重庆市2025-2026学年高一年级上册期末考试物理试卷（解析版）

物理试题

一、选择题（1-8为单选题，只有一个选项正确，每题4分；9・12为多选题，有多个选项

正确，每题4分、漏选得2分、选错不得分。）

1.下列单位中，描述物体速度变化快慢物理量的单位是（）

A.m/sB.kgms-1C.m/s2D.N/kg

【答案】CD

【解析】描述物体速度变化快慢的物理量是加速度。加速度表示速度随时间的变化率，定

义式为=—.速度的单位是m/s,时间的单位是s,因此加速度的单位为

aAr

m/s

=m-s-2

又1N=Ikgms-2

故IN/kg=1m-s-2

故选CD。

2.如图所示，一重球悬挂于轻绳下端，并与光滑斜面接触，处于静止状态。若绳保持竖

)

B.压力、绳的拉力和斜面的支持力

C.重力、斜面的支持力

D.重力、下滑力、绳的拉力和斜面的支持力

【答案】A

【解析】假设斜面对重球有支持力，则重球不可能处于图中所示的静止状态，可知，斜面

对重球没有支持力作用，即重球受到重力与绳的拉力两个力的作用。

故选Ao

3.下列说法正确的是（）

A.诗句“卧看满天云不动，不知云与我俱东”中的"云不动''选择的参考系是“我''

B.重庆北站开往成都东站的G8610次列车于9：33出发指的是时间间隔

C.重庆市出租汽车起步价10元/3公里，其中“3公里”指的是位移

D.篮球比赛中，裁判判断运动员是否犯规时，是将运动员看作质点

【答案】A

【解析】A.诗句“卧看满天云不动”中，“云不动”是描述云相对于观察者（“我”）静止的状

态，参考系为观察者自身（即“我”），故A正确；

B.“9:33”表示列车出发的具体时间点，是时刻而非时间间隔（时间间隔指•段时间），故

B错误;

C.出租车起步价中的“3公里”指车辆行驶的实际路径长度.是路程（标最），位移（矢

量）为起点到终点的宜线电离，二者不同，故C错误；

D.判断犯规需分析运动员的动作细节（如接触位置、肢体动作），不能忽略其大小和形

状，因此不能视为质点，故D错误。

故选Ao

4.下列几组同一平面内的三个共点力中，它们的合力不可能为零的是（）

A.3N、4N、5NB.2N、6N、10N

C.5N、5N、5ND.5NJ2NJ3N

【答案】B

【解析】A.3N和4N的合力范围为IN至7N,5N在此范围内，故合力可能为零，A不

符合题意。

B.2N和6N的合力范围为4N至8N,10N大于8N,不在范围内，故合力不可能为零，B

符合题意。

C.5N、5N、5N三力等大，可互成120。使合力为零，故合力可能为零，C不符合题意。

D.5N和12N的合力范围为7N至17N,13N在此范围内，故合力可能为零，D不符合题

意。

故选B。

5.在测量摩擦力的实验时，把木块放在水平长木板上用弹簧测力计沿水平方向拉木块，逐

渐增大拉力直到拉动木块，拉动后木块匀速运动，如果用力传感器代替弹簧测力计做这个

实验，得到拉力随时间变化图像厂一f图像，图像最大值为G归，根据图像卜・列说法正确

的是（）

A,木块受摩擦力和拉力是一对相互作用力

B.最大静摩擦力为拉力图像最高点，即为/=耳即

C.最大静摩擦力大小等于滑动摩擦力大小

D.用图中最大拉力耳皿除以木块对长木板的压力大小，可以得到动摩擦因数

【答案】B

【解析】A.木块受的摩擦力和拉力是一对平衡力，故A错误；

B.根据题意分析知，最天静摩擦力为拉力图像的最高点，即为电=耳恤

故B正确；

C.根据题意滑动后匀速运动，拉力等于滑动摩擦力，小于最大静摩擦力，即拉力图像的

最高点，大小大于滑动摩擦力大小，故c错误；

D.用图中匀速运动时的拉力除以木块对长木板的压力大小，可以得到动摩擦因数，故D

错误。

故选Bo

6.如图所示，甲图为某质点做直线运动的冗一1图像，乙图为另一质点做直线运动的口-，

图像，下列关丁两质点的运动情况的说法正确的是（）

A.甲图质点在0〜4s内和8~12s内的运动速度大小相同

B.甲图质点在。〜12s的位移大小为30m

C.乙图质点在812s内的速度方向没有改变

D.乙图质点在08s的位移大小为60m

【答案】D

【解析】A.甲图质点在0〜4s内运动速度大小匕=^m/s=2.5m/s

-10-10

8~12s内的运动速度V)=------------m/s=-5m/s

负号表示方向与正方向相反，8~12s内的运动速度大小为5m/s,故甲图质点在0~4s内和

872s内的运动速度大小不相同，故A错误:

B.甲图质点在。〜12s的位移Ax=-10m-0=-10m

负号表示方向与正方向相反，位移大小为10m,故B错误;

C.速度的正负表示方向，乙图质点在812s内的速度方向发生了改变，故C错误;

D.口一，图像与坐标轴包围的面积表示位移，乙图质点在08s的位移大小

x=?x4m+10x(8-4)m=60m,故D正确。

故选D°

7.如图所示，小球从竖直砖墙某位置由静止释放，做匀加速直线运动。用频闪照相机在同

一底片上多次曝光，得到了图中1、2、3、4、5…所示小球运动过程中每次曝光的位置。

连续两次曝光的时间间隔均为丁，每块砖的厚度为4。根据图中的信息，下列说法正确的

是（）

।巴L

।」i・；i।21

]।।

；I：3J_

III

।I与1E

III

III

II]

I；产5~]_

III

A.能判定位置“1”是小球释放的初始位置

B.小球下落的加速度为g

T2

小球在位置“3”的速度为阻

C.

2r

D.小球在位置力”、位胃“2”、位胃"3”的速度之比为1：2：3

【答案】B

【解析】A.若小球做初速度为零的匀变速直线运动，在连续相等时间内，位移之比为1：

3：5：7…，而题中32、3、4、5…间的位移之比为2：3：4；5…,所以位置“1”不是小

球的初始位置，故A错误；

B.因满足

可得a=专,故B正确；

C.点3的瞬时速度的大小为2、4之间的平均速度的大小，可得匕=3d：4c/=?,故

2T2T

C错误；

D.点2的瞬时速度的大小为1、3之间的平均速度的大小，可得彩二2d+34=也

-2T2T

设点I的瞬时速度的大小匕，则岭=匕

舛

得H=737d7

2T

小球在位置“1”、位置“2”、位置“3”的速度之比匕：匕：匕=3:5:7,故D错误。

8.如图所示，质量为"入=1kg的物体A经跨过定滑轮的轻绳与质量为〃?B=3kg的斜子

B相连，箱子底板上放一质量为加（•=1kg的物体C。不计定滑轮的质量和•切阻力，《取

10m/s2,在箱子加速下落的过程中，下列说法正确的是（）

A/

JKL

A.物体A处于失重状态，加速度大小10m/s2

B.物体A处于超重状态，加速度大小为10m/s?

C.物体C处于失重状态，对箱子B的压力大小为4N

D.轻绳对定滑轮的作用力大小为5ON

【答案】C

【解析】AB.将物体A、B、C看作整体，根据牛顿第二定律有

（"%+，〃C）g-"2Ag=（,nA+"%+

解得加速度为a=6m/s2

物体A有向上的加速度，则物体A处于超重状态，故AB错误：

C.物体C有向下的加速度，处于失里状态，根据牛顿笫一定律有"七8-8

解得/=4N

根据牛顿第三定律可知物体C对箱子的压力大小为4N，故C正确；

D.对物体A受力分析，根据牛顿第二定律有阡-〃八8=，纵。

解得绳子拉力为耳=16N

轻绳对定滑轮的作用力大小7=2斤=32N,故D错误。

故选C。

9.关于物理必修1教材中的四幅插图，下列说法正确的是（）

A.图I中，利用光的反射观察微小形变的实验装置运用了等效替代法

B.图2中，当物体所受合力的方向与速度方向不在同一直线上时，物体做曲线运动

C.图3中，把变速运动过程细分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后将

这些小段的位移相加，得到总位移，这种处理运用了微元法

D.图4中，伽利略用实验验证了小球做自由落体运动的位移与时间成正比

【答案】BC

【解析】A.图1中，利用光的反射观察微小形变的实验装置运用了放大法，A错误；

B.图2中，根据曲线运动的条件可知，当物体所受合力的方向与速度方向不在同一直线

上时，物体做曲线运动，B正确；

C.图3中，把变速运动过程细分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后将

这些小段的位移相加，得到总位移，这种处理运用了微元法，C正确；

D.图4中，伽利略用实验验证了小球做自由落体运动的位移与时间的平方成正比，D错

误。

故选BC。

10.一艘小船在静水中的速度为4m/s,要渡过一条宽度为100m、水流速度为5m/s的

河流。下列判断正确的是（）

A.小船的航迹有可能垂直于河岸

B.小船渡河的最短时间是25秒

C.小船以最短时间渡河怔，小船被水冲向下游125m

D.小船以最短位移渡河时，所需的渡河时间是25秒

【答案】BC

【解析】A.小船在静水中的速度（4m/s）小于水流速度（5m/s）,无法通过调整航向完全

抵消水流的影响，因此无法垂直河岸到达正对岸，小船（I勺航迹不可能垂直于河岸，故A错

误;

d100X

B.当船头垂直河岸时，渡河时间最短，时间，二——=TS=25S,故B正确；

h4

C.小船以最短时间渡河时，即当船头垂直河岸时，小船被水冲向下游

x="=5x25m=125m,故C正确；

D.最短位移渡河时，船头指向与合速度方向垂直，此时合速度大小

v=J除一吨=-4）m/s=3m/s

方向与河岸的夹角为sin6=）也

我5

d100―

对应的时间一$缶。3-4乂3'，故D错误。

5X

故选BCO

11.如图，物体A、B、C的质量分别为明=1kg、，叼二2kg、砥=3kg,A、B之间用

劲度系数为左=100N/m的轻质弹簧连接，斜面体C置于粗糙的水平面上，斜面的倾角为

37且光滑。某人用绕过光滑定滑轮平行于斜面的轻绳拉着物体B,使A、B、C整体处于

静止状态。已知sin37=0.6,cos37=0.8，重力加速度取g=10m/s2,下列说法正确

B.弹簧的伸长量x=0.05m

C.斜面体C对地面的摩擦力为24N

D.在人松开绳子瞬间，B的加速度大小9m/s?

【答案】AD

【解析】A.根据题意，对A、B整体受力分析，由平衡条件可得，轻绳的拉力

/=（町+/nJgsin370=18N,故A正确；

B.根据题意，对A受力分析，由平衡条件有辰-仍gsin37。

解得x=0.06m,故B错误；

C.根据题意，对A、B、C整体受力分析，水平方向上由平衡条件有

/=Fcos37°=14.4N

根据牛顿第三定律，C对地面的摩擦力与地面对C的摩燎力大小相等为14.4N,故C错

误；

D.在人松开绳子瞬间，弹簧形变量不变，对B分析，由牛顿第二定律有

2gsin37°+kx=m2a

解得〃=9m/s2,故D正确。

故选AD。

12.如图甲，倾角为外37曲勺足够长的传送带顺时针匀速转动。一质量为〃?=lkg的物块

（可视为质点）以某一初速度从传送带底端滑上传送带，物块运动的四图像加图乙所

示，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度大小取g=10m*2,5吊37。=0.6,

cos370=0.8,下列说法正确的是（）

A.传送带转动的速度大小为8m/s

B.物块与传送带间的动摩擦因数为0.5

C.物块向上运动到最高点的过程中，物块相对传送带的路程为4.8m

D.物块在传送带上运动的总时间为12+4而$

5

【答案】BCD

【解析】A.由图乙可知，物块的初速度大小为8m/s,物块的速度减速到与传送带的速度

相同时，加速度发生变化，所以传送带转动的速度大小为4m/s,故A错误；

B.0~0.4s内，由牛顿第二定律有

mgsin9+"mgcos9=〃zq

a.=—=------m/s-=10m/s-

\t0.4

解得

〃=0.5

故B正确；

C.0~0.4s内,物块的位移大小为

%+/8+4

x.=-----Lt.=-------x0.4m=2.4m

1212

传送带的位移大小为

x；=V/)=4x0.4m=1.6m

共速后，设物块做匀减速直线运动的加速度大小为G,白牛顿第二定律有

mgsin夕一pnigcos0=ma2

解得

2

a2=2m/s

则物块速度减为0的时间为

r2=—=2s

a2

则物块减速到零的位移大小为

v.4..

x,=—=—x2m=4m

2-2

传送带的位移大小为

%2=v/2=4x2m=8m

此过程中物块相对传送带向下运动，故物块向上运动到最高点的过程中，物块相对传送带

的路程为

AA=(Xj-x{)+(x'2-x2)=4.8m

故C正确；

D.物块反向加速过程有

1.2

X1+X2=—%%

解得

z3=—VlOs

5

故物块在传送带上运动的总时间为

12+4万

/=/+/,+/=------------s

5

故D正确。

故选BCDo

二、实验题（13题和14题：每题第一空1分，其余每空2分）

13.甲图是“探究平抛运动规律”的实睑装胃图

甲乙

（1）为减小阻力对小球运动的影响，最好应采用0

A.实心小铁球B.空心小铁球

C.实心小木球D.实心橡胶球

（2）让小球多次沿同一轨迹运动，通过描点法画出小球做平抛运动轨迹，为了能较准确

地描绘运动轨迹，下列说法正确的是_____（多选）。

A.需要调节斜槽末端的切线水平

B.每次释放小球的位置可以不同，但小球必须从静止开始运动

C,斜槽不光滑对实验没有影响

D,应使小球运动时与木板上的方格纸接触，以便「得到小球的运动轨迹

（3）用带有网格的透明塑料薄膜覆盖住画出的轨迹，网格的纵线沿着重力方向，横线沿着

水平方向。在轨迹上选出水平间距相等的四个点。、b、c、d,如乙图。已知坐标纸上每

个小正方形的边长/=0.8cm,取重力加速度大小g=10m/s2。可以求出小球做平抛运动

的初速度为m/So

【答案】(1)A(2)AC(3)0.6

【解析】

【小问1解析】

为了尽可能使阻力影响更小，应该选择体积小质量大的小球。

故选Ao

【小问2解析】

A.斜槽的末端必须水平，才能使小球抛出时的初速度方向水平，故A正确；

B.为了保证小球抛出时的初速度是相同的，要让小球从斜槽的同一高度开始下滑，故B

错误：

C.斜槽是否光滑对实验元影响，只要保证小球从斜槽的同一位置开始下滑，就可以让小

球抛出时的初速度大小相同，故c正确；

D.实验中小球若与方格纸接触，会使小球受到方格纸的作用力而不做平抛运动，故D错

误。

故选ACo

【小问3解析】

在竖直方向上小球做自由落体，满足匀加速直线运动的规律，即AyngT?

代入数据后，可解得了=J¥=0.04S

3/

所以平抛的初速度v0=y=0.6m/s

14.在“探究加速度与力、质量的关系''实验中，采用如图中所示的装置设计实验。

小车打点计时器

(1)设计本实验应用的最主要思想方法是

A.理想实验法B.假设法C.控制变量法

（2）在探究加速度与力的关系时，若测得小车总质量0.4kg,改变祛码质量机的

值，进行多次实验，以下，〃的取值最不合适的一个是_____

A.叫=4gB.m2=10g

C.吗=40gD.m4=500g

（3）图乙是某同学在实验中打出一条纸带，已知打点计时器打点的时间间隔为0.02s,他

从比较清晰的点A开始，每五个计时点取一个计数点，由此可求得小车的加速度大小为

m/s?（结果保留2位有效数字）。

（4）在本实验中认为细线对小车的拉力产等于砂和桶的总重力，咫，已知两位同学利用实

验数据做出的。一方图像如图丙中的1、2所示。下列分析正确的是（多选）。

丙

A.出现图线1的原因可能是在平衡摩擦力时长木板的倾斜度过大

B.出现图线1的原因可能是在平衡摩擦力时长木板的倾斜度过小

C.出现图线2的原因可能是砂和桶的总质量不合适

D.出现图线2的原因可能是小车的质量过大

【答案】（1）C（2）D（3）0.81（4）AC

【解析】

【小问I解析】

该实验是探究加速度与力、质量的关系，研究三者关系必须先使某一个量不变，研究另两

个量之间的关系，即运用控制变量法。

故选c。

【小问2解析】

实验时要求小车质量机乍要远远大于祛码盘和祛码的质量〃?，D中团车小于祛码盘和砂码的

质量"?，所以D最不合适。

故选D。

【小问3解析】

每五个计时点取一个计数点，则相邻计数点间的时间间隔为T=5x0.02s=0.1s

由逐差法有2E-匕c=

19.24-8.00-8.00_2,.2

解得a=-----------；xlOA~m/s~=0n.8Im/s"

(2x0.1)"

【小问4解析】

AB.出现1的情况物理意义是尸=0时，加速度不等于零，原因是平衡摩擦力时长木板的

倾斜度过大，故A正确，B错误；

CD.2的情况中尸较大时线的斜率变小，是因为不再满足小车的质量远大于砂和桶的总质

量的条件;故C正确，D错误。

故选AC

15.如图中所示，小明将质量〃7=O.O2kg的氢气球用一根轻质细线连接小沙桶，调节小沙

桶中细沙质量，使小沙梢和氢气球悬浮在空中保持静止状态，此时小沙桶和细沙的总质量

M=0.15kg。取下小沙桶，将该氢气球用两根等长的轻质细线连接在水平桌面A点和B

点，轻质细线与水平桌面的夹角均为30°，氢气球保持静止状态，如图乙所示。不考虑小

沙桶和细沙受到的浮力,重力加速度g取lOm/s?。求：

fT\

甲■乙・

(1)氢气球受到的浮力大小和方向:

（2）细线AO对氢气球拉力的大小。

【答案】（I）1.7N（2）1.5N

【解析】

【小问1解析】

以氢气球、小沙桶和细沙为整体，根据受力平衡可得

%=（〃+m）g=（O.O2+O.15）xlO=L7N

方向竖直向上。

【小问2解析】

根据对称性可知，细线A。和细线3。对氢气球的拉力大小相等，以氢气球为对象，根据

受力平衡可得27sin300+mg=F浮.

解得细线40对氢气球拉力的大小为7=L5N

16.将一个物体以%=6m/s的速度从一个斜面上水平抛出，落回斜面时高度下降了

/?=3.2m,不计空气阻力，重力加速度g=10m/s，

（1）求物体从抛出到落回斜面的时间;

（2）求斜面倾角的正切值lan。；

（3）求物体落回斜面时速度斗的大小。

2

【答案】（1）0.8s（2）-（3）lOm/s

3

【解析】

【小问I解析】

物体竖直方向做自由落体，所以有〃=（占2

可解得/=0.8s

【小问2解析】

物体水平方向运动的位移为X=%，=4.8m

h2

根据几何关系可知tan9=-=一

x3

【小问3解析】

物体落在斜面上时，竖直方向的速度为。=/=8m/s

所以匕=M=1Om/s

17.某学习小组想测量地铁进站时，刹车的加速度。他们把一根细绳的下端绑着一支圆珠

笔，细绳的上端用电工胶布临时固定在地铁的竖直扶手上。在地铁进站前的某段刹车过程

中，细绳偏离了竖直方向，用手机拍摄了当时情景的照片，拍摄方向跟地铁前进方向垂

直。照片中，〃=5cm,工=0.9cm,重力加速度g=10m/s\

(1)根据照片计算此时地铁加速度的大小和车头在图中哪一侧；

(2)列车以32.4km/h的速度驶向车站，以照片中的加速度进行匀减速刹车。求从刹车

开始起6s后列车的位移。

【答案】(1)l.8m/s2,车头在图中右侧(2)22.5m

【解析】

【小问1解析】

X

通过受力分析，得知圆珠笔受到的合力大小与自身重力满足七二mg7

h

根据牛顿第二定律。"=g2=1.8m/s2

mh

圆珠笔受到的合力方向向左，加速度方向向左；又因为列车在刹车，所以列车运动方向与

加速度方向相反，运动方向向右，车头在右侧。

【小问2解析】

先判断刹车至停下需要多少时间，因32.4km/h=9m/s

—=2S=5S

a1.8

说明刹车5s后列车己经静止不动，则x==2把x5m=22.5m

22

18.如图所示，水平地面上有一竖直放置的两端开口的圆形管道，质量为3/〃，管道内部最

上端有一活塞，质量为加，管道与活塞两者间的最大静摩擦力为加7g（最大静摩擦力等于

滑动摩擦力）。不计空气阻力