2024-2025学年江苏省泰州市兴化市高二（上）联考物理试卷（9月）+答案解析

2024-2025学年江苏省泰州市兴化市高二（上）联考物理试卷（9月）

一、单选题：本大题共10小题，共40分。

1.下列关于物理学史、物理概念和方法的说法中不正确的是（）

A.加利略根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因

B.库仑通过扭秤实验确认了真空中两个静止点电荷之间的相互作用规律

C.电动势表征的是电源将其他开式能转化为电能的本领，在大小上等于把1C正电荷从电源负极“搬运”到

正极静电力所做的功

D.根据速度定义式。=天，当4£非常小时，无就可以表示物体在，时刻的瞬时速度，该定义应用了极

限思想方法

2.下列各图中，已标出电流及电流的磁场方向，其中正确的是（）

3.在科学发展史上，很多科学家做出了杰出的贡献。他们在物理学的研究过程中应用了很多科学的思想方

法。下列叙述不正确的（）

A.法拉第首先提出用电场线描绘抽象的电场，这是一种形象化的研究方法

B.用,点;电荷来代替实际带电体是采用了理想化物理模型的方法

C.库仑得出库仑定律并测出了元电荷e的数值

D.电场强度的表达式E=*和电动势的表达式E=也都是利用比值法得到的定义式

Qq

4.如图，电源的内阻不能忽略，当电路中点亮的电灯的数目减少时，下列说法正确的是（）

A.外电路的总电阻逐渐变大,电灯两端的电压不变

B.外电路的总电阻逐渐变大,电灯两端的电压逐渐变大

C.外电路的总电阻逐渐变小,电灯两端的电压不变

D.外电路的总电阻逐渐变小,电灯两端的电压逐渐变小

第I页，共13页

5.如图所示，直线力为某电源的U—/图线，曲线8为某小灯泡。1的U—/图线的一部分，用该电源和小

灯泡组成闭合电路时，灯泡。1恰好能正常发光，则下列说法中正确的是（）

A.此电源的内阻为1.50

B.灯泡。1的额定电压为3匕功率为6爪

《营灯泡。1换成“3匕20%”的灯泡。2，电源的输出功率将变小

D.由于小灯泡8的U-/图线是一条曲线，所以灯泡发光过程，欧姆定律不适用

6.某同学将一直流电源的总功率外输出功率月〃和电源内部的发热功率£.随电流/变化的图线画在了间一

坐标系上，如图中的〃、方、c所示，以下判断正确的是（）

A,电源的最大输出功率P=2W

B.电源的电动势E=2V，内阻r=10

C.曲线c表示电源的输出功率随电流/变化的图线

D.直线a表示电源内部的发热功率R随电流/变化的图线

第2页，共13页

7.从地面竖直向上抛出一物体，取地面为重力势能零势能面，上升过程中该物体的机械能E和重力势能耳,

随它离开地面的高度〃的变化关系如图所示。已知重力加速度g=10m/s2,则下列说法正确的是（）

A.物体的质量为2,5包B.h=2nl时，物体的动能为60J

C.h=3m时,物体的速率为5m/sD.物体所受阻力人小为1（W

8.如图所示的电路中，闭合开关5,当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变

化，电表的示数分别用人5、5和5表示，电表示数的变化量分别用△/、△■、△S和AU3表示,

下列说法正确的是（）

B.1变大，缭变大

D.半不变，妾不变

I△/

9.我国三相高压输电技术处于国际领先地位，通电导线周围存在磁场，假如有三根平行通电长直导线在正

三角形的三个顶点力、仄C上，。点为三角形中点，三根导线电流方向如图所示，电流大小相等，若力处

长直导线在。点产生的磁感应强度的大小为氏则关于O点的磁场描述正确的是（）

、I/

0c

I

第3页，共13页

A.磁感应强度大小为B,方向沿方向斜向下

B.磁感应强度大小为瓜&方向沿D4方向斜向上

C.磁感应强度大小为24,方向与8少连线垂直斜向上

D.磁感应强度大小为34,方向沿CE方向向上

10.用电阻为2。的均匀电阻丝制成一个圆环，并把它接到如图所示的电路中，图中导线的尸端能沿圆环移

动，并保持良好接触。已知％为2C，电源电动势为5匕内阻忽略不计。改变尸的位置圆环的最大电功率

为（）

P

8

二、实验题：本大题共1小题，共12分。

11.某同学要测量一节干电池的电动势和内电阻，他根据下面提供的器材，设计了如图甲所示的原理图。

①电压表M量程3匕内阻Av约为10A。）

②电流表G（量程3mA,内阻Rg=59.7Q）

③电流表.4（量程3/,内阻约为0.50）

④滑动变阻器用（0〜200.额定电流24）

⑤滑动变阻器必（0~5002额定电流14）

⑥定值电阻A=0.3。

⑦开关S和导线若干

第4页，共13页

(1)该同学发现电流表4的量程太大，于是他将电流表G与定值电阻7?3并联，实际上是进行了电表的改装,

则他改装后的电流表对应的量程是A。(结果保留两位有效数字)

(2)为了能准确地进行测量，同时为了操作方便，实验中应选用的滑动变阻器是______o(填“凡”或

“治”)

(3)该同学利用上述实验原理图测得数据，以电流表G读数为横坐标，以电压表/读数为纵坐标绘出了如图

乙所示的图线，根据图线可求出电源的电动势后=______匕电源的内阻丁=Qo(结果均保留两位

有效数字)

(4)如果连接线接头严重氧化或与接线柱连接不紧就会产生“接触电阻”，若木实验中连接滑动变阻器和导

线接头处有“接触电阻”致滑动变阻器器阻值变大；则由此产生的影响是：电动势£测量值______(选填

“偏大”、“偏小”或“不变”)；

(5)实验时，某同学进行了多次测量，花费了较长时间，测量期间一直保持电路闭合，其实从实验误差虑，

这样的操作不妥，因为______O

三、计算题：本大题共4小题，共48分。

12.质量〃】=1000kg的汽车在水、z路面上由静止开始启动，假设汽车行驶中所受的阻力大小恒为

f=20007V,汽车的功率恒为P=40kW,经过£=15s时达到最大速度。

(1)求t=15s时汽车速度U的大小；

(2)求0〜15s内汽车前进的位移x的大小.

13.如图所示，线圈平面与水平方向夹角J=60。，线圈平面面积b

S=0,4m2o匀强磁场磁感线竖直向下，磁感应强度3=0.67，求：

(1)穿过线圈的磁通量①；a/

(2)把线圈以cd为轴逆时针转过60。，通过线圈磁通量的变化量A6。!\；

14.小明同学玩一个会发光的电动玩具汽车时，发现了一个现象：启动电源，电动机正常工作，车轮正常转

动、当不小心卡住车轮时，车灯会变暗。玩具汽车的简化电路如图所示，电源电动势E=1()V，r=2Q，

车轮电动机的额定电压=6V,灯泡电阻为A=60,线圈电阻足1/=1。。则：

第5页，共13页

(1)玩具汽车正常工作时，流过电动机的电流：

(2)玩具汽车被卡住后，流过电动机的电流：

(3)玩具汽车卡住前后，电动机消耗功率的变化量。

15.如图所示，电源电动势E=1W，内电阻r=10，电阻％=50,R2=8Q,及=20，必=60,

&=40,水平放置的平行金属板相距d=2cm,电容为2〃尸，原来单刀双掷开关S接。，在两板中心的

带电微粒P处于静止状态；现将单刀双掷开关迅速接到c,带电微粒与金属板相碰后即吸附在金属板上，取

g=l()m/.s2,不计平行板电容器充放电时间，求：

---------V-~~IH

•P

±—l=H'

Ri।&

----------

(1)当单刀双掷开关s接。时，流过电源内阻的电流：

(2)当单刀双掷开关S接c时，电容器所带的电量；

(3)当单刀双掷开关S接c后，带电微粒到达金属板时的速度。

第6页，共13页

答案和解析

1.【答案】C

【解析1解：/、伽利略根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因，故4正确；

从库仑发现了电荷之间的相互作用规律，并测出了静电力常量R的值，故4正确；

C、电动势表征的是电源将其他开式能转化为电能的本领，在大小上等于把1C正电荷从电源正极“搬运”

到负极静电力所做的功，故C不正确：

。、根据速度定义式。=大，当^£非常小时，才就可以表示物体在f时刻的瞬时速度，该定义应用了极

限思想方法，故。正确；

本题选择不正确的，故选：C。

伽利略提出力不是维持物体运动的原因；库仑确认了真空中两个静止点电荷之间的相互作用规律；根据电

△7,

动势的定义分析即可；速度定义式〃=云；中应用了极限思想方法

本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内

容之一.

2.【答案】D

【解析】【分析】

根据安培定则判断电流周围磁场的方向，从而进行判断正误。

解决本题的关键知道电流和周围磁场方向的关系，会通过安培定则进行判断。

【解答】

4直线电流的方向竖直向上，根据安培定则知，直线电流右边的被场方向垂直纸面向里，左边磁场方向垂直

纸面向外，故Z错误;

8.直线电流方向向上，根据安培定则知，从上往下看，磁场的方向逆时针方向，故8错误；

C根据安培定则，螺线管内部的磁场方向向右，故C错误：

D由于电流的方向逆时针方向（从上向卜）根据安培定则知，磁场方向应该是向上，故。正确。

故选。。

3.【答案】C

【解析】4法拉第首先提出用电场线描绘抽象的电场，这是一种形象化的研究方法，故力正确，不满足题

意要求；

从川点电荷米代替实际带电体是采用了理想化物理模型的方法，故4正确，不满足题怠要求；

第7页，共13页

C.库仑得出库仑定律，但元电荷C的数值由密立根通过油滴实验测得，故C错误，满足题意要求；

FW

D电场强度的表达式E=—和电动势的表达式E=—都是利用比值法得到的定义式，故。正确，不满

(1Q

足题意要求。

故选Co

4【答案】B

【解析】由图可知，灯泡均为并联，当点亮的电灯数目减小时，并联的支路减小，由并联电路的电阻规律

可知，外部电路总电阻增加，由闭合电路欧姆定律可知，干路电流减小，则内电压减小，路端电压增加，

灯泡两端的电压变大，灯泡变亮。

故选B.

5.【答案】B

【解析】力、由[/=七一"，结合图知，电源的电动势E=4V,内阻r=[|=*。=0.5。，故力

错误。

8、两图线的交点表示小灯泡01与电源连接时的工作状态，此时灯泡的电压U=3V，电流/=2A，功率

为「=0/=611'，由于小灯泡。1正常发光，则灯泡。1的额定电压为3匕功率为6%,故8正确。

TTor/2o2

C、灯泡的电阻Ai=[=；。=1.50,“3匕20%”的灯泡。2的电阻为/=-^=—=0.45。，根据

I2P120

推论：电源的内外电阻相等时电源的输出功率最大，知把灯泡小换成“3匕20%”的灯泡02,灯泡。2的

电阻更接近电源的内阻，电源的输出功率将变大，故C错误。

力、灯泡是纯电阻，欧姆定律仍适用，图象为曲线是由灯泡电阻随温度变化，故。错误。

故选：B.

电源的U-/曲线与灯泡伏安特性曲线的交点就是该灯泡与该电源连接时的工作状态，由图可读出工作电压

和电流，从而可算出灯泡的额定功率.根据推论：电源的内外电阻相等时电源的输出功率最大.欧姆定律

适用于纯电阻.

解决这类问题的关键在丁从数学角度理解图象的物理意义，抓住图象的斜率、面积、截距、交点等方面进

行分析，更加全面地读出图象的物理内涵.

6.【答案】A

【解析】。.电源的总功率为

PE=EI

可知，图线是倾斜直线，所以直线。表示电源的总功率心随电流/变化的图线，故。错误；

c电源内部的发热功率为

第8页，共13页

2

Pr=Ir

图像为开口向上的曲线，故曲线c表示电源内部的发热功率R随电流/变化的图线，而电源的输出功率为

2

PR=PE-Pr=EI-Ir

图像应为开口向下的曲线，曲线人表示电源的输出功率P及随电流/变化的图线，故C错误；

4由图可知，当电流为14时，电源的输出功率达到最大，且最大功率为2%,故力正确；

*当电流为24时，输出功率为零，说明外电路短路，则

E=毕=孰=4V

I2

r=g=%2=2(2

I2

故B错误。

故选人

7.【答案】C

【解析】解：A、由图知，h=4加时与=801,由Ep=77?g/】，代入数据解得77l=2%,故,4错误；

8、h=2m时,Eg=40J,E总&=90.7,则物体的动能为：=E总「E6=(90—40)7=50J,故B

错误：

C、当h=3m时，物体的动能为Ek=E-Ep=85J-60.7=25J,再根据昂=；山炉，代人数据解得

v=5m/s,故C正确；

D、0-4m的过程，根据功能关系可知：一/△，二耳侬一七总。，由图知，①=4m时，E^4=80J,X=O

时，E,颜=1001,

结合Af=4m，解得物体上升过程中所受阻力大小为：f=5N,故。错误。

故选：Co

根据h=4m时的与值和E〃=求出物体的质量；在4=2加时，物体的动能为反=后总一与；根据

九=3m时求得物体的动能，再根据动能的表达式求得速度；根据功能关系列式求物体上升过程中所受阻力

大小。

解决本题的关键要从图象读取有效信息、，明确物体在各个高度时的动能、重力势能和机械能，根据功能关

系进行解答。

8.【答案】C

【解析】【分析】

UAU

：对于可变电阻，可根据闭合电路

本题要分定值电阻与可变电阻去分析。对于定值电阻，有A=7=△7

第9页，共13页

欧姆定律分析等与电源内阻的关系，从而作出判断。

【解答】

力、Ai是定值电阻，有：此=4=等可知牛不变，等不变，故力错误;

BC、当滑动变阻器的滑动触头尸向下滑动时，变大，42是可变电阻，有牛=/，变大。根据闭合电

路欧姆定律得：U2=E-I（R^r）,则知：妾=品+＞不变，故8错误，C正确;

。、5为路端电压，牛为外电阻，增大，根据闭合电路欧姆定律知：筹=7，不变，故。错误。

9.【答案】C

【解析】根据安培定则可知，三根导线在O点产生的磁感应强度的大小相等，方向如图所示

由于。I与4。垂直，3夕与垂直，5c与CE垂直，根据几何关系有

B（）=2BB=2BA=2B

方向与8/连线垂直斜向上。

故选C。

10.【答案】A

【解析】根据题意可知，圆环分成两部分并联接入电路，设接入电路的等效电阻为R并，且

0cA井W0.5。

由于

H并＜&

根据电源的输出功率与外电路电阻的关系可知，当A并取最大值时，环的电功率最大，则

E5

Pm=并=（h正产X°5卬=2W

K＜）+屋并2+U.0

故选人

第10页，共13页

11.【答案】(1)0.60

⑵凡

⑶1,51.0

(4)不变

(5)见解析

【解析】(1)改装后的电流表对应的量程为

(2)为了能准确地进行测量，同时为了操作方便，实验中应选用的滑动变阻器是Ai，而阻值太大。

(3)川［2］根据闭合电路欧姆定律可得

U=E一(/+匏/=E-(1+制”

结合图线可得

E=1.5V

1.5-1.1

如2.0x10-3

解得

r=1.0Q

(4)由以上分析可知，若本实睑中连接滑动变阻器和导线接头处有“接触电阻”致滑动变阻器揩阻值变大,

电动势E测量值不变。

(5)实验时，某同学进行了多次测量，花费了较长时间，测量期间一直保持电路闭合，其实从实验误差虑,

这样的操作不妥，因为长时间使用将会导致电源电动势减小，内阻增大。

12.【答案】解：(1)汽车15s后做匀速运动，牵引力F=/

根据P=Fv

P

得v=j=20/n/s

(2)汽车牵引力做功W=Pt

由动能定理W-fx=

可得：x=200m

第11页，共13页

【解析】详细解答和解析过程见【答案】

13.【答案】解：(1)根据磁通量的定义，可得穿过线圈的磁通量为：

中=BScos600=0.6x0.4xhvb=0.121V6

2

(2)线圈以cd为轴逆时针转过60。后，线圈平面与磁场垂直，方向不变，故此时通过线圈的磁通量为:

①2=BS=0.6xOAWb=0.24印b,故通过线圈磁通量的变化量为:

△小=①2—中=0.24Wb-O.12VV6=0.12Wb

答：(1)穿过线圈的磁通量中为0.12Wb;

(2)把线圈以cd为轴逆时针转过6()。，通过线圈磁通量的变化量△中为0.12117。

【解析】(1)根据磁通量公式。=3S可求，其中S是垂直磁感应强度的面积；

(2)磁通量的变化量等于木态磁通量与初态磁通量的差值；

本题考查磁通量的计算，解题关键在于对有效面积的理解，磁通量虽然是标量，但磁通量有正负。

14.【答案】(1)玩具汽车止常工作时，电源内阻分的电压为

Ur=E-UM=10-6V=4V

通过电源的电流为

/="=24

r

玩具汽车正常工作时，流过灯泡的电流为

通过电动机的电流为

hi=I-IR=IA

(2)玩具汽车被卡住后，电动机可视为纯电阻，灯泡与电动机并联，电路中的总电流为

E