山东省滨州市多校2025-2026学年高二年级上册10月阶段性测试物理试卷（解析版）

2025年10月高二学习质量检测

物理试题（B）

注意事项：

1.答题前，考生先将自己的姓名、考生号、座号填写在相应位置，认真核对条形码上的姓

名、考生号和座号，并将条形码粘贴在指定位置上。

2.选择题答案必须使用2B铅笔（按填涂样例〉正确填涂；非选择题答案必须使用0.5亳米

黑色签字笔书写。字体工整、笔迹清楚。

3.请按照题号在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试

题卷上答题无效。保持卡面清洁，不折叠、不破损。

4.考试范围：人教必修三第12章闭电欧、13章电磁感应与电磁波初步、选修一第1章动量

守恒定律。

一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。每小题只有一个选项符合题目要求。

1.通常用试探电荷研究电场，用电流元来研究磁场。通电导线与磁场方向垂直时，通电导线

B=—

受到磁场的作用力b=〃B,由此可定义磁感应强度1L0下列说法正确的是（）

F

A.比值一与电流元无关，是描述磁场性质的物理量

11^

F

B.由B二一可知B与产成正比，与〃成反比

IL

C.磁感应强度是矢量，其方向就是一小段通电导线在该处受磁场力的方向

F

D.若长为L、电流为/的导线在某处受到的磁场力为F，则该处的磁感应强度大小为一

IL

【答案】A

【解析】A.比值£由磁场本身决定，与电流元无关，是描述磁场强弱的物理量，故A

正确；

B.磁感应强度8是磁场本身的属性，与尸和〃无关，公式8=£仅用于计算，故B错误；

C.磁感应强度方向由磁场本身决定，与导线受力方向垂直（由左手定则判断），故C错误;

F

D.仅当导线与磁场垂直时，B=一才成立；若导线与磁场不垂直，实际磁感应强度大小

IL

大十—，故D错误o

IL

故选Ao

2.读下面“电磁波谱及其应用”图，判断下列说法正确的是（）

可见光

无线电波

|紫外线|射线射线

长波中波短波微波红外线X7

波长/m102-2

101010«IO8IO1010-12

A.图中波长最长的是/射线B.图中频率最大的是，射线

C.图中能量最低的是了射线D.紫外线不能在真空中传播

【答案】B

【解析】AB.由电磁波谱可知,了射线的波长最短，由公式可知，7射线的频率最

v

大，故A错误，B正确:

C.根据光子的能量6=加可知,7射线的频率最大，能量最大，故C错误;

D.电磁波都可以在真空中传播,因此紫外线可以在真空中传播，故D错误。

故选乩

3.相同的玻璃杯从同样的高度由静止释放，分别落在坚硬的水平地面和铺有地毯的水平地

面上。结果发现玻璃杯落在地面上会破碎，落在地毯上则不会破碎。下列关于该现象的物

理原因分析，正确的是（)

A.玻璃杯落在地面上时,地面对它的冲量更大，因此作用力更大

B.玻璃杯落在地毯上时,地面对它的冲量更少，落地时的受到的冲击力更小

C.玻璃杯落在地面上时,动后改变量更大，导致地面对它的作用力更大

D.玻璃杯落在地毯上时,动量改变量与落在地面时近似相等，但作用时间更长，导致作用

力更小

【答案】D

【解析】玻璃杯从同一高度下落，落地瞬间速度相同，动量变化量△〃=〃?△口

可知动量变化量相等；根据动量定理七△（二△〃

可知冲量相等。坚硬地面作用时间△/短，导致冲击力更大；地毯延长作用时间△，，导致

冲击力更小。

故选D。

4.某充气泵的结构示意图如图所示，当电磁铁通入电流时，可吸引或排斥.上部的小磁体,

从而带动弹性金属片对橡皮碗下面的气室施加力的作用，达到充气的目的。当电流从电磁

铁的接线柱A流入时，发现吸引小磁体向下运动，则（）

弹性金属片固定端

小磁铁

橡皮碗

A

-―气室

电磁铁

空气导管

A.电磁铁中磁场向上，小磁体的下端为N极

B.电磁铁中磁场向下,小磁体的下端为N极

C.电磁铁中磁场向上,小磁体的下端为S极

D.电磁铁中磁场向下,小磁体的下端为S极

【答案】B

【解析】当电流从电磁铁的接线柱A流入时，从上向下看电流是顺时针方向，根据右手螺

旋定则可知电磁铁中磁场向下，电磁铁的下端为N极，上端为S极，由异性相吸可知小磁

体的下端为N极。

故选Bo

5.如图所示，矩形线圈ABCD位于通电长直导线附近，线圈与导线在同一平面内，线圈

的两个边与导线平行。下列说法正确的是（）

AD

4

BC

A.线圈内磁感应强度方向垂直于纸面向外

B.仅增加线圈匝数，通过线圈的磁通量增大

C.保持线圈AA边平行于直导线在平面内向上移动时，线圈内将产生感应电流

D.保持线圈A3边平行于直导线在平面内远离导线移动时，线圈内将产生感应电流

【答案】D

【解析】A.根据右手螺旋定则可知，线圈内磁感应强度方向垂直于纸面向里，故A错误;

B.仅增加线圈匝数，通过线圈的磁通量保持不变，故B错误；

C.保持线圈A3边平行于直导线在平面内向上移动时，通过线圈的磁通量保持不变，则

线圈内不产生感应电流，故C错误；

D.保持线圈A3边平行亍直导线在平面内远离导线移前时，通过线圈的磁通量减小，线

圈内将产生感应电流，故D正确。

故选D。

6.电阻表是在电流表的基础上改装而成的，某一个简单的电阻表电路如图所示。下列分析

正确的是（）

测量电阻式

0

红

黑

表

表

笔

笔

凡

A.欧姆调零后，电阻表的内阻会随待测电阻的增大而逐渐变大

B.若待测电阻的阻值变为原来的2倍，电路中的电流也会变为原来的2倍

C.若电源内阻增大，未重新进行欧姆调零仍能准确测量待测电阻

D.若电表指针指在半偏刻度，则待测电阻等于调零后（测量前）的电阻表总内阻

【答案】D

【解析】A.欧姆调零后，电阻表的内阻保持不变，不会随待测电阻的增大而逐渐变大,

故A错误；

E

B.根据闭合电路欧姆定律/r二:丁

若待测电阻的阻值变为原来的2倍，电路中的电流不是变为原来的2倍，故B错误；

E

C.根据闭合电路欧姆定律r/=——

依+4

若电源内阻增大，未重新进行欧姆调零，则欧姆表内阻以变大，不能准确测量待测电阻,

故C错误；

,E

D.欧姆调零时，有。二一

1E

若电表指针指在半偏刻度，根据闭合电路欧姆定律彳Arn

2依+《

则待测电阻等于调零后（测最前）的电阻表总内阻，故D正确。

故选D。

7.古有曹冲用船称象，今有同学用船粗略测定自身的质量。他轻轻从船尾上船，走到船头

后停下，用卷尺测出船后退的距离d，不计水的阻力，根据“船检铭牌”上查到的船长L和

船的质量M,可得出该同学的质量为（）

A.—^―MB.—^―M

L+dL-d

C.D.一M

L

【答案】B

【解析】设人的质量为〃3人在船上行走时，水平方向动最守恒，则有机出二历4

tt

根据位移关系可得S人+d=L

联立解得〃2=

L-d

故选Bo

8.水流射向墙壁，会对墙壁产生冲击力。假设水枪喷水口的横截面积为S,喷出水流的流

速为叭水流垂直射向竖直墙壁后速度变为。.已知水的容度为夕，重力加速度大小为

则下列正确的是（）

A.单位时间内水枪喷出水的质量为Su

B.单位时间内水枪喷出水的质曷为夕S/

C.墙壁受到的平均冲击力为夕SF

D.墙壁受到的平均冲击力为夕gS/

【答案】C

【解析】AB.4时间内喷水质量△/〃二2Su。

单位时间内水枪喷出水的质量〃1等=即A错误，B错误;

CD.根据动量定理有一方。=0-&72口

联立解得F=pSv2

根据牛顿第三定律可得墙壁受到的平均冲击力为pSy2,C正确，D错误。

故选C。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。每小题有多个选项符合题目要

求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得。分。

9.如图所示的U—/图像中，直线a为某电源的路端电压与电流的关系，直线〃为某电阻

农的电压与电流的关系。观用该电源直接与电阻R连接成闭合电路，由图像可知（）

A.R的阻值为0.25QB.电源的内阻为2c

C.电源的总功率为9WD.电源内部消耗的功率为2W

【答案】BD

U4

【解析】A.由直线〃可知R的阻值为R=—=-C=4C,故A错误;

B.直线a为电源的。一/图像，根据闭合电路欧姆定律可得U=E-〃

可知£=6V,r=当=2。=2。，故B正确：

CD.用该电源直接与电阻R连接成闭合电路，由图像交点可知电流为/=1A,则电源的

总功率为%=EI=6W

电源内部消耗的功率为4=〃〃=2W,故C错误，D正确。

故选BDo

10.如图所示，两根平行长直导线M、N分别通以大小之比为1：2、方向相反的电流，O

点为MN中点。已知直线通电直导线周围的磁感应强度大小与电流大小成正比。若导线M

在。产生的磁感应强度大小为8,则下列正确的是（）

——®------♦---------0-----------

M°N

A.两导线相互吸引

B.O点的磁感应强度方向在纸面内垂直于MN连线向下

C.O点的磁感应强度大小为3B

D.O点的磁感应强度大小为B

【答案】BC

【解析】A.根据安培定则可知导线M在N导线的位置产生的磁场方向垂直MN向下.结

合左手定则可知，此时N导线受到的安培力向右，同理可知，导线M在N导线产生的磁

场中受到的安培力向左，因此两导线相互排斥，故A错误；

BCD.导线M在O产生的磁感应强度大小为4则导线N在。产生的磁感应强度大小为

2B,根据安培定则可知，O点的合磁感应强度的方向在纸面内垂直于MN连线向下，由矢

量的合成可知，。点的磁感应强度大小为38,故BC正确，D错误。

故选BCo

11.如图所示，电源电动势为E、内阻为r,R、Ri.&为定值电阻，电压表和电流表均可

视为理想电表。开始滑动触头处于变阻器R的正中央，开关S闭合，将滑片P向上端移

动，则下列说法正确的是（）

R

A.电流表Ai示数变小

B,电流表A2示数变小

C.电压表V的示数变大

D.电压表V与电流表A2示数变化量的比值|7|变小

【答案】AC

【解析】A.开始滑动触头处于变阻器R的止中央，当滑动变阻器的滑片向上移动时，电

路总电阻变小，总电流变大，根据闭合电路欧姆定律可知，内电压增大，路端电压变小，

则R1和与两端电压变小，电流表Ai示数变小，故A正确；

BC.R|和与两端电压变小，流经两者电流减小，但是总电流变大，则电流表A2示数变

大，打电流变大，两端电压升高，所以电压表V的示数变大，故B错误，C正确；

D.因为U=/?凡，所以当二6不变，故D错误。

故选ACo

12.如图甲所示，纵》两物块（均视为质点）用轻质弹簧连接并放置在光滑的水平面上，b

的质量为机。厂0时刻，使”获得水平向右、大小为由的初速度，〃运动的速度一时间

图像如图乙所示。已知弹簧的劲度系数为上弹簧的弹性势能「二!”/,其中r为弹簧

P2

的形变量，弹簧始终处于弹性限度内。下列说法正确的是（）

77/77/77777777777777777777777777777777777777777

甲

A.。的质量为2m

B」2时刻，4、b间的距离最大

2

C.0-13时间内，。所受冲量的大小为

D.图乙中阴影部分的面积为

【答案】ACD

【解析】A.设。的质量为，〃“，以水平向右的方向为正方向，由动量守恒定律可得

2

?%=(a+%%

解得叫1=2机，故A正确:

B.根据图乙可知，。时刻之前。的速度大于〃的速度，乙时刻。的速度等于”的速度,

则乙时刻弹簧被压缩最短，此时。、力间的距离最小，接着弹簧逐渐恢复原长，在G时刻。

的速度最小、8的速度最大，此时弹簧恢复原长，故G时刻。、8间的距离并非最大，接着

弹簧继续伸长，。的速度增大、方的速度减小，在与时刻两者共速，此时两物块相距最远,

因此4时刻。、匕间的距离最大，故B错误;

c.0-A时间内，以水平向右的方向为正方向，对〃由动量定理可得

22

/==§"“0，故C正确;

D.图中阴影部分的面积为弹簧的最大压缩量Xmax，根据能量守恒定律可得

][01

5・2,欣=5（〃，+2团）名％）2+5区工

解得

x=晅

3V3k

即图乙中阴影部分的面积为J网故D正确。

V3k

故选ACDo

三、非选择题：本题共6小题，共60分。

13.某同学用如图甲所示的装置验证动量守恒定律。长木板的一端垫有小木块，可以微调

木板的倾斜程度，使小车能在木板I：做匀速直线运动。长木板的顶端安装着传感器，可以

测量小车A到传感器的距离X或速度。

（1）若给小车A一个初速度，得到速度u随时间I变化的图像如图乙所示，则应进行的操

作是（）

A.将小木块水平向左稍微移动调整

B.将小木块水平向右稍微移动调整

C.木板倾斜状态刚刚好，无需调整

（2）调整好长木板后，让小车A以某一速度运动，与静止在长木板上的小车B（后端粘

有橡皮泥）相碰并粘在一起，导出传感器记录的数据，绘制x随时间，变化的图像如图内

所示。

（3）已知小车A的质量为0.4kg,小车B（连同橡皮泥）的质量为0.2kg,由此可知碰前

两小车的总动量是kgms-1,碰后两小车的总动量是kgms_11>（计算结果

均保留两位有效数字）。若在误差允许的范围内，两小车碰撞前后总动量相等，则碰撞前后

动量守恒。

【答案】（1）B（2）0.24（3）0.23

【解析】（1）[1]由乙图可知，给小车A-个初速度后小车A做加速运动，所以应将小木

块水平向右稍微移动调整，以使小车A在斜面上能做匀速运动。

故选B“

（3）[2]⑶由内图可求得碰前和碰后小车A的速度分别为

60x10-2

m/s=0.6m/s

1

(136-60)x10-2

也=--------------m/s=0.38m/s

-3-1

所以碰前和碰后两小车总动量分别为

Pi=〃八匕=0.4x0.6kg-m/s=0.24kg-m/s,

p2=（/nA=（0.4+0.2）x0.38kgm/s。0.23kg•m/s

14.测量电源的电动势和内阻的实验中，为了消除电流表和电压表内阻对实验结果的影

响，某实验小组设计了如图甲所示的实验。先将单刀双掷开关S2接1,闭合S”调节滑动

变阻器，得到多组电压U和电流/,断开S1,作出U-/图像；再将开关S2接2,重复上述

操作。最终作出的两条图线如图乙所示。

（1）仅利用开关$2接2测得的数据，得出电动势和内阻，系统误差来源于（）

A.电压表分流B.电流表分压

（2）开关S2接1进行实验，作出的U-/图像为图乙中的图线（填或"8”）。

（3）消除电流表和电压表内阻对实验结果的影响，用图乙中物理量的符号表示出电动势

E=,内阻片。

UA

【答案】（1）A（2）A（3）UA十

【解析】（1）由图甲所示实物图可知，S2接2时相对于电源，电流表采用外接法，由于电

压表的分流作用导致电流的测后值小于真实值造成实验误差。

故选A。

（2）设电源电动势的真实值为£内阻的真实值为「，电压表的示数为U,电流表的示数

为/,开关S2接1时，则有U二七一/（r+4）

则U-/图像的纵截距为E,斜率的绝对值为〃十尺、

开关S2接2时，则有U=E-S+J-"

U=--------I

整理可得[+_L1+JL

&&

—^―<E

则U—/图像的纵截距为

R、

斜率的绝对值为r

1十---

结合图乙中的图线nJ知，开关S2接1进行实验，作出的S/图像为图乙中的图线A。

（3）[1]结合上述分析可知，开关S?接1时，电源电动势的测量值等于真实值，图线为

A,则电源电动势E=UA

⑵开关S2接2时短路电流的测量值与真实值相等，由图线B可知，短路电流为/B,则电

源内阻生

15.质量为30kg的运动员从离水平网面0.8m高处自由下落，着网后沿竖直方向蹦回到离

水平网面0.45m高处，已知运动员与网接触的时间为0.35s,重力加速度g取lOm/s?,求:

f

（1）运动员与网接触的这段时间内，动量的变化量的大小和方向：

（2）网对运动员的平均作用力大小。

【答案】（1）210kgm/s,方向竖直向上（2）900N

【解析】（1）下落未接触到网的过程中，根据运动学规律可得片=20%

代入数据解得匕=4m/s

同理离开网向上.减速的过程中，则有

v2=J2g<=3m/s

以竖直向上为正方向，运动员触网过程中动量变化量为

Ap=nw2=QWkg?

动量变化量的方向竖直向上。

(2)对运动员，由动量定理得

(F-mg)/=A/?

解得尸=90()N

16.如图所示的电路中，定值电阻b、c、d的阻值均为R,电容器C的耐压值足够大，

电源的内阻为0.5R。当仅闭合开关Si时，电路的总电阻用照表示，电容器所带的电荷量

为切：当两个开关Si、S2均闭合时，电路的总电阻用R表示，电容器所带的电荷量为

q、,两种状态下，求：

&

(1)电路的总电阻之比丁；

(2)电容器所带的电荷量之比如。

%

712

【答案】(1)-(2)—

【解析】(1)仅闭合开关加时，等效电路如图甲所示，两个开关Si、S2均闭合时，等效电

路如图乙所示

甲乙

甲图电路的总电阻为4=0.57?+3/?=3.5/?

乙图电路的总电阻为&=0-5R+2R+0.5R=3R

则尸入

ATO

2R4

(2)设电源电动势为E，仅闭合开关S1时，电容器两极板间的电压“=73后二三E

3.5/?7

4

则电容器所带的电荷量1=。4=]CE

R1

两个开关Si、S2均闭合时，电容器两极板之间的电压为U,=—£二—七

■3R3

电容器所带的电荷量%=。。2=；。后

时心2

故一一?

%7

17.如图所示，电源电动势E=12V,内阻尸1Q,电阻Ri=lC,电阻R2=6Q,开关S闭合

后，电动机恰好正常工作，已知电动机额定电压U=6V,线圈电阻R=0.5C,求：

(1)流过电动机的电流/M;

(2)电动机正常工作时产生的机械功率[小

(3)电源效率

【答案】(1)2A(2)10W(3)75%

E-U

【解析】(1)根据闭合电路的欧姆定律可知,流过电源的干路电流为/二一丁