江西省上饶市弋、铅、横联考2024-2025学年高二下学期5月月考物理答案

答案第1页，共11页弋横铅高二物理试卷参考答案题号123456789答案BBADCDBBDABBC【详解】汽缸导热，说明汽缸内气体的温度与外界温度相同，所以选项中四种情形分子的平均动能一样大。设活塞质量为m，横截面积为S，活塞平衡后，根据平衡条件可知，选项AC中汽缸内气体的压强等于外界大气压强p0选项B中气体的压强最大，等于p=p选项D中气体压强最小等于p=p根据压强的微观解释或分子数密度公式n，可知选项B中气体的分子数密度最大。故选B。2．B【详解】A．图中记录的是每隔一定时间小炭粒位置的连线，并不是小炭粒做布朗运动的轨迹，故A错误；B．布朗运动反映了液体分子永不停息的无规则运动，故B正确；C．小炭粒越小，液体分子同一时刻撞击小炭粒产生的撞击力越不平衡，液体的温度越高，液体分子运动越激烈，观察到的布朗运动就越明显，故C错误；D．温度越低，布朗运动越不明显，但温度降到0℃时，炭粒的布朗运动不会停止，故D错故选B。3．A以器壁上面积为S的部分为底，vΔt为高构成正方体，其内有的气体分子在Δt时间内与该正方体的底发生碰撞，碰撞的分子数Nn×S×vΔt则Δt时间内气体分子对正方体底部的冲量I=N.ΔInSmv2Δt正方体底部受到的压力FnSmv2答案第2页，共11页则气体对器壁的压强pnmvnEk故选A。4．D【详解】根据分子间的作用力做功与分子势能的关系可知，分子间的作用力做正功，分子势能减少，分子间的作用力做负功，分子势能增加，则从A到B过程中，引力增大，且分子作用力做正功，分子势能减小；从B到C过程中，引力减小；从B至D过程中，作用力先为引力先减小，后为斥力，逐渐增大；从C到D过程中，斥力增大，且分子作用力做负功，分子势能增大，故选项D正确。故选D。5．C【详解】ABC．乙分子在x2时，分子势能最小，分子间距离为平衡距离，分子力为零，故加速度为零，此时速度最大，动能最大，由于从x3处静止释放后仅在分子间相互作用力下滑到x轴运动，故分子势能和动能之和不变，则此时的动能等于E0，故C正确，AB错误；D．当乙分子运动到x1时，其分子势能为零，其分子动能也为零，此时两分子的距离最小，而后向分子间距变大的方向运动，因此甲乙分子的最小距离一定等于x1，故D错误。故选C。6．D【详解】A．单个铁原子的质量铁质晶须单位体积内铁原子的个数为故A错误；B．铁的摩尔体积单个分子的体积又所以分子的半径分子的直径故B错误；C．分子的最大截面积断面内铁原子的个数为故C错误；D．相邻铁原子之间的相互作用力为故D正确。故选D。7．B【详解】开始活塞静止，处于平衡状态，由平衡条件得：paSa+p0Sb=pbSb+p0Sa整理可得pbSbpaSa=p0(SbSa)结合题意答案第3页，共11页Sb>Sa可得pbSb>paSa两边升温后，假设a中气体为等容变化，则有解得同理可得综合可得故活塞向左移动。对于细杆受到拉力还是压力，则需分别讨论。由初始时paSa+p0Sb=pbSb+p0Sa整理得(p0pa)Sa=(p0pb)Sb则压强关系有三种情况第一种情况pa=pb=p0升温后，对b汽室内得活塞受力分析如图所示由于升温后pbSb>p0Sb答案第4页，共11页答案第5页，共11页缓慢升温，可认为是稳定平衡状态，故杆对活塞有向右的作用力N,活塞对杆有压力作用。第二种情况pa>p0pb>p0Sb>Sa可得pa>pb即pa>pb>p0同理对b汽室内得活塞受力分析如图所示杆受到挤压方向水平向左。第三种情况pa<p0pb<p0由(p0pa)Sa=(p0pb)Sb可得(p0pa)>(p0pb)所以pa<pb<p0对b汽室内得活塞受力分析如图所示答案第6页，共11页由于pb<p0，所以稳定时，活塞受到杆向左的拉力，杆受到活塞向右的力，升温后，只要压强小于大气压强p0，杆受到拉力作用，当升温到压强大于大气压p0时，则杆受到挤压得作用。综上所述，ACD错误，B正确。故选B。8．BD【详解】初始时有p2+pgh=p1假设水银柱不动，则两部分气体做等容变化，分别对两部分气体应用查理定律，有整理得根据题意可知Tp1可知故此时两部分气体压强增加量不同，水银柱将向上移动，到达稳定后有p'2+pgh=p'1说明液柱移动后压强增加量相同。故选BD。9．AB【详解】气体压强2答案第7页，共11页故=h2ABD．向右管注入少量水银，假定先固定水银A，则气压增加，再释放水银A，封闭气体将向上运动，故h2减小，气体的压强p0+ρgh2也就减小，右管与B的水银面的高度差h1也减小，故AB正确，D错误；C．气体的压强减小、温度不变，根据体积增大，则长度增大，故C错误。故选AB。10．BC令0.4个标准大气压，质量为m的空气在温度为0.8T0时的体积为V1，则密度为根据理想气体状态方程有0则此时热气球所受浮力的大小F=P1gVP0gV故A错误；B．令0.4个标准大气压，质量为m的空气在温度为2T0时的体积为V2，即球内空气密度为根据理想气体状态方程有此时球内空气压强为0.4个标准大气压，温度为2T0，体积为V，球内空气密度为P2，则此时球内空气所受的重力G=P2Vg解得GP0gV故B正确；CD．令此时它还能托起的最大质量为M，根据平衡条件有答案第8页，共11页Mg=FGm0g其中Fp0gV，Gp0gV故C正确，D错误。故选BC。【详解】（1）“用油膜法估测油酸分子的大小”实验中的理想化假设是将油膜看成单分子层油膜、将油酸分子看成球形，不考虑各油酸分子间的间隙。故选BC。（2）[1][2]根据数格子的办法，多于半格算一格，少于半格舍去，油膜的总格数为71格，则油膜总面积为S=71a2由于所用油酸酒精溶液每V1体积溶液中有纯油酸体积V2，则溶液的浓度为x用注射器和量筒测得体积为V0的上述溶液有n滴，则一滴溶液中纯油酸的体积为油酸分子直径为d联立解得d可知油酸分子直径测量值偏大，故A错误；B．水面上痱子粉撒得太多，油膜没有充分展开，导致油膜面积测量值偏小，根据d可知油酸分子直径测量值偏大，故B错误；C．用注射器和量筒测V0体积溶液滴数时多记录了几滴，导致油酸体积测量值偏小，根据可知油酸分子直径测量值偏小，故C正确。故选C。答案第9页，共11页【详解】（1）[1][2]由于玻璃管的容积远小于A的容积，所以A中气体由于气体温度而发生的变化可视为等容变化。设A中气体压强为p，温度为T，水银密度为ρ,根据平衡条件可得p=p0pgh①根据查理定律可知②上式中k为比例系数，联立①②解得由③式可知，h随T的减小而线性增大，所以h越大，相应的温度读数越低，且温度刻线是均匀分布的。（2）[3]设水银柱高度h’=36cm处对应的热力学温度为T1，由题意根据查理定律有④解得T=400K⑤所以水银柱高度h’=36cm处的温度刻度值应为（3）[4]根据②④式可知所以当大气压强的实际值与最初制定刻度时的大气压强值出现了1cmHg的偏差时，通过刻度读出的温度将出现10℃的偏差，且此时水银柱高度比大气压强为76cmHg时低，说明读数比实际温度偏高，则实际温度应修正为（t-10）℃。13．答案(1)1.5atm(2)325次(2)在室温下把球内50L的气体折算成1atm下的体积为V2的气体。1．5×50＝1×V2答案第10页，共11页设打气次数为n，把打进去的气体与折算后体积为V2的气体看成一整体，由玻意耳定律得1×(75＋n×0.2)＝2.8×5014．答案(1)0.4V2p0p0解析(1)对B气体分析，发生等温变化，根据玻意耳定律有对A气体分析，根据玻意耳定律有p0V＝pAVA1分其中pA＝pB＋0.5p01分联立解得VA＝0.4V。1分(2)再使活塞向左缓慢回到初始位置，假设隔板不动，则A的体积为V，由玻意耳定律可得2则A此情况下的压强为pp0<pB－0.5p01分压强为pB′，根据等温变化有联立解得pBp0(舍去)，pBp015.答案：(1)0～0.17m(2)0.09m(3)7.7×10－9s解析：设粒子在磁场中运动的半径为R，由牛顿第二定律得解得R＝0.1m当把荧光屏MN向左移动时，屏上光斑长度和位置保持不变，说明粒子出射方向平行，且都沿－x方向，所加磁场为圆形，半径为R＝0.1m。答案第11页，共11页(1)如图所示，初速度沿y轴正方向的粒子直接过y轴。速度方向与x轴正方向成30°角的粒子，转过的圆心角∠OO2B为则∠OO2A＝120°粒子从y轴穿过的范围为即0～0.17