2026高考物理二轮复习（标准版）选择题满分练（六）含答案

（标准版）选择题满分练（六）

（时间：35分钟）

一、单项选择题（本题共8小题，每小题3分，共24分。每小题只有一个选项符

合题目要求。）

1.（2024•浙江嘉兴一模）2024年8月巴黎奥运会10m跳台的跳水决赛中，运动员离

开跳板开始计时，跳水过程中重心的。一，图像如图1所示。则运动员的重心（）

A.在0〜力过程中做自由落体运动

B.在尬〜f3过程中速度方向发生改变

C.在门〜白过程中加速度逐渐减小

D.在启时刻上浮至水面

答案C

解析在0〜力过程中初速度不为零，不是自由落体运动，故A错误；在廿〜△

过程中速度始终为正值，方向不变，故B错误；在A〜白过程中，图像斜率变小，

斜率表示加速度，加速度逐渐减小，故C正确；根据图像可知，运动员的重心在

0〜力过程竖直向上运动，力〜白过程中竖直向下运动，在白时刻下降到最低点，

故D错误。

2.如图2甲是双缝干涉实验的装置，用a、b两种不同频率的单色光分别做实验,

a光形成的相邻两条亮纹中心之间的距离较大。图乙是研究光电效应的实验装置,

当用a、b两束光分别照射阴极时，微安表均有示数，普朗克常量为人下列说法

正确的是（）

图2

A.对同一介质，a光的右射率较大

B.用a光照射阴极，滑动变阻器的滑片向右移动时，微安表的示数一直增大

C.用b光照射阴极时，光电子的最大初动能较大

D.阴极K接电源正极，微安表的示数一定为零

答案C

解析根据.可知，a光形成的条纹间距较大，则a光的波长长，频率小,

对同一介质的折射率小，故A错误；滑动变阻器的滑片向右移动时，光电管两端

的电压增大，会有更多光电子到达阳极，微安表的示数逐渐增大，当达到饱和光

电流后，微安表的示数不再增大，故B错误；根据Ek=/?v-VVo,已知b光频率大,

用b光照射阴极时，光电子的最大初动能较大，故C正确；阴极K接电源正极时,

该装置所加的电压为反向电压，而当逸出的光电子的最大初动能较小，使其无法

达到A端，此时微安表的示数才为0,故D错误。

3.（2024•福建龙岩高三期末）如图3所示为餐厅暖盘车的储盘装置示意图，三根完

全相同的轻质弹簧等间距竖直悬挂在水平固定圆环上，下端连接质量为M的托盘,

托盘上放着6个质量均为m的盘子并处于静止状态。已知重力加速度大小为g,

则某顾客快速取走1号盘子的瞬间，托盘对6号盘子作用力的大小为（）

水平固定4同环

托

8J盘

图3

(M+6〃z)(M-6〃z)

A.B

M+5m,M+5〃？

5〃我5〃2g(M+7〃2)

.M+5〃zM+6〃Z

答案A

解析顾客快速取走1号盘子的瞬间，托盘和其他5个盘子受到的合力为〃尔，根

据牛顿第二定律有〃际=(M+5m)〃，对剩余5个盘子，根据牛顿第二定律有心一

5/^=5/7267,联立可得托盘对6号盘子作用力的大小为入=吗空色>，故A

M-tjm

正确。

4.(2024.湖南长沙二模)如图4所示，一个折射率为〃的柱状玻璃砖横截面由四分

之一圆OP。和直角三角形OQS组成，Z050=60°,OS=ao一束单色光从SQ

的中点4以入射角i=6()。入射，折射光线恰好射向圆心。点，已知光在真空中传

播的速度为小贝iJ()

A.玻璃砖材料的折射率〃=也

B.光束在。点将发生全反射

C.光束在玻璃砖内的传播时间为强

D.如果入射光束绕A点逆时针旋转使入射角减小，折射光束一定会在。点发生全

反射

答案C

解析由于A是SQ的中点，Z050=60°,则△0S4是等边三角形，则光在A点

的折射角为30。，在。点的入射角也为30。，且。4=。5=〃，则玻璃砖材料的折

射率〃=兴黑=小，由光线的可逆性可知，光束在。点不发生全反射，该光束

>IIIXX

在玻璃砖内的传播距离为OA=a,传播速度为。=二则光束在玻璃砖内的传播时

间为，=£=%，故A、B错误，C正确；如果入射光束绕4点逆时针旋转使入射

角减小，则光在4点的折射角减小，折射光束不能射向圆心。点，则一定不能在

。点发生全反射，故D错误。

5.（2024.重庆九龙坡模拟）空气炸锅是利用高温空气循环技术加热食物。图5为某

型号空气炸锅简化模型图，其内部有一气密性良好的内胆，封闭了质量、体积均

不变可视为理想气体的空气，己知初始气体压强为po=L（）Xl（）5pa,温度为To=

300K,加热一段时间后气体温度升高到T=360K,此过程中气体吸收的热量为

4.2X103J,则（）

甲乙

图5

A.升温后所有气体分子的动能都增大

B.升温后胆中气体的压强为1.5义105pa

C.此过程胆中气体的内能增加量为4.2X1（）3j

D.升温后压强增大是由于单位体积的分子数增多了

答案C

解析升温后气体分子平均动能变大，并非所有气体分子的动能都增大，选项A

错误；根据关亨，解得升温后胆中气体的压强为〃=1.2X105pa,选项B错误;

此过程胆中气体体积不变，则W=0,吸收的热量为。=4.2X103j,则气体内能

增加量为AU=Q=4.2X103j,选项c正确；气体体积不变，则单位气体体积的

分子数不变，升温后气体分子平均速率变大，可知压强增大不是由于单位体积的

分子数增多了，而是气体分子对器壁的平均碰撞力增大了，选项D错误。

6.（2024.浙江嘉兴一模）风力发电模型如图6所示。风轮机叶片转速相转/秒，并形

成半径为/•的圆面，通过转速比1:〃的升速齿轮箱带动面积为S、匝数为N的发

电机线圈高速转动，产生的交变电流经过理想变压器升压后，输出电压为S己

知空气密度为P，风速为匀强磁场的磁感应强度为8,忽略线圈电阻，则（）

低速高速发电机等效图

转轴转轴:升压变压器

升速齿轮箱口」J—―|高压电网

（转速比l：n）：

A.单位时间内冲击风轮机叶片气流的动能为沙兀产02

B.经升压变压器后，输出交变电流的频率高于〃7〃

C.变压器原、副线圈的匝数比为啦兀：U

D.高压输电有利于减少能量损失，因此电网的输日电压越高越好

答案C

解析单位时间内冲击风轮机叶片气流的体积VuSAnSoA/U"2。，气体质量相

=pV=pji/v,动能Ek故A错误；发电机线圈转速为〃“〃，则山

=2兀〃z〃，频率/=a=〃2〃，经升压变压器后，输出交变电流的频率仍为〃皿，故B

错误；变压器原线圈两端电压最大值Uz=NBSa）=2TiNBSmn,有效值5=米=也

itNBSmn,则变压器原、副线圈的匝数比为啦TTNAS〃皿：U,故C正确；考虑到高

压输电的安全性和可靠性，电网的输电电压并非越高越好，故D错误。

7.（2024・北京门头沟一模）2024年2月10日是天问一号火星环绕器环火三周年纪念

Ho3年前天问一号火星探测器成功实施制动捕获后，进入环绕火星椭圆轨道，

成为中国第一颗人造火星卫星。要完成探测任务探测器需经历如图7所示变轨过

程，轨道1为圆轨道，轨道II、轨道III为椭圆轨道。关于探测器，下列说

法正确的是（）

轨道I色

A.在轨道I上的周期大于在轨道II上的周期

B.在轨道I上的机械能大于在轨道II上的机械能

C.在轨道I上经过P点的速度小于轨道II上经过P点的速度

D.在轨道I上经过P点的向心加速度小于轨道II上经过。点的向心加速度

答案C

解析由开普勒第三定律方=人可知，轨道半径越大，周期越大，故A错误；探

测器从轨道II变轨到轨道I,发动机点火致使其减速，其机械能将减小，故

B错误；探测器从轨道II上P点减速变轨到轨道I,所以在轨道I上经过

尸点的速度小于轨道n上经过P点的速度，故c正确；根据牛顿笫二定律，有

6华="M，可得。=G及，则在轨道I上经过尸点的向心加速度等于轨道II上

经过。点的向心加速度，故D错误。

8.（2024•河南郑州一模）己知通电的长直导线在周围空间某位置产生的磁感应强度

大小与导线中的电流强度成正比，与该位置到长直导线的距离成反比；现有通有

电流大小为/的长直导线固定在正方体的棱dh上，通有电流大小为2/的长直导

线固定在正方体的棱刃上，彼此绝缘，电流方向如图8所示。则顶点e和。两处

的磁感应强度大小之比为（）

图8

A.小：#B.2：小C.y[lb：4D.巾：啦

答案A

解析设正方体边长为小因为必和像处的两极导线在e点产生的磁场分别为

即=（，民2=耳，则e点的磁感应强度为屏咫i+咫2="中;必和〃g处的

两根导线在。点产生的磁场分别为及|=8，及2=圾=*,则。点的磁感应

强度为&民1+虎2=4^,则旨=杀，故AE确。

二、多项选择题（本题共4小题，每小题4分，共16分。每小题有多个选项符合

题目要求。全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。）

9.2023年7月，中国科学院空间应用工程与技术中心研制建设的4秒电磁弹射微

重力实验装置已启动试运行，这是亚洲首个电磁弹射微重力实验装置：实验装置

能在竖直方向通过电磁弹射技术把质量为500kg的实验舱以一初速度自由向上弹

出，再自由下落到抛出位置，这个过程可以对里面的实验样品提供4s的微(零)

重力环境。重力加速度g=l()m/s2,则()

A.实验舱被弹出后只在下落过程处于完全失重状态

B.实验舱在弹出后完全失重的4s内速度的变化量大小为40m/s

C.实验舱弹出后继续上升的最大高度为80m

D.弹出过程，电磁系统对实验舱做的功大于IO'J

答案BD

解析实验舱被弹出后做竖直上抛运动，上升和下落过程都处于完全失重状态，

A错误；由Ao=gzV知完全失重的4s内速度变化量大小为4()m/s,方向竖直向

下，RF确；由对称性可知，实聆舱被弹出后，自由上升的时间为2s,上升的最

大高度为〃=亭=20m,C错误；根据以上分析可知实验舱被弹出的初速度大小

为20m/s,动能Eko=/〃就=105j,弹出过程实验舱的重力势能增加，电磁系统

对实验舱做的功等于实验舱重力势能和动能的增加量之和，即大于1()5J,D正确。

10.如图9所示，为一个水平弹簧振子的振动图像，下列说法正确的是()

A.f=ls到r=2s内，弹簧振子的动能不断减小

B.该弹簧振子的振动方程为尸-lOsin^cm

C.f=3s时，弹簧振子的加速度沿x轴负方向

D/=0到t=10s内弹簧振子的路程为50cm

答案BC

解析r=ls到z=2s内，弹簧振子从最大位移处向平衡位置运动，则振子的动

能不断增加，选项A错误；因为①=^=>ad/s,振幅A=10cm,该弹簧振子的

振动方程为X=—lOsin］，cm,选项B正确；/=3s时，弹簧振子的位移正向最

大，则加速度沿x轴负方向，选项C正确；因10s=2.57,则/=0到f=10s内

弹簧振子的路程为2.5X4A=100cm,选项D错误。

11.如图10所示，某次用白球击打静止的蓝球，两球碰后沿同一直线运动。蓝球

经r=0.6s的时间向前运动第=0.36m刚好（速度为0）落入袋中，而白球沿同一方

向运动加一0.16m停」1.运动，己知两球的质量相等，碰后以相同的加速度做匀变

速直线运动，假设两球碰撞的时间极短且发生正碰（内力远大于外力），则下列说

法正确的是（）

白篮

图10

A.由于摩擦不能忽略，则碰撞过程动量不守恒

B.碰后蓝球与白球的速度之比为3:2

C.碰撞前白球的速度大小为2m/s

D.该碰撞为弹性碰撞

答案BC

解析由题意可知两球碰撞的时间极短，碰撞过程中产生极大的内力，两球与桌

面间的摩擦力远远小于内力，所以该碰撞过程动量守恒，A错误；碰后篮球与白

球均做匀减速直线运动，两球的加速度大小相等，由公式"=2or得卷=\倡=方,

Oy।

则碰后蓝球与白球的速度之比为3:2,B正确；碰撞后蓝球速度3='=1.2m/s,

2

白球速度。2=gi=0.8m/s,碰撞过程中两球组成的系统动量守恒，则加加=机。］

+小。2,代入数据解得次）=2m/s,C正确；两球碰前的动能为无=品。8=2〃?，

两球碰后的总动能为Ek2=%加+%病=1.04/77,由于Ek1>Ek2,所以该碰撞过程

有机械能损失，即该碰撞为非弹性碰撞，D错误。

12.（2024•山东东营二模）如图11所示，两水平虚线间存在垂直于纸面方向的匀强

磁场，两虚线间的距离为和，磁感应强度大小为B。边长为力的正方形导体框由

虚线1上方无初速度释放，在释放瞬间外边与虚线1平行且相距儿已知导体框

的质量为〃?，总电阻为r，重力加速度为g,边与两虚线重合时的速度大小相

等，忽略空气阻力，导体框在运动过程中不会发生转动，则（）

图H

A.导体框可能先加速后减速

B.导体框在穿越磁场的过程中，产生的焦耳热为4团0?

c.导体框的最小速度是写

D.导体框从他边与虚线1重合到cd边与虚线1重合时所用的时间为鬻一&

答案CD

解析已知"边与两虚线重合时的速度大小相等，则导体框在cd边与虚线1重

合时速度最小。设。方边与虚线1重合时速度为功，则有。¥=2g〃，设cd边与虚

线1重合时导体框的速度为02,而边与虚线2重合时的速度为。3,则有外=为

=4访，必一资=2gX（%i—力），联立解得改=4驶，整个过程中导体框经历了

先加速、后减速、再加速、再次减速，出磁场后做匀加速运动，故A错误，C正

确；根据运动的对称性可知，导体框完全离开磁场时的速度为。4=。2="岁，根

、717

据能量守恒定律可得mg（2〃+9）=5〃«4+。，解得。=5叼次，故B错误；设导

体框从H边与虚线1重合到cd边与虚线1重合时所用的时间为t,线框中妁平

均感应电流为/,则由动量定理可得〃Zgf—5/亚=〃也2—〃也I,流过导体某一截面

的电荷量为9=%=今=器，联立解得尸鬻一、倨，故D正确。选择题满

分练（七）

（时间：35分钟）

一、单项选择题（本题共8小题，每小题3分，共24分。每小题只有一个选项符

合题目要求。）

1.（2024・甘肃卷，2）小明测得兰州地铁一号线列车从“东方红广场”到“兰州大学”

站的V-t图像如图1所示，此两站间的距离约为（）

东方红广场兰州大学

图1

A.980mB.1230mC.l430mD.l880m

答案C

解析根据v-t图像与坐标轴所围图形的面积表示位移结合题图可知，x=

(74—25)+94

X20m=1430m,C正确。

2

2.（2024.湖南株洲一模）如图2,一蛆蚁（可看成质点）在半径为R的半球体表面上缓

慢爬行，蚂蚁与半球体间的动摩擦因数为〃，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，若

蚂蚁在爬行过程中不滑离球面，则其距半球体顶点的竖直高度不应超过（）

R

AR-J

•y]1一笛

答案A

解析蚂蚁缓慢沿轨道下移，受力如图所示

随着蚂蚁的下移，支持力与竖直方向的夹角。在增大,蚂蚁受到的摩擦力在增大,

当摩擦力达到最大静摩擦力时，蚂蚁离顶点最远，此时有tan6=^=M，蚂蚁离

顶点的高度为〃=R（l-cos。），结合几何关系可解得〃=R—~/者=可，故A正确。

3.（2024•山东枣庄三模）如图3甲是国产科幻大片《流浪地球2》中人类在地球同步

静止轨道上建造的空间站，人类通过地面和空间站之间的“太空电梯”往返于天

地之间。图乙是人乘坐“太空电梯”时由于随地球自转而需要的向心加速度。与

其到地心距离r的关系图像，已知n为地球半径，〃为地球同步卫星轨道半径，

下列说法正确的是（）

图3

A•地球自转的角速度由=/

B.地球同步卫星的周期T-2K

C上升过程中电梯舱对人的支持力保持不变

D.从空间站向舱外自由释放一物体，物体将做自由落体运动

答案B

解析根据。=〃，，可知。一厂图像中，其斜率为角速度的平方，所以。

A错误；由于42=切2已解得①='低，周期7=瓷=27r\^，B正确；上升过

程中，人处于超重状态，支持力会变大，C错误；太空中物体均处于失重状态，

从空间站向舱外自由释放一物体，不会做自由落体运动，D错误。

4.（2024•河北沧州模拟）肺活重是衡量人体呼吸功能的一个重要指标，是指人能够

呼出的气体在标准大气压网下的最大体积。一同学设计了如图4所示的装置测量

自己的肺活量，竖直放置的汽缸中有一与汽缸壁接触良好的活塞，活塞上方放有

重物，活塞由于卡槽作用在汽缸中静止不动，插销K处于打开状态，汽缸中活塞

下方空间的体积为次,该同学用尽全力向细吹嘴吹气后，关闭插销K,最终活塞

下方空间的体积变为1%,已知外界大气压强为po,活塞的面积为S,活塞及上方

重物的总重力G=%oS,汽缸的导热性能良好，则该同学的肺活量为（）

开U

建物

吹嘴

图4

353

-%Bc--

A.4VO4VOD.2VO

答案C

解析设该同学呼出的气体在标准大气压8下的体积为匕把该同学呼出的气体

和活塞下方汽缸中原有的气体作为研究对象，有poVo+p（）V=p.|vo,其中p=po

G35

+----

S24故C正确。

5.一铅球被水平抛出，从抛出时开始计时，第0.1s内的位移为第0.2s内的

位移为S2,第0.3s内的位移为口，不计空气阻力，已知三=；，则（）

32乙

s211s222s2334

--<--<-C-<-<--<<-

一

一

-52一

2233445

？

SB.S4S彳门

答案B

解析设铅球在第0.1s内水平方向的位移为小竖直方向的位移为），，则第0.2s

内水平方向的位移为K竖直方向的位移为3），，第0.3s内水平方向的位移为X、

竖直方向的位移为5y,则第0.1s内的位移为s】第0.2s内的位移为52

（3y）2,第0.3s内的位移为53=」《+（5y）?,由上;可得登B

正确。

6.如图5所示，理想变压器的原、副线圈匝数比为2：1,原线圈通过灯泡Li与正

弦式交流电源相连，电源电压恒定，副线圈通过导线与灯泡L2和L3相连，三个

灯泡规格完全相同。三个灯泡都能发光（不考虑灯丝电阻随温度变化的情况），工

作中L3灯丝被烧断，关于L3灯丝烧断后说法正确的是（）

A.灯泡Li变亮

B.灯泡L2变亮

C.原线圈两端的电压变小

D.变压器输入功率不变

答案B

解析灯泡L3灯丝烧断后，副线圈回路电阻R剧变大，如图所示，根据变压器的

等效电阻R'=（知R能，可知R等限值变大，电源电压恒定，则原线圈电流减小，

灯泡Li变暗，A错误；原线圈电流减小，电源电压恒定，所以变压器的输入功率

变小，D错误；由于输入电流变小，灯泡Li两端的电压减小，原线圈两端电压增

大，匝数比不变，故副线圈两端电压增大，所以灯泡L2变亮，故B正确，C错误。

7.如图6所示，空间中存在一平面直角坐标系工O），，其笫一象限内存在方向垂直

纸面向里的匀强磁场。将一带负电的粒子从y轴上的4（（）,。）点以一定初速度沿着

与），轴正半轴成。=45。的方向射入磁场，经磁场偏转后，粒子从x轴上的C点垂

直x轴离开磁场。已知磁感应强度大小为粒子的比荷和电荷量分别为晨/

粒子的重力不计。下列说法正确的是（）

图6

A.粒子在磁场中运动的时间为房

B.从射入磁场到离开磁场，粒子所受洛伦兹力冲量的大小为当幽

C.粒子在磁场中运动的轨道半径为a

DC与。点相距（啦+1）。

答案D

解析作出粒子的运动轨迹如图所示，粒子在磁场中运动的时间为t=

（兀一8）2n/n37i

A错误；由几何关系得粒子的运动轨道半径厂=也〃，由洛

2兀qB4kB'

伦兹力提供向心力有皿。=加9,解得。=警="醇，因为洛伦兹力是变力,

3兀，〃3小JiqBa

所以粒子所受洛伦兹力冲量的大小I中（qvB）f,即/#

4qB4

B、C错误；由几何关系可知，C与。点距离为$"=1+。=（&+1）。，D正确。

8.（2024・湖北武汉高三期末）如图7所示阴影部分为某玻璃砖的截面图，ABCD是

边长为L的正方形，。。是半圆弧CPQ的直径，。是其圆心，一束单色光从AD

边的E点射入玻璃砖，入射角为i,折射光线正好照射到半圆弧的顶端P,并且在

尸点恰好发生全反射，反射光线正好经过8C边的尸点。己知sini=半，光在真

空中的传播速度为c,则该单色光在玻璃砖中的传播时间为（）

图7

4L-4L

R2A

A.一D.

cCc2fc3c

答案D

解析在P点恰好发生全反射，根据几何关系可知，在£点的折射角与临界角C

互余。根据折射定律〃=瞿=罂，sinC=J,解得〃=生，单色光在玻璃砖中

bin1co、Lfi3

的传播速度为党著

c,由几何关系有S=2X"^7=〃L,该单色光在玻璃砖中

的传播时间为闿=茬,

故D正确。

二、多项选择题(本题共4小题，每小题4分，共16分。每小题有多个选项符合

题目要求。全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得()分。)

9.(2023.天津卷，7)位于坐标原点的波源从/=0时刻开始振动，1=0.5，时形成的

A.机械波的波速v=4m/s

B.x=1m处的质点在1=0.3s时位于波谷

C.波源的振动方程为y=0.02sin(5m+7t)m

DJ=-1m处的质点半个周期内向左移动半个波长

答案BC

解析波源位于坐标原点，由题图可知，该波源形成两列波，且在f=0.5s的时

间内波传播的距离为Ar=2.5m,则机械波的波运为。=午=公m/s=5m/s,A

错误；由题图可知波的波长为2=2m,则波的周期为7=3=5s=0.4s,波刚传

Y1

到x=lm处需要的时间八=百=5s=0.2s,由于1=0.5s时波恰好向右传播到XI

=2.5m处，结合同侧法可知波源的起振方向沿y轴的负方向，所以力=0.2§时x

=1m处的质点沿），轴的负方向振动，再经过0.1s的时间，即^丁的时间后，x=l

m处的质点刚好位于波谷处，B正确；设波源的振动方程为y=Asin（3+勿），由

27r

以上可知口=了=5兀rad/s,由题图可知波的振幅为A=2cm=0.02m,又波源的

起振方向沿y轴的负方向且/=0时刻位于坐标原点，则波源的振动方程为）：=—

0.02sin（5兀/）m=0.02sin（5”+兀）m,C正确；质点起振后只在平衡位置附近上下振

动，不会随波左右迁移，D错误。

10.（2024•福建七地市质检）如图9甲所示，质量为胆的物块P与物块Q（质量未知）

之间拴接一轻弹簧，静止在光滑的水平地面上，弹簧恰好处于原长。现给物块P

一瞬时初速度。o,并把此时记为（）时刻，规定向左为正方向，0〜2m时间内物块

P、Q运动的。一/图像如图乙所示，其中/轴下方部分的面积大小为S,/轴上方

部分的面积大小为S2,则（）

图9

A.物块Q的质量为热

B.fo时刻物块Q的速度为VQ=S2

C.fo时刻物块P的速度为PP=UO-|SI

D.0〜2fo时间内弹簧始终对物块Q做正功

答案ACD

解析（）〜2/o时间内Q所受弹力方向始终向左，P所受弹力方向始终向右，弹簧

始终对Q做正功；时刻，P、Q所受弹力最大且大小相等，由牛顿第二定律可

得嘉=2=华，篇=制，则Q的质量为品，故A、D正确；由。一，图像可知，

/0时刻Q的速度为。Q=^S2,故B错误；由Q-Z图像可知，/0时刻P的速度为OP

=。0—7S1,故C正确。

11.（2024•四川凉山州联考）如图10所示a、b、c、d为匀强电场中4条沿水平方向

的等势面，一个质量为加，电荷量为夕的粒子在匀强电场中运动，A、8为其运动

轨迹上的两个点。已知该粒子在A点的速度大小为。I,在8点的速度大小为。2,

A、B连线长为L,连线与等势面间的夹角为0,不计粒子受到的重力，则（）

a

b