线速度一定小于A卫星的线速度D．以地面为零势能面，A、B两卫星的重力势能一定相同二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但选不全的得3分，有选错的得0分。8．静止在粗糙水平面上的物块在水平向右的拉力作用下做直线运动，t=4s时停下，其v－t图象如图，已知物块与水平面间的动摩擦因数处处相同，则下列判断正确的是（）A．整个过程中拉力做的功等于物块克服摩擦力做的功B．整个过程中拉力做的功等于零C．t=2s时刻拉力的瞬时功率在整个过程中最大D．t=1s到t=3s这段时间内合力做功为零9．以无穷远处电势为零，下列关于电势与电势能的说法正确的是（）A．电荷在电场中电势高的地方电势能大B．在电场中的某点，电量大的电荷具有的电势能比电量小的电荷具有的电势能大C．在正点电荷形成的电场中的某点，正电荷具有的电势能比负电荷具有的电势能大D．在负点电荷形成的电场中的某点，正电荷具有的电势能比负电荷具有的电势能小10．如图所示，质量为m的物块放在质量为M的平板车上，轻弹簧将物块与平板车右端的固定挡板相连，平板车上表面光滑，物块与车一起沿光滑水平面向右以大小为v0的速度匀速运动，车与地面上的固定挡板相碰后以原速率返回，M>m，则下列说法正确的是（）A．碰撞瞬间，物块动量不变B．碰撞后，物块、车与弹簧组成的系统动量方向与v0方向相同C．碰撞后，物块、车与弹簧组成的系统机械能守恒D．碰撞后，弹簧具有的最大弹性势能为2Mm三、非选择题：共54分。考生根据要求作答。11．某同学在做“测定玻璃折射率”的实验时已经画好了部分图线，如图甲所示，并在入射光线AO上插上大头针P1、P2，现需在玻璃砖下表面折射出的光线上插上P3和P4大头针，便能确定光在玻璃砖中的折射光线。（1）确定P3位置的方法正确的是；A．透过玻璃砖，P3挡住P2的像B．先插上P4大头针，在靠近玻璃砖一侧P3挡住P4的位置C．透过玻璃砖观察，使P3挡住P1、P2的像（2）在图甲中作出光线在玻璃砖中和出射后光线的光路图，并画出玻璃砖中光线的折射角θ2；（3）经过多次测量作出sinθ1−（4）若该同学在确定P4位置时，被旁边同学碰了一下，不小心把P4位置画的偏左了一些，则测出来的折射率（选填“偏大”“偏小”或“不变”）；（5）该同学突发奇想用两块同样的玻璃直角棱镜ABC来做实验，两者的AC面是平行放置的，插针P1、P2的连线垂直于AB面，若操作无误，则在图丙中右边的插针应该是。A．P3、P6 B．P3、P8 C．P5、P6 D．P7、P812．某同学在实验室发现一根粗细均匀，长约半米，截面为圆形的细金属丝，为了测得该金属丝的电阻率，进行了如下实验操作：(1)用螺旋测微器测量该金属丝直径时的刻度位置如图甲所示，则该金属丝的直径为mm。(2)用多用电表粗测金属丝的阻值，多用电表的“L”挡有“×1”“×10”“×100”“×1k”四个倍率挡，选用“×100”挡测量时，发现指针偏转角度过大，换用相邻的某倍率，重新欧姆调零后进行测量，结果如图乙所示，则该金属丝的电阻为Ω。(3)为了精确地测量该金属丝的电阻，有下列器材可供选择：电流表A1（量程3A，内阻约为1.0Ω）电流表A2（量程100mA，内阻约为50Ω）电流表A3（量程50mA，内阻为100Ω）滑动变阻器R（阻值范围0～20Ω，额定电流2A）直流电源E（电动势10V，内阻不计）待测金属丝Rx开关一只，导线若干请选择合适的仪器，将实验电路图画在方框内，并标明所选器材的代号。(4)在精确测出电阻后，为得出该金属丝的电阻率，还需准确测出它的一个物理量，这个物理量应该是该金属丝的，为测得这个物理量所需要的测量工具应该是。13．如图所示，在大气压强为p0=1×105 Pa、室温为T1=300 K的实验室中，一高度L=30 cm（1）若缓慢升高气缸内气体温度，求活塞刚好接触微动开关P时气缸内气体温度。（2）若第（1）问过程中，气缸内气体从外界吸收热量Q1（3）保持温度不变，在活塞上缓慢施加压力以触发开关Q可制成压力传感器，若Q到活塞底部距离的调节范围为5~15cm，则可检测的压力的范围是多少？14．如图所示，固定的足够长的绝缘运输带与水平方向成α=30°，以v0的速度顺时针匀速传动，两虚线1、2间存在垂直运输带向下的匀强磁场，磁感应强度大小为B。质量为m、阻值为R、边长为d的正方形导线框abcd随运输带一起匀速向上运动，当ab边越过虚线1时导线框相对运输带发生运动，当ab边到达虚线2时导线框的速度恰好恢复到v0，已知两虚线间的距离为L（L>2d），导线框与运输带之间的动摩擦因数μ=3（1）ab边刚越过虚线1瞬间的加速度大小；（2）导线框的ab边由虚线1运动到虚线2的过程中，导线框中产生的焦耳热Q；（3）导线框的ab边由虚线1运动到虚线2的时间t。15．如图，质量为m=1kg的滑块，在水平力作用下静止在倾角为θ=37°的光滑斜面上，离斜面末端B的高度h=0.2m，滑块经过B位置滑上皮带时无机械能损失，传送带的运行速度为v0=3m/s，长为L=1m．今将水平力撤去，当滑块滑到传送带右端C时，恰好与传送带速度相同．g取10m/s2.求：(1)水平作用力F的大小；（已知sin37°=0.6cos37°=0.8）(2)滑块滑到B点的速度v和传送带的动摩擦因数μ；(3)滑块在传送带上滑行的整个过程中产生的热量．

答案解析部分1．【答案】B【解析】【解答】本题要知道能级差与吸收或辐射光子能量的关系，即Em-En=hv.要掌握吸收光子能量发生跃迁，吸收的光子能量需等于两能级间的能级差。甲图中A处能观察到大量的闪光点，B处能看到较多的闪光点，在C处也可以观察到很少的闪光点，A错误；根据左手定则可知，1带正电，为α射线，α射线的电离作用很强，可消除静电，B正确；吸收光子能量发生跃迁，吸收的光子能量需等于两能级间的能级差，从基态氢原子发生跃迁到n=2能级，需要吸收的能量最小，吸收的能量为-3.4eV-（-13.6eV）=10.2eV，即受10.2eV光子照射，可以从基态氢原子发生跃迁到n=2能级.10.4eV的光子不能被吸收，不能发生跃迁，C错误；图中用弧光灯照射锌板，锌板上的电子逸出，锌板带上正电，发现验电器的张角变大，说明原来就带正电，D错误．

【分析】α散射实验中，大多少α粒子没有发生偏转，少数发生较大角度偏转，极少数α粒子发生大角度偏转。弧光灯照射锌板发生光电效应时，锌板上的电子逸出，锌板带上正电。吸收光子能量发生跃迁，吸收的光子能量需等于两能级间的能级差。根据左手定则可知，1带正电，为α射线，α射线的电离作用很强。2．【答案】C【解析】【解答】本题主要是考查了共点力的平衡问题，解答此类问题的一般步骤是：确定研究对象、进行受力分析、利用平行四边形法则进行力的合成或者是正交分解法进行力的分解，然后在坐标轴上建立平衡方程进行解答。注意整体法和隔离法的应用。对A受力分析如图甲所示由题意得FFF解得F对A、B整体受力分析如图乙所示，由题意得FFF解得μ故选C。

【分析】将物体B匀速向右拉出过程中，A物体保持静止状态，受力均平衡．分别分析两个物体的受力情况，作出力图，根据平衡条件列方程求解即可。3．【答案】A【解析】【解答】平衡状态的运动学特征是加速度为零，动力学特征是合力为零。A.水平弹簧振子通过平衡位置时加速度为零，合力为零，处于平衡状态．故A正确；B.单摆的摆球通过平衡位置时摆线的拉力大于重力，加速度不等于零，小球受力不平衡．故B错误；C.竖直上抛的物体在最高点时物体的合力为重力，不等于零，物体受力不平衡．故C错误；D.物体做匀速圆周运动时合力不为零，合力提供向心力，物体受力不平衡．故D错误。故选A。【分析】物体受力平衡时加速度为零，合力为零，根据平衡状态的特点进行分析。4．【答案】C【解析】【解答】本题考查生活中的物理现象，注意明确各物理现象对应的物理规律，会根据物理规律解释相关现象。A．单摆中摆球运动到平衡位置时，摆球做圆周运动，有向心加速度，合力不为零，故A错误；B．水中的气泡看上去特别明亮，主要是由于光的全反射引起的，故B错误；C．两个扩音器放在主席台左右两侧，在操场上有些位置声音大，有些位置声音小，是因为声波的干涉现象，因为这两个扩音器是两个相干波源，各自发出的声波在空间发生干涉，故C正确；D．疾驰而过的急救车使人感觉音调变化，是由于多普勒效应引起的，故D错误；故选C。

【分析】单摆中摆球运动到平衡位置时，有向心加速度；根据全反射现象分析；根据干涉原理分析；根据多普勒效应分析。5．【答案】C【解析】【解答】解决本题的关键知道回旋加速器的工作原理，掌握粒子在磁场中运动的半径公式和周期公式，并能灵活运用。回旋加速器通过电场加速，磁场回旋，最后从磁场离开，由洛伦兹力提供向心力可得：qvB=m可得粒子的最大速度为：v故最大动能为：E为了使质子获得的动能减小为原来的19，因此将其磁感应强度减小为原来的13倍，或将D形盒的半径减小为原来的故选C。

【分析】回旋加速器通过磁场偏转，电场加速来加速粒子，根据D形盒的半径，通过洛伦兹力提供向心力求出最大速度，从而确定最大动能的影响因素，即可求解。6．【答案】C【解析】【解答】本题主要考查了变压器的构造和原理，掌握变压器的工作原理，结合原副线圈两端的电学物理量的比值关系即可完成分析。A．理想变压器，输入功率与输出功率相等，故A错误；B．根据变压器的匝数与电压成正比，原线圈接到220V交流电源上时，副线圈两端的电压为36V，可知此变压器原线圈的匝数大于副线圈的匝数，故B错误；C．变压器的工作原理是互感现象，当原线圈接在交流电源上时，副线圈中会产生感应电动势，故C正确；D．副线圈相对于电源来说是负载，故D错误。故选C。【分析】根据变压器的匝数之比等于电压之比，输入功率等于输出功率。变压器的工作原理是互感现象，当原线圈接在交流电源上时，副线圈中会产生感应电动势。7．【答案】C【解析】【解答】对于不同轨道上的卫星（或物体），要想比较他们的运行参数，卫星与卫星之间可以通过万有引力提供向心力直接进行分析比较，而卫星与赤道上物体的比较，则需要借助同步卫星进行分析。AD．A、B两卫星的质量关系不确定，则不能比较两卫星所受的万有引力大小关系，也不能比较A、B两卫星的重力势能的关系，选项AD错误；B．根据G可知因A、B两卫星周期相同，则轨道半径相同，到地面的高度相同，选项B错误；C．C物体与同步卫星的角速度相同，根据v=ωr可知C物体的线速度小于同步卫星的线速度；而根据G因A的周期小于同步卫星的周期，可知A的轨道半径小于同步卫星的轨道半径，根据Gv=可知A物体的线速度大于同步卫星的线速度，可知C物体的线速度一定小于A卫星的线速度，选项C正确。故选C。

【分析】根据万有引力提供向心力，得到各个物理量表达式，根据表达式分析。C为赤道上的物体，将C与同步卫星进行比较，然后同步卫星与其他卫星比较，从而得到结果。8．【答案】A,D【解析】【解答】该题考查了力做功的条件以及功的计算方法，求合力做功时可以先求各个力做的功，再求代数和，也可以先求出合力，再根据W=F合Lcosθ进行计算，也可据动能定理求解。AB．解析对物块运动的整个过程运用动能定理得WF－Wf=0即拉力做的功等于物块克服摩擦力做的功，故A正确，B错误；C．在0～1s时间内，拉力恒定且大于摩擦力，物块做匀加速运动，速度增大，t=1s时，速度最大，拉力的瞬时功率最大；t=2s时，物块匀速运动，拉力等于摩擦力，所以t=2s时刻拉力的瞬时功率不是最大的，故C错误；D．t=1s到t=3s这段时间，物块匀速运动，动能不变，合外力做功为零，故D正确。故选AD。

【分析】对物块运动的全过程运用动能定理可知，合外力做功之和等于零，即拉力做的功等于克服摩擦力所做的功，不等于零；力对物体做功的条件是：要有力作用在物体上，并在力的方向上产生一段位移，从而确定拉力和摩擦力的功。9．【答案】C,D【解析】【解答】A．正电荷在电场中电势高的地方电势能大，负电荷在电场中电势高的地方电势能小，A不符合题意；B．在电场中的某点，电量大的正电荷具有的电势能比电量小的电荷具有的电势能大，而电量大的负电荷具有的电势能比电量小的电荷具有的电势能小，B不符合题意；C．在正点电荷形成的电场中的某点，电势为正值，正电荷具有的电势能比负电荷具有的电势能大，C符合题意；D．在负点电荷形成的电场中的某点，电势为负值，正电荷具有的电势能比负电荷具有的电势能小，D符合题意。故答案为：CD。

【分析】负电荷在电势高的位置其电势能比较小；电势能的大小与电荷量大小及电荷的电性大小有关；利用电荷量和电性可以比较电势能的大小。10．【答案】A,C,D【解析】【解答】本题考查了动量守恒定律的应用，根据题意分析清楚物块与车的运动过程是解题的前提，应用动量守恒定律与机械能守恒定律即可解题。A．碰撞瞬间，物块所受合外力为零，所以物块动量不变，故A正确；B．碰撞瞬间，车的动量变为向左的Mv0，物块动量还是向右的mv0，由于M>m，所以碰撞后瞬间系统的总动量向左，之后系统动量守恒，方向保持向左，故B错误；C．碰撞后，物块、小车、弹簧组成的系统没有系统外力做功，内部没有摩擦力做功，所以机械能守恒，故C正确；D．设碰撞后物块与车的共同速度为v，以向左为正方向，根据动量守恒有(M−m)根据能量守恒定律，弹簧具有的最大弹性势能E故D正确。故选ACD。

【分析】系统所受合外力为零，系统动量守恒；只有重力或弹力做功，机械能守恒；根据题意分析清楚物块与车的运动过程，应用动量守恒定律与机械能守恒定律分析答题。11．【答案】（1）C（2）（3）1.50（4）偏小（5）C【解析】【解答】本题要掌握实验原理：折射定律，采用作图分析实验误差，关键要紧扣实验原理进行分析。

（1）确定P3位置的方法正确的是：透过玻璃砖观察，使P3挡住P1、P2的像。故选C。（2）光路图如图所示（3）根据n=sinθ1（4）若该同学在确定P4位置时，被旁边同学碰了一下，不小心把P4位置画的偏左了一些，则P4P3的连线与bb'的交点偏右，测得的折射角θ2偏大，则根据n=可知，测出来的折射率偏小。（5）光路图如图所示根据光路图可知，经过P1P2的光线经两块玻璃砖的分界处向下偏折，然后射入右侧玻璃砖后平行射出，所以在图中右边的插针应该是P5、P6。故选C。

【分析】（1）把大头针P1、P2竖直地插在所画的直线上，直到在y＜0的区域内透过玻璃砖能看到P1、P2的像，再插上P3后，P3刚好能挡住P1、P2的像，就能确定入射光线和折射光线．找到入射角和折射角，根据折射定律即可测得折射率；

（2）先连接P3P4交玻璃面于O'，连接OO'就是光在砖中的光路，并画出折射角；

（3）“测定玻璃折射率”的实验原理是折射定律，根据折射定律求解折射率；

（4）通过作光路图，分析入射角和折射角是否变化，由折射定律分析折射率的误差；

（5）根据折射的规律进行判断。12．【答案】0.680；90；；长度；毫米刻度尺（或刻度尺）【解析】【解答】本题考查了测金属丝的电阻率实验，考查了螺旋测微器读数与设计实验电路图、实验数据处理等问题；要掌握常用器材的使用方法与读数方法；根据题意确定电流表与滑动变阻器的接法即可作出实验电路图。(1)螺旋测微器的读数为0.5(2)选用“×100”挡测量时，发现指针偏转角度过大，换用相邻的倍率应为“×10”挡，则该元件粗测电阻为90Ω。(3)电流表A3既可以测电流还可以得出电压应与待测电阻并联，电流表A2用来测并联后的总电流，滑动变阻器总电阻明显小于待测电阻，应采用分压接法，由此可得测量电路如图所示(4)为得出该金属丝的电阻率，还需准确测出它的长度，工具是毫米刻度尺。

【分析】（1）螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数。

（2）用欧姆表测电阻，应选择适当的挡位，使指针指在中央刻度线附近，欧姆表换挡后要重新进行欧姆调零；欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数。

（3）没有电压表可以用已知内阻的电流表测电压；根据通过待测电阻的最大电流选择电流表；根据待测电阻阻值与滑动变阻器最大阻值间的关系确定滑动变阻器的接法，根据实验原理作出实验电路图。

（4）根据电阻定律求出电阻率的表达式，然后分析答题。13．【答案】解：（1）初始时气缸内气柱的高度为h温度为T活塞刚好接触微动开关P时气缸内气柱的高度为h设此时气体温度为T2S解