2026年2026届江苏省苏北七市（徐、连、淮、宿、通、扬、泰）高三下学期 二模物理试题 附解析新版

2026届高三第二次调研测试注意事项考生在答题前请认真阅读本注意事项及各题答题要求1.本试卷共6页，满分为100分，考试时间为75分钟。考试结束后，请将2.答题前，请务必将自己的姓名、考试号等用0.5毫米黑色墨水的签字笔填3.请认真核对答题卡表头规定填写或填涂的项目是否准确。4.作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。作答非选择题，必须用0.5毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无5.如需作图，必须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑加粗。一、单项选择题：共11题，每题4分，共44分。每题只有一个选项最符合题意。1.2026年1月，中国“人造太阳”环流器装置(EAST)实现1亿摄氏度、1066秒稳态高约束运行，该装置反应堆中发生的一种核反应方程为：,则X是()【详解】这是核聚变反应，根据核反应过程质量数守恒、电荷数守恒，可知X的质量数、电荷数分别为球心，a、b为折射光线。则()A.a是红光，在水中a光速度比b的大B.b是红光，在水中α光速度比b的小C.a是蓝光，在水中α光速度比b的大D.b是蓝光，在水中a光速度比b的小【解析】【详解】从图中可以看出，b光的偏折程度比a光大，故b光折射率比a光折射率大，所以b是蓝光，a是红光，根据可知，在水中a光速度比b的大，综合可知A选项符合题意。3.如图所示，哈雷梦星在近日点与太阳中心的距离为，线速度大小为：在远日点与太阳中心的距离为r₂,线速度大小为v₂。则()A.=V₂B.<V₂C【答案】C【解析】【详解】在近日点和远日点附近取极短时间△,根据开普勒第二定律整理得V₁=r₂V₂故选C.4.我国建造的世界上亮度最高的第四代同步辐射光源“未来之光”,和第三代同步辐射光源相比，电子被加速后的能量更高，辐射的X射线穿透能力更强，则()A.电子的物质波波长更长、辐射的X射线波长更长B.电子的物质波波长更长、辐射的X射线波长更短C.电子的物质波波长更短、辐射的X射线波长更长D.电子的物质波波长更短、辐射的X射线波长更短【答案】D【解析】【详解】电子的物质波波长为电子被加速后能量更高，即E更大，因此电子的物质波波长更短。光子能量题意知X射线穿透能力更强，说明光子能量E更高，对应的波长更短，5.如图所示，A、B、C是正三角形的三个顶点，0是三角形的中心。A、B处分别放置+q、+3q的点电荷。现在C处放置一点电荷Q,使O点的电场方向平行BC向右，则Q的电荷量为()A.+qB.-q【解析】【详解】正三角形中心O到三个顶点的距离相等，设为广，根据点电荷场强公式分解各电荷在O点场强的竖直分量，A处+q,正电荷场强背离A,方向竖直向下，B处+3q,正电荷场强背离B,方向斜向右上，与水平方向夹角30°,竖直分量C处Q场强竖直分量令竖直合分量为0,Eᴀ+Eg+Eo=0代入整理得解得Q=-q故选B。6.如图所示，在研究钢板防御穿甲能力的实验中，一块钢板被锁定在光滑的水平面上，子弹以水平方向的初速度射入钢板，恰好能穿过.现解除锁定，让子弹以相同的初速度射向钢板，假设子到的阻力恒定，子弹射入钢板过程中()A.子弹对钢板的水平冲量比锁定时的小B.子弹对钢板的水平冲量和锁定时的一样大C.钢板对子弹做的功比锁定时的多D.钢板对子弹做的功和锁定时的一样多【解析】【详解】AB.钢板锁定，子弹末速度为0,由动量定理，可知钢板对子弹的冲量大小为故子弹对钢板的冲量大小为m₀:由于水平面光滑，则钢板解锁后，子弹与钢板组成的系统动量守恒且最终共速v,规定向右为正方向，根据动量守恒有mv,=(m+M)v根据动量定理，可知钢板对子弹的冲量大小故子弹对钢板的冲量大小为综上可知子弹对钢板的水平冲量比锁定时的小，故A正确，B错CD.钢板锁定时，子弹恰好穿过钢板(即子弹末速度为0),对子弹，根据动能定理，可知钢板对子弹做的功为钢板解锁后，子弹和钢板最终共速，对子弹，根据动能定理，钢综上可知Wl>wl.故选A。7.四旋翼飞行器每个旋翼提供的升力与机身垂直，增大旋翼转速可以增加升力，飞行器水平悬停时的俯视图如图所示，现改变旋翼转速，可使机身倾斜着水平向右移动的操作是()②②左③④①A.增大旋翼2、3转速，减小旋翼1、4转速B.增大旋翼2、4转速，减小旋翼1、3转速C.增大旋翼1、3转速，减小旋翼2、4转速D.增大旋翼1、4转速，减小旋翼2、3转速【答案】A【详解】要让四旋翼飞行器倾斜着水平向右移动，需要让机身右侧的升力小于左侧的升力，因此增大左侧旋翼(2、3)的转速，左侧旋翼对空气的作用力变大，根据牛顿第三定律，可知空气对左侧旋翼的作用力变大(即升力变大);减小右侧旋粥(1、4)的转速，右侧旋翼对空气的作用力变小，根据牛顿第三定律，可知空气对右侧旋翼的作用力变小(即升力变小),因此机身就会向右倾斜并水平向右移动。故选A.8.1834年英国物理学家洛埃设计了洛埃镜实验，如图所示，水平放置的平面镜MN左上方有一点光源S,右平移，则条纹()A.间距变大B.间距变小C.数量变多D.数量变少【答案】D【详解】光源S在平面镜中所成的像S′与S组成等效的双缝，据,现将镜面向右平移，则d、1都不变，则条纹间距不变，镜面右移后，照射到平面镜左侧边缘的光的入射角增大，由光的反射定律，则反射角增大，使反射光线更趋水平(高度降低),反射光照射范围减小，直接光与反射光的重叠区域变小，由于条纹间距不变，则干涉后条纹数量变少。故选D.9.马年春晚舞蹈《喜雨》技惊四座，舞者头顶斗笠匀速转动时，下列图线中与斗笠边缘的一串串珠实际形态最接近的是()【解析】【详解】当斗笠匀速转动时，每一串串珠会随斗笠一起做匀速圆周运动(同轴转动，角速度相同)。串珠的向心力由重力和绳子拉力的合力提供，即mgtanθ=mw²r(其中0是绳子与竖直方向的夹角，r是串珠到转轴的水平距离)解得公式说明越靠下的串珠，圆周运动半径r越大，tanθ也越大，即θ越大。故选B。10.如图所示，倾角为θ的足够长斜面c放置在光滑的水平面上，质量相等的α、b两小滑块与斜面间的动摩擦因数分别为μ、A₂,所<4且所+μ₂=2tanθ。a、b以相同的初速度沿斜面下滑，始终未离开斜面。则整个运动过程中()A.b的机械能一直减小B.c的机械能一直增加C.a、b、c系统动量守恒D.a、b、c的总动能一直增加【答案】D【解析】【详解】A.初始阶段，斜面c所受的水平方向的合力为F=2mgcosθsinθ-(Amg又知从+μ₂=2tanθ联立解得，斜面c所受的水平方向的合力F=0,故斜面c保持静止状态。b滑块mgsinθ-μ₂mgcosθ=ma₂联立解得a₁+a₂=0,a>0,a₂<0,故a滑块做匀加速直线运动，b滑块做匀诚速直线运动，两物体之间距离逐渐增大，初始阶段，由于摩擦力对a、b两滑块做负功，故a、b两滑块的机械能都减小，当b滑块的速度减为0以后，a滑块的机械能继续减小，b滑块、斜面c相对静止，共同向右加速，b滑块的机械能增加，故b滑块的机械能先减小后增大，斜面c的机械能先不变后增大，A错误，B错误；C.当b滑块相对于斜面c的速度减为0以后，a滑块继续沿斜面向下加速运动，滑块b、斜面c相对静止，共同向右加速运动，故a、b、C系统竖直方向的动量增加，总动量不守恒，C错误；初始阶段，斜面c保持静止，设经历的时间为t,a、b两滑块的速度分别为V=vn+at,V₆=V₀-ata、b两滑块的总动能故总动能增加。当b滑块相对于斜面c的速度减为0以后，a滑块继续沿斜面向下加速运动，滑块b、斜面C相对静止，共同向右加速运动，故a、b、c系统的总动能增加。故选D.11.某人形机器人关节模组中传动机构的简化模型如图所示，大齿轮固定不动，圆心为0,小齿轮的圆心为A.图示时刻点P的速度方向指向0B.图示时刻点P的加速度方向指向CC.点P的运动周期是点C的两倍D.PO之问的距离越小，点P的加速度越大【解析】【详解】A.根据题意可知，P点同时参与两个运动，即绕C点的圆周运动和随小齿轮绕0点的圆周运动，即P点的一个分速度为垂直于PC连线向上的w,另一个分速度为垂直于OC连线向下的v2,二者大小相等，如图所示根据矢量合成可知，合速度应指向O点，故A正确；B.P点两个分加速度分别为沿PC方向指向C点的加速度an和沿CO方向指向0点的加速度a2,二者大小相等，如图所示根据矢量合成可知，合加速度方向应沿PO方向指向0,故B错误；C.如图所示C转图C转圈D.根据以上分析可知，PO之间的距离越小，则两个分加速度的夹角越大，分加速度大小不变，则合加速度越小，故D错误。二、非选择题：共5题，共56分。其中第13题-第16题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。12.为测量纽扣电池电动势和内阻，选用以下器材：A.待测纽扣电池(电动势约3V,内阻约0.5Ω)B.电压表V(量程为3V,内阻约3kΩ)C.电流表A(量程为0.6A,内阻约0.2Ω)D.滑动变阻器R(0～10Ω,2A)E.定值电阻R,=5.00F开关S和导线若干甲乙(1)某实验小组用图甲所示电路进行实验，开关闭合前，滑动变阻器的滑片应置于(选填“左端”或“右端”);(2)实验中，测得电压表示数U和对应的电流表示数I,根据图乙中已描出的各点作出U-1图像；(3)由图像可得，该纽扣电池的电动势E=V,内阻r=Ω。(结果均保留两位有效数字)(4)小明用图丙所示电路进行实验，将电压表接在a、b间测得电压U₁,再将电压表接在b、c间测得的电压为U₂,改变滑动变阻器的滑片位置多次测量，根据测得的多组数据在图丁中作出U₂-U,图像。已知图线的横截距为d,纵截距为e。则该纽扣电池的电动势E=_,r=.。(用字母d、e和丙丁(5)在(4)问中，小李同学认为测得U₁后将电压表接在a、c间测得电压U₂',作出U₂'-U,图像计算E和r。你认为小李的方案是否可行(选填“是”或“否”),请简要说明理由【答案】(1)左端(2)见解析(5)①.否●.小李先后两次测量，电压表接入位置改变，电路总电阻变化，干路电流改变，两次测得的电压不对应同一工作状态，因此无法得到E和的正确关系，方案不可行。【解析】【小问1详解】闭合开关前，滑动变阻器应调至接入阻值最大处，保护电路，由图甲可知滑片置于左端时接入电阻最大。【小问2详解】舍去偏离较远的点，作一条直线，使大部分测量点落在直线上，剩余点均匀分布在直线两侧，如下图示意【小问3详解】【小问3详解】0[1]由闭合电路欧姆定律得E=U+I(R。+r)即U=E-I(R₀+r)U-I图像纵截距为电动势E,斜率绝对值|k=R₀+r由此计算得E≈2.8V【小问4详解】[1]电路电流由闭合电路欧姆定律对照图像可知纵截距E=e代入得整理得【小问5详解】小李先后两次测量，电压表接入位置改变，电路总电阻变化，干路电流改变，两次测得的电压不对应同一工作状态，因此无法得到E和r的正确关系，方案不可行。【解析】【小问1详解】【小问2详解】乙(1)小球运动过程中的最小速度V:(2)小球的质量m.【答案】(1)2m's【解析】【小问1详解】由图可知，当θ=0时，拉力最小为零，则此时小球到达最高点，则最小速度满足解得v=2m/s【小问2详解】小球在最低点时拉力最大为Fn=6N,则解得m=0.1kg15.如图所示，在倾角θ=30°的足够长光滑斜面上，宽度为d的阴影区域内存在垂直斜面向上的匀强磁场，磁感应强度大小为B,相邻磁场间的距离为2d。一质量为甲的金属矩形线框ABCD放在斜面上端，AB中点系有平行于斜面的轻绳，轻绳绕过斜面底端的轻质定滑轮与一重物相连。现将线框由静止释放，此后通过每个磁场区域的时间都相等，运动过程中线框AB边始终与磁场边界平行，重物未落地.已知金属线框的电阻为R,AB边长为L、BC边长为d,重物的质量为田，重力加速度为g。(1)求AB边穿过任意一个磁场区域过程中流过其截面的电荷量4:(2)求线框穿过任意一个磁场区域过程中，重物和线框组成的系统减少的动能△E和线框产生的焦耳热(3)若线框通过任意一个磁场区域过程中速度减小量为△v,求该过程所用的时间1.【解析】【小问1详解】AB穿过磁场过程中磁通量变化△=BLd因此【小问2详解】线框通过每个磁场区域的时间相等，则线框每次进入磁场时速度相等.线框穿过磁场区域过程中，系统减少的动能等于线框在相邻磁场间运动系统增加的动能。线框在相邻磁场间运动位移d,对应重物下落高度为d.重力做功则系统动能减