浙江省强基联盟2024-2025学年高二下学期3月月考物理试题含解析高二强基3月联考卷物理DA

浙江强基联盟2025年3月高二联考物理卷参考答案与评分标准1.A矢量是既有大小又有方向的物理量.电流和时间是标量，位移、力为矢量.m为国际单位制中的基本单位，N为国际单位制中的导出单位.故选A.2.DA.判断两个冰壶能否碰撞时，不能忽略冰壶的大小和形状，所以不可以将冰壶看作质点.B.短道速滑运动员转弯时，速度方向发生变化，运动状态改变，根据牛顿第一定律，物体运动状态改变时受力不平衡.C.在高山滑雪比赛时，运动员的运动轨迹是曲线，路程大于位移大小.D.当表演空中技巧时，运动员只受重力作用，加速度方向竖直向下，处于失重状态，故D正确.3.BA.水对石片的作用力与石片对水的作用力是一对相互作用力，根据牛顿第三定律，它们大小相等、方向相反，故A错误.B.不计空气阻力，石片在空中只受重力，加速度为g,根据重力加速度g方向竖直向下，所以在空中任意时间内，石片速度变化量△v的方向都竖直向下，故B正确.C.石片抛出后，在空中机械能守恒，但碰到水面时，由于水对石片做功，机械能不守恒，故C错误.D.整个过程石片的速度发生了变化，根据动量定理I=△p,动量发生了变化，所以水对石片的冲量不为零，故D错误.4.CAB.物体做竖直上抛运动，取向上为正方向，根据v=z-gt,到达最高点时v=0,且z8=2gh,可解得v=√2gh=20m/s.再由v=7-gt,解得t=2s所以物体向上运动时间是2s,AB错误；C.根据,解得物体在第1s内位移为h=15m,C正确；D.物体整个上升过程的平均速度,所以v=10m/s,D错误.1.908×10⁵C≈1.9×10⁵C.根据电能的计算公式W=UQ=358V×1.9×10C=6.802×10⁷J≈6.8×10²J.6.CA.根据万有引力公式,由于地球和彗星的质量不一定相等，所以它们在P位置处受到太阳的万有引力不一定相等，故A错误.B.地球和彗星经过P点的速度大小可能相等，但是方向一定不同，故B选项错误.C.根据开普勒第三定律，地球轨道半径和彗星轨道半长轴都为r,所以地球与彗星的公转周期相等，故C正确.D.开普勒第二定律是对同一行星而言，在相同时间内扫过相同的面积，而地球和彗星是不同的天体，所以地球与彗星在相同时间内扫过的面积不相同，故D错误.7.CA.由图可知发射极带正电，吸极带负电，带电液滴从发射极加速飞向吸极，说明液滴受到指向吸极的电场力，所以液滴带正电，A错误.B.电场方向从发射极指向吸极，沿着电场线方向电势逐渐降低，所以a、b、c根据电场线和等势面的关系可知，该电场为非匀强电场，且电场线越密集的地方场强越大，从发射极到吸极电场强度逐渐减小.根据U=Ed,由于d=d,E>E,所以U>U,C正确.D.因为液滴带正电，根据E,=qq(q>0),电势越高的地方电势能越大，a点电势最高，所以液滴在a点8.DA.设原线圈匝数为n1,副线圈匝数为n2,根据变压器电压比公式,仅把P₁向上移动少许，n2增大，U₁不变，则U₂增大.副线圈R不变，则副线圈电流I₂增大.再根据,原线圈电流I₁也增大，故A据,U₂减小，R总也减小，所以副线圈功率可能不变，又因为P人=P出，所以电源的输出功率可能不9.BA.4号猴子脱落后瞬间，将1、2、3号猴子看作一个整体，整体的质量为3m.因为树枝可视为弹性形变，在【物理卷参考答案第1页(共4页)】【物理卷参考答案第2页(共4页)】4mg,A选项错误.CD.对3个猴子进行受力分析，它们受到树梢向上的拉力F=4mg、自身重力3mg,根据牛顿第二定律有,猴子受力不平衡，故CD错误.B.以2、3号猴子为研究对象，其总质量为2m,设1号猴子对2号猴子的拉力为T,则T-2mg=2ma,,B选项正确.10.CA.由v—t图可知，这段时间内浮筒运动的速度最大值并没有减小，所以浮筒做的不是阻尼振动，A错误.B.根据Em=NBlvm其中l=πd,解得Em=NBlvm=πV,B错误.D.电动势的有效值,根据I=,可得电流有效值,故D错误.C.根据W=I²(R+r)t,则11.ADA.一些优质电话线外包裹着金属外衣，金属外衣可看作空腔导体，能防止外界信号干扰，利用了静电屏蔽的原理，A正确.B.主动降噪功能的耳机是通过产生与外界噪声相位相反的反噪声，两者相互叠加抵消来实现降噪的，是利用波的干涉原理制造的，故B错误.C.电磁炉是利用交变电流通过线圈产生交变磁场，使金属锅具底部产生涡流，进而利用锅具中涡流产生的热量来加热食物，而不是炉面面板中产生的涡流来加热食物，故C错误.D.交流感应电动机是利用电磁驱动的原理工作的，当定子绕组通入三相交流电后，产生旋转磁场，转子导体在旋转磁场中切割磁感线产生感应电流，感应电流受到磁场力的作用，从而使转子转动，12.ACA.微粒受到重力、电场力和洛伦兹力，因为微粒沿虚线MN运动，所以微粒所受合力方向与速度方向在同一直线上.假设微粒带正电，电场力水平向右，重力竖直向下，根据左手定则，洛伦兹力垂直于速度方向，此时合力不可能与速度方向在同一直线上，所以微粒一定带负电，A选项正确；B.微粒受力分析如图所示，只有这种受力情况下微粒才会保持匀速直线运动，从图中可以看出微粒运动方向从M到N,故B错误；C.因为微粒的运动是直线运动，若速度大小发生改变则洛伦兹力大小必发生变化，因此合力也会发生变化，微粒将做曲线运动，故微粒的运动只能是匀速直线运动，故C正确；D.微粒带负电，电场力水平向左，微粒从M运动到N,微粒运动方向与所受电场力方向夹角大于90度，电场力做负功，电势能增加，故D选项错误.13.ADA.由图乙可知，根据,物块的初速度为v₀=4m/s,后物块返回与传送带共速的速度为v=2m/s,小物块向右滑动过程，根据动能定理有：,解得μ=0.4,A正确；BC.小物块与传送带共速前，小物块的加速度大小为,从小物块开始滑动到与传送带达到共同速度所需时间;从小物块开始滑动到与传送带达到共同速度过程，小物块向右运动的位移大小为5m,小物块匀速所需时间为,故小物块从滑上传送带到离开传送带所需时间为2.25s,B错误；传送带向左运动的位移大小为x传=vt₁=3m,则整个过程中小物块与传送带相对位移大小为△x=工物+x传=4.5m,故C错误；D.整个过程中小物块与传送带因摩擦产生的热量为Q=μmg△r=18J,根据能量守恒可得,解得整个过程中电动机多消耗的电能为E电=14-I.(1)A(1分)(2)ACD(选全得2分，漏选得1分)(3)0.200(2分)(4)①不需要(1分)没有(1分)②C(1分)解析：(1)图中用到的是电火花打点计时器，所以采用的电源应当是交流220V,答案选A.(2)除了图中已有的器材外，还需要测量纸带点迹间的距离，所以需要刻度尺；为了改变小车的拉力，需要槽码；为了测量小车的质量，需要天平.(3)利用逐差法求加速度(4)①因为力传感器可以直接测出细线的拉力，所以不需要满足m远小于M;若滑轮有一定摩擦阻力，由于力传感器能准确测量拉力，所以对实验的探究没有影响.②对滑块、遮光条和力传感器整体进行受力分析，【物理卷参考答案第3页(共4页)】根据牛顿第二定律可得F=Ma,则,所以加速度a与传感器示数F的图像斜率应为,答案选C.14—Ⅱ.(1)1(1分)不变(1分)(2)电压表不是理想电压表(2分)(3)A(1分)(4)I₂R(1分)解析：(1)要观察电容器的充电现象，需要将电容器与电源相连，所以开关打到“1”.而在充电过程中，电容器的结构并未发生改变，根据电容的决定式,可知电容C不变.(2)用电压表接在电容器两端测量电压，发现读数缓慢减小，说明电容器在缓慢放电，电路中有电流，电压表不是理想电压表.(其他描述正确的酌情给分)(3)电容器充电时，电流从左到右，刚开始电流比较大，充电结束后，电流为0,电容,当电容器正对面积迅速变大，电容迅速增大，又由Q=CU可得电容器的带电量Q增加，故电容器再次充电，电流方向从左到右，充电结束后电流为0,A正确.(4)电容器充满电后，电容器两端的电压等于电动势，则有E=I₂R.15.(1)1.1×10¹N(2分)(2)48m(3分)(3)11s(3分)详解：(1)根据牛顿第二定律F-mg=ma,解得F=m(g+a)=1.1×10'N.(2分)(2)根据v=at₁,可得匀加速时间t₁=2s,根据,解得x₁=2m.(1分)匀减速时间t3=t₁=2s,x3=x₁=2m,故匀速时间tz=t-t₁-t₃=22s,匀速上升的高度x₂=vt₂=44m.(1分)建筑物的高度h=x₁+x₂+x₃=48m.(1分)(也可以根据图像面积求解，其他正确方法同样给分)(3)螺帽掉落时的速度v₁=v=2m/s,螺帽掉落时货物上升的高度h₁=x₁+v(t′-t₁)=16m(1分)螺帽做竖直上抛运动，以向上为正方向，根据,解得t₁=2所以螺帽落地的时刻为t'+t₄=11s.(1分)根据牛顿第三定律，滑块对轨道的压力大小为9.6N.(1分)(2)①滑块恰好过圆轨道最高点C,此时(1分)解得x₁=1.15m.②滑块恰好到F点，此时v=0,解得x₂=0.9m,综上，x的取值范围为x≥1.15m(1分)(3)从A到F根据动能定理：解得滑板的最小长度l=1m(1分)【物理卷参考答案第4页(共4页)】详解：(1)根据解得E=2.