增分指导二解题技巧与策略听课答案

增分指导二解题技巧与策略一、选择题答题技巧例1C[解析]从导体杆转动切割磁感线产生感应电动势的角度考虑,当导体杆顺时针转动切割圆形区域中的磁感线时,由右手定则判断电动势由O指向A,为正,D错误;切割过程中产生的感应电动势E=BLv=12BL2ω,其中L=2Rsinωt,即E先变大,再变小,且非线性变化,故A、B错误;使用排除法,只有C正确例2A[解析]由题意可知,小球所受的合力沿着虚线方向,根据C=εrS4πkd,U=QC,E=Ud,可得E=4πkQεrS例3BCD[解析]由题知,小球由静止释放,运动到与竖直方向夹角θ=30°的P点时速度变为0,根据动能定理有mgLcos30°-qEL(1+sin30°)=0,解得E=3mg3q,A错误;小球刚释放时向心加速度为0,只有重力提供加速度,B正确;小球在P点的受力情况与在A点的受力情况类似,在A点沿线方向的加速度为0,所以FT=qE=33mg,C正确;将电场力与重力合成为一个等效“重力”,其等效“最低点”即为速度最大的点C,从A运动到C的过程中,根据动能定理有mgLsin60°-qEL(1-cos60°)=12mvmax2例4AB[解析]设物块与木板间的摩擦力大小为Ff,物块的位移为x1,木板的位移为x2,对木板有ΔEk2=Ffx2,对物块有ΔEk1=Ffx1,且Q=Ffx1-x2,物块和木板运动的v-t图像如图所示,图线与横坐标轴围成的面积表示位移,可看出x1>x所以有ΔEk1>Q>ΔEk2,根据能量守恒定律有ΔEk1=Q+ΔEk2,可知A、B正确.例5BC[解析]根据题意画出洛埃镜实验光路图(平面镜不倾斜),如图甲所示,S发出的光与通过平面镜反射的光(可以等效成虚像S'发出的光)是同一列光分成的,满足相干光条件,所以实验中的相干光源之一是通过平面镜反射的光,且该干涉可看成双缝干涉,设S与S'的距离为d,则d=2a,S到光屏的距离为l,代入双缝干涉公式Δx=lλd,可得Δx=lλ2a.若θ=0°,沿OA向右(或向左)略微平移平面镜,则对l和d均没有影响,所以干涉条纹间距不变,但条纹区域会向下(或向上)移动,故C正确,D错误.画出平面镜倾斜某微小角度θ形成的光路图如图乙所示,沿OA向右略微平移平面镜时,即图中从①位置→②位置,由图可看出双缝的间距增大,则干涉条纹间距减小;沿甲乙例6A[解析]无限大均匀带电平板周围的电场可以等效为匀强电场,挖去的圆板如果r趋于0,则选项表达式表示的场强应为恒定值,可得A正确.例7A[解析]由右手螺旋定则可知,甲、乙两环在b点产生的磁感应强度方向相同(水平向左),大小相等,由于b点的磁感应强度大小为B2,则甲、乙两环在b点产生的磁感应强度大小均为B22,由对称性可知,甲环在a点产生的磁感应强度方向水平向左,大小为B22,由于a点的磁感应强度方向水平向左,大小为B1,可知乙环在a点产生的磁感应强度大小为B1-B22,方向向左,当把乙环的电流改为等大反向电流后,乙环在c点的磁感应强度大小为B22,方向向右,甲环在c点的磁感应强度大小为B1-B22,方向向左,则c点的磁感应强度大小为B=B例8B[解析]运算单位J·s·N·m2/kg2m/s二、设计型实验答题策略例9(3)m0g(4)0.98如图所示当手机的质量一定时,手机的加速度与手机所受合外力成正比(6)A[解析](3)静止时根据平衡条件可得弹簧的弹力F=(M0+m0)g,当将小桶突然托起时,弹簧的弹力大小不变,此瞬间手机受到的合外力F1=F-M0g=m0g.(4)根据图丙可读得手机的加速度大小大约为0.98m/s2,因此表中空白处的数据应为0.98.作图时应用平滑的直线将各点迹连接起来,且应尽可能多地让点迹落在图线上,不能落在图线上的点迹应让其均匀分布在图线的两侧,明显有误差的点迹应直接舍去.描点作图如图所示.根据图像可以得到的结论是:当手机的质量一定时,手机的加速度与手机所受合外力成正比.(6)使用质量更大的砝码组,整体的惯性将增加,其状态将越难改变,扰动将越小,因此该方案可行,故A正确;将弹簧更换为不可伸长的细线,在绳子松弛时,手机自身也能达到平衡态,因此该方法不可行,故B错误;劲度系数越小,弹簧越容易发生形变,则扰动越大,因此该方法不可行,故C错误;让小桶和砝码的质量远远小于手机的质量,并不能减小其扰动,甚至会增加其扰动,且当托起小桶和砝码时,手机所受合外力将过小,实验数据的处理将变得更困难,因此该方案不可行,故D错误.例10[解析](2)串联电路中电流处处相等,毫安表示数为16.0mA时,对应微安表的示数为160μA,根据比例关系得,当微安表指针指到250μA时,毫安表的示数应为25mA,故改装后电表的量程为0~25mA,C正确.(3)根据IgRg=(I