2026年湖南省长沙市高一下学期期中模拟考试物理自编试卷01（人教版2019范围：必修二第五-七单元）（解析版）

2026年湖南省长沙市高一下学期期中模拟考试自编试卷01物理试题（解析版）题号12345678910答案DDCCDBDABADBC1．D【详解】A．两架飞机在飞行过程中做曲线运动，速度方向时刻发生变化，所以速度一定发生变化，故A错误；B．根据曲线运动加速度方向位于轨迹的凹侧，由图中轨迹可知，加速度方向不可能不变，则加速度一定发生变化，故B错误；C．两架飞机沿不同轨迹到达b点，在b点的速度沿各自轨迹的切线方向，方向一定不同，因此速度不可能相同，故C错误；D．路程是运动轨迹的长度，两架飞机飞行的路程可能相同，故D正确。故选D。2．D【详解】A．由同一皮带带动的两轮边缘及皮带上各点的线速度大小相等,故A正确;B．同轴转动的物体上各点的角速度相等,故B正确;C．由得又,故,故C正确;D．由,得,又故,故D错误.此题选择错误的，故选D。3．C【详解】设地球半径为R，甲、乙两卫星绕地心做匀速圆周运动，半径分别为、，设人在地表赤道点处观测到甲在地平线上，即人、甲连线恰为该处切线，可得甲的轨道半径与地球半径满足乙在人的正上方，且两卫星与地心恰处于等腰直角三角形的三个顶点上，则根据开普勒第三定律可得解得两卫星绕地球同向匀速转动，由几何可知，初始两卫星与地心连线的夹角为。卫星角速度分别为、要使两卫星第一次和地心共线，满足解得故选C。4．C【详解】根据加速度方向指向轨迹凹侧的规律，龙珠水平方向匀速，合加速度由竖直方向决定，前半段加速度竖直向上，后半段加速度竖直向下。故选C。5．D【详解】A．根据题中条件无法求出A的质量，A错误；B．由图乙可知，B、C绳中先出现弹力，根据当时，当时，代入数据解得，,B错误；C．当角速度为1rad/s时,由图可知B、C间绳的拉力均为1N，对B只有摩擦力提供向心力有,选项C错误；D．根据题图可得A、B即将与圆盘发生滑动时，满足代入、可得解得，D正确。故选D。6．B【详解】A．由图可知，故A正确；B．当P离行星最近时，有当P离行星最远时，有当Q离行星最近时，有当Q离行星最远时，有由开普勒第三定律可知，联立解得，故B错误；C．由题图和万有引力定律可知解得P、Q的质量之比为，故C正确；D．设卫星Q的轨迹半长轴为a，半短轴为b，半焦距为c，则有、、联立解得，所以Q的轨道长轴与短轴之比为，故D正确。由于本题选择错误的，故选B。7．D【详解】A．由图可知，故A错误：B．当离行星最近时，当离行星最远时，当离行星最近时，当离行星最远时，由开普勒第三定律可知，联立解得，故B错误；C．由可知，解得，故C错误；D．设卫星的轨迹半长轴为，半短轴为，焦距为，则有，联立解得，所以的轨道长轴与短轴之比为，故D正确。故选D。8．AB【详解】A．平抛物体的初速度为，当水平方向分位移与竖直方向分位移相等时，有可得运动的时间，故A正确；BD．可得竖直分速度为可得瞬时速率，故B正确，D错误；C．水平位移为竖直位移为可得位移大小为，故C错误。故选AB。9．AD【详解】A．由万有引力定律与质量与密度的关系得，解得小行星的质量和密度为，，故A正确；B．Ⅱ轨道上的点离小行星表面最远为，可知Q点距小行星球心的距离为6R，由牛顿第二定律得，解得，故B错误；C．Ⅱ轨道上的点离小行星表面最远为，所以Ⅱ轨道的半长轴为，由开普勒第三定律得解得“天问二号”在Ⅱ轨道上运行的周期为Ⅰ轨道上运行周期的倍，故C错误；D．“天问二号”在Ⅱ轨道上的P点速率最大，在Q点速率最小，由开普勒第二定律得，“天问二号”在Ⅱ轨道上运行的最大速率与最小速率之比为故D正确；故选AD。【点睛】根据开普勒第二定律，行星与太阳的连线在相等时间内扫过的面积相等，根据极限思想可知即，其中r为P点与小行星球心的距离，R为Q点到小行星球心的距离。10．BC【详解】刚开始角速度较小时，A、B两个物体由所受的静摩擦力提供向心力，因B物体离中心轴更远，故B物体所需要向心力更大，即B物体所受到的静摩擦力先达到最大值，此时则有解得当时，随转速增大A、B两物体所受的静摩擦力都增大，轻绳无拉力，此时A、B所受摩擦力方向都指向圆心；当A所受的摩擦力为零时，以A为研究对象，有以B为研究对象，有解得当时，轻绳拉力增大，A物体所受静摩擦力的大小减小，方向指向圆心，B物体所受静摩擦力达到最大，大小不变，方向指向圆心；当时，A所受的静摩擦力沿半径背离圆心，当刚要发生相对滑动时，以B为研究对象，有以A为研究对象，有解得，当时，A物体所受的静摩擦力的大小增大，方向背离圆心，B物体所受静摩擦力达到最大，大小不变，方向指向圆心。最大角速度，故BC正确，AD错误。故选BC。11．(1)B(2)C(3)2.0【详解】（1）AB．由于两枚棋子从同一高度同时释放，一枚棋子做自由落体运动，另一枚棋子做平抛运动，只要两枚棋子同时落地，即可验证平抛运动在竖直方向上是自由落体运动，故A错误，B正确；C．只要两枚棋子在同一高度，同时释放，它们就必然同时落地，故C错误。故选B。（2）C．由图可知小球做斜抛运动，则斜槽末端切线不水平，故C正确；A．释放小球时初速度不为0，不会使物体斜抛出去，故A错误；B．释放小球的初始位置不同，从斜槽末端飞出的速度不同，不会使物体斜抛出去，故B错误。故选C。（3）根据逐差法求加速度有解得水平方向做匀速直线运动，有b点的竖直分速度在竖直方向小球做自由落体运动，有代入数据得则小球开始做平抛运动的位置坐标由计算出小球运动到b点的时间则水平方向运动的距离故小球开始做平抛运动的位置坐标12．(1)AE(2)(3)B纸带与打点计时器间有摩擦阻力且存在空气阻力【详解】（1）A．打点计时器所用的电源为频率为50Hz的交流电，故A正确；B．接通电源前，应使重物靠近打点计时器，并保持纸带竖直，故B错误；C．由于纸带和打点计时器之间存在摩擦力，因此为了减少摩擦力所做的功，应将纸带竖直，而不是选取较短的纸带，故C错误；D．等式两边的质量可以约去，则不需要测量重物的质量，故D错误；E．实验中为了减小阻力的影响，应选用体积较小，密度较大的重物，故E正确。故选AE。（2）[1][2]打点计时器从打下计数点1到打下计数点5的过程中，重力势能的减小量等于重力所做功的大小，因此有根据匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度大小等于该过程的平均速度大小，因此有同理动能的增加量为（3）[1][2]以重力势能的减少量和动能的增加量为纵坐标，以重物下落的高度为横坐标，在图3中描绘出的图线为、，由（2）可知，重力势能的减少量大于动能的增加量，原因是纸带与打点计时器间有摩擦阻力且存在空气阻力。则动能的增加量与下落高度的关系图线为。13．(1)(2)mg(3)，方向由A指向B【详解】（1）在B点，小球的速度方向为水平，则竖直方向速度减为零，竖直方向有解得（2）水平方向由牛顿第二定律有由运动学有解得（3）小球从A到B的水平位移和竖直位移大小相等，为合位移为方向由A指向B。14．(1)(2)，(3)【详解】（1）对小球分析可知解得当BC恰伸直时，则L=l，，可得当AC恰伸直时，则，，可得可知要保持两轻绳拉直，的取值范围（2）当时，对小球受力分析可知水平方向有竖直方向有解得，（3）在转动过程中小球忽然脱离，俯视图如图所示由平抛运动的规律可得，水平方向有x0=v0t竖直方向要使小球不碰到半径为l的圆盘，即已知，R=lsinθ1由于v0=ωR则要小球不能碰到圆盘，ω的范围为。15．(1)(2)(3)【详解】（1）行星绕恒星做匀速圆周运动时，万有引力提供向心力，即解