2026年广东省港澳班高考第一次联考物理试卷（含答案详解）

深圳中学、顺德一中、松山湖未来学校、中山纪念中学

2025-2026学年度高三港澳班联考

考试科目：物理考试时长：120分钟

注意事项：

1、答案写在答题卡指定的位置上，写在试题卷上无效。

2、选择题作答必须用2B铅笔，修改时用橡皮擦干净。

3、解答题作答必须用黑色墨迹签字笔或钢笔填写，答题不得超出题框。

一、单选题（共13小题，每小题4分；满分52分。在每小题给出的四个选项

中，只有一项符合要求。）

1.在物理学的发展过程中，蕴含着丰富的物理思想和方法，下列描述正确的是（）

A.质点、点电荷、兀电荷都是理想化模型

B.安培首次发现了电流的磁效应，并提出分子环流假说，解释了磁现象的电本质

C.库仑发现了库仑定律，并通过油滴实验测定了元电荷的数值

D.法拉第不仅提出了场的概念，而且引入电场线和磁感线形象地描述电场和磁场

2.如图所示，质量相等的物体A、B通过一轻质弹簧相连，开始时B放在水平地面上，A、

B均处于静止状态，此时弹簧压缩量为小七。现通过细绳将A向上缓慢拉起，第一阶段拉力

做功％时，弹簧变为原长；第二阶段拉力再做功叫时，B刚要离开地面，此时弹簧伸长量

为Ar-弹簧一直在弹性限度内，则下列说法正确的是•）

A.第二阶段，拉力做的功小于A的重力势能的增加量

B.拉力做的总功大于A的重力势能的增加量

C.第一阶段，拉力做的功小于A的重力势能的增加量

D.Ar1<AX2

3.质量为0.6kg的物体在水平面上运动。如图所示的图中两条斜线分别是物体受水平拉力

和不受水平拉力时的y-r图像，则（)

A.斜线①一定是物体受水平拉力时的图像B.斜线②一定是物体受水平拉力时的图像

C.水平拉力一定等于0.2ND.物体所受的摩擦力可能等于0.6N

4.2025年7月“浙BA”在浙江全省火爆开打。如图所示，运动员在不同位置以相同速率斜

向上抛出质量为，〃的篮球，均空心落入篮筐。已知甲、乙两球出手高度相同，忽略空气阻

力，则篮球从抛出到入框的过程中说法正确的是（）

B.甲球在空中运动的时间一定大于乙球

C.若两球同时抛出，两球有可能同时到达尸点

D.若两球同时抛出，同一时刻两球对应的机械能始终相等

5.如图为卫星的发射过程，发射后先在近地轨道①上做匀速圆周运动，再经过椭圆轨道②

后，最终到达预定轨道③上，已知③轨道高度低于同步卫星轨道，下列说法正确的是（）

A.卫星在轨道①上运行的速度大于地球的第一宇宙速度

B.卫星从轨道②上的尸点运动到。点过程中万有引力做正功

C.卫星在轨道②上户点的速度小于在轨道①上P点的速度

D.卫星在轨道②上的运行周期小于24h

试卷第2页，共10页

6.如图所示，一水平光滑平面与顺时针匀速转动的水平传送带平滑连接，右侧一处于压缩

状态的轻质弹簧与一质量为机的小滑块接触（不相连），释放后滑块以速度u滑上传送带,

滑块运动一段时间后返回并压缩弹簧，已知返回后弹簧的最大压缩量是初始压缩量的一半。

已知弹簧弹性势能E=不计空气阻力，则（）

A.传送带匀速转动的速度大小为:

B.经过足够长的时间，滑块最终静止于水平面上

C.滑块第一次在传送带上运动的整个过程中产生的热量为虹

8

D.滑块第三次在传送带上运动的整个过程中传送带对滑块的冲量为〃八，

7.如图，小车静止在光滑水平面匕小车上固定竖直杆的顶端0点用细线系着小球，将小

球向右缓慢拉至A点由静止释放，小球依次摆到。点正下方。，点和左边最高点8（图中未

画出），不计一切阻力，则（）

A.从A运动到小球重力功率一直增大

B.从A运动到8,小车一直向右运动

C.从A运动到4,小球和小车组成的系统动量和机械能都守恒

D.小球再次回到八，小车相对初位置向右移动了一段距离

8.如图为我国某公司研发的一种新型飞行救生圈，旨在更高效的对落水者进行施救。该装

置的动力由四个相同的螺旋桨提供，螺旋桨高速旋转向下推动空气产生升力。已知该装置的

质量为机，单个螺旋桨产生的气流横截面积为S,空气密度为夕，重力加速度为g。当该装

置在空中悬停时，螺旋桨吹出风速大小为（）

A.B.。・悟

9.法拉第圆盘发电机的示意图如图所示。铜圆盘安装在竖直的铜轴上，两铜片P、Q分别

与圆盘的边缘和铜轴接触，圆盘处于方向竖直向上的匀强磁场中。圆盘旋转时，关于流过电

A.若圆盘转动的角速度不变，则电流为零

B.若从上向下看，圆盘顺时针转动，则电流方向从〃到〃

C.若圆盘转动方向不变，角速度大小均匀增大，则产生恒定电流

D.若圆盘转动的角速度变为原米的2倍，则电阻R的热功率也变为原来的2倍

10.一半径为R的金属薄球壳内壁接地，其球心处安置有一个点电荷+Q,如图所示。P为

金属球外距离球心2R的一点，下列表述中正确的是（）

A.金属球壳的外表面带正电

B.金属球壳的内表面不带电

C.在。处引入正点电荷g,受斥力大小为偿

4A

D.金属球壳感应电荷在尸处形成的场强大小为修

4R-

11.如图所示，一辆在平直路面上匀速行驶的汽车，利用跨过光滑定滑轮的轻绳将海面上一

艘失去动力的小船沿直线拖向岸边，汽车与滑轮间的绳保持水平。小船的质量为相，受到的

阻力大小恒为力，汽车受到地面的阻力大小恒为力，不计空气阻力。当牵引小船的绳与水

平方向成。角时，小船的速度大小为打绳的拉力对小船做功的功率为P，此时（）

试卷第4页，共10页

A.汽车的速度大小为一，B.绳的拉力大小为反”

COS〃V

C.小船的加速度大小为或D.汽车发动机的输出功率为P+/>cos6

tnvm

12.如图所示，通过一原、副线圈匝数比为1:10的变压器和一个二极管为电容器充电。已

知原线圈两端正弦式交流电电压有效值U恒定，下列说法正确的（）

A.若将电容器两极板止对面枳减小，电容/所带电荷量增大

B.减少电容器两极板间距离，电容器充电的过程中，电容器两板间电场强度不变

C.不计二极管分压，待习路稳定后，电容器两端电压的最大值为U

D.不计二极管分压，待电路稳定后，电容器两端电压的最大值约为14.14U

13.物理学家霍尔在实验中发现，当电流垂直于磁场通过导体或半导体材料左右两个端面时•，

在材料的上下两个端面之同产生电势差。这一现象被称为霍尔效应，产生这种效应的元件叫

霍尔元件。如图为霍尔元件的原理示意图，其霍尔电压U与电流/和磁感应强度B的关系可

用公式UH=配与表示，其中心叫该元件的霍尔系数。若该材料单位体积内自由电荷的个

数为〃，每个自由电荷所带的电荷量为心根据你所学过的物理知识，判断下列说法正确的

A.霍尔元件上表面电势一定高于下表面电势

B.霍尔系数即的单位是nfsTAT

C.公式中的d指图中元件左右表面间的距离

D.公式中的“指图中元件上下衣面间的距离

二、实验题（共12小空，每空2分；满分24分）

14.如图甲所示为“探究两个互成角度的力的合成规律”实验装置。橡皮条人。的一端人固定,

另一端。点拴有细绳套。

（I）关于本实验，以下操作正确的是（）

A.实验过程中拉动弹簧测力计时，弹簧测力计可以不与木板平行

B.用两个弹簧测力计五成角度拉细绳套时，两测力计的读数越大越好

C.用两个弹簧测力计互成角度拉细绳套时，夹角越小越好

D.每次实验时，要记录弹簧测力计的示数以及拉力的方向

（2）本实验采用的科学方法是o

A.理想实验法B.等效替代法C.控制变量法D.放大微小形变法

（3）某次实验中，弹簧测力计指针位置如图甲所示，其读数为N；

（4）图乙是在白纸上根据实验数据作出的示意图，图中产与尸网力中，方向一定沿人0方向

的是o

15.某同学用如图1所示的装置验证轻弹簧和物块（带有遮光条）组成的系统机械能守恒。

图中光电门安装在铁架台上且位置可调。物块释放前，细线与弹簧和物块的拴接点4、8在

同一水平线上，且弹簧处于原长。滑轮质量和一切摩擦均不计，细线始终伸直。物块连同遮

光条的总质量为，小弹簧的劲度系数为七弹性势能与=g4'Cr为弹簧形变量），重力加

速度为g,遮光条的宽度为“，物块释放点与光电门之间的距离为/（d远远小于/）现将物

块由静止释放，记录物块通过光电门的时间几

试卷第6页，共10页

（1）改变光电门的位置，重史实验，每次物块均从6点静止释放，记录多组/和对应的时间【,

作出!-/图像如图2所示，若要验证轻弹簧和物块组成的系统机械能守恒，则在误差允许

的范围内，需要验证正确的关系式是（）

1『+空尸

A.fB.

命d2Lnuid~

——刍广十多2

c.4』+驾ID.

mcl1d-rmd~d

⑵在（1）中的条件下，/=《和/=&时，物块通过光电门时弹簧具有的弹性势能分别为ER和

综3，则J-Ep3=（用力，6,in,g表示）。

⑶在（1）中的条件下，/取某个值时，可以使物块通过光电门时的速度最大，速度最大值

为（用〃?，g，&表示）。

16.有•长为心的中心对称圆筒形金属管（阻值约十几欧姆），横截面如图1所示，研究小

组为测量其电阻率，设计了图2所示电路"器材有:电源E（3.0V,0.50）,电流表A（0.6A,

内阻约3C）,电压表V（3.0V,内阻约3kC）,滑动变阻器R（0〜5Q）,多用电表，开关、

图4

（1）用游标卡尺测得金属管外径4=10.40mm,测量内径时，应该采用图3中的测量爪

选填“A”或或"C”)，如图4所不其读数为mm。

(2)闭合开关，发现无论怎么改变R的阻值，电流表电压表有示数但变化不明显，可能的原

因是o

A.金属管&断路B.电流表A短路C.滑动变阻器左端M处接触

不良

(3)排除故障，重新实验，记录电压表示数U,电流表示数/,则金属管的电阻率为(用

L、4、4、U、/表示)，本实验测得电阻率(选填“大于”、“小于”或“等于“)真实

值。

三、解答题：本大题共4小题，满分74分。

17.如图所示，竖直放置在水平面上的两汽缸底部由容积可忽略的细管连接，左、右两汽缸

粗细均匀，内壁光滑，横截面积分别为S、25,左、右两汽缸内各有一个活塞将缸内封闭一

定质量的理想气体，左、右活塞质量分别为05〃、2〃?，轻质细弹簧上端与大花板连接、卜

端与左恻汽缸内活塞相连。初始时，两缸内活塞离缸底的距离均为九两活塞相平，大气压

强为亭，重力加速度大小为g,汽缸导热性能良好，环境温度为4，封闭气体质量保持

不变，弹簧的劲度系数为上弹簧始终在弹性限度内，汽缸足够长，求：

(I)开始时弹簧的形变量；

⑵使环境温度缓慢升高为27；,则右侧汽缸中活塞移动的距离为多少？

(3)若(2)过程中系统内能增加了AU,则系统吸收的热量为多少？

18.如图，两条平行光滑金属导轨水平放置，间距为L,中间有宽度为L、磁感应强度为B

的匀强磁场：导轨右侧接有一个阻值为R的定值电阻。一个边长为L的正方形导线框m〃

置于导轨左侧，其必、必边始终与导轨接触良好。导线框总电阻为4R,现给导线框一个初

速度也当它完全进入磁场区域时，速度变为：，求：

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L

b

XXXn

RXXXR

XXX_T

⑴线框进入磁场区域左边界瞬间加两点间的电压(/：

⑵线框的质量用；

(3)上述过程中通过导轨右侧定值电阻R的电荷量q以及其上产生的焦耳热Q。

19.如图(a)所示，质量见=2.0kg的绝缘木板A静止在水平地面上，质量=L0kg可视

为质点的带正电的小物块B放在木板A上某一位置，其电荷量为q=L0xl(尸C。空间存在

足够大的水平向右的匀强电场，电场强度大小为&=5.()xl0?V/m。质量〃4=LOkg的滑块C

放在A板左侧的地面卜.，滑块C与地面间无摩擦力，其受到水平向右的变力/作用，力广

与时刻/的关系为(如图b)。从九=0时刻开始，滑块C在变力/作用下由静

止开始向右运动，在4=ls时撤去变力凡此时滑块C双好与木板A发生弹性正碰，且碰撞

时间极短，此后整个过程物块B都未从木板A上滑落。已知小物块B与木板A及木板A与

地面间的动摩擦因数均为〃=。」，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g取lOm/s?。

求：

♦/7N

7^1///。2///二/////0।------------;——>r/s

7//////////////////////////////////////,uj“3

图(a)图(b)

⑴撤去变力尸瞬间滑块C的速度大小v,；

(2)小物块B与木板A刚好共速时的速度大小4;

⑶若小物块B与木板A达到共同速度时立即将电场强度大小变为&=7.0xIO?V/m,方向

不变，小物块B始终未从木板A上滑落，则①木板A至少多长？②整个过程中物块B的电

势能如何变化？

20.如图所示，有一个位于x轴上方带电的平行板电容揩，极板长度为2L、极板间距为石

L,电容器的右极板与），轴重合且下端在原点0。），轴右恻有一与，，轴平行的虚线门在y轴

和虚线），'之间存在垂直于宜川平面的匀强磁场，x轴上方磁场方向垂直纸面向外，x轴下方

磁场方向垂直纸面向里。某时刻一质量为机、电荷量为外不计重力的带正电粒子沿轴正

方向以大小为%的初速度紧挨电容器左极板下端射入电容器内，经电场偏转后，粒子皿好从

电容器的右极板最上端P射入磁场中。求：

（1）电容器内的电场强度大小以及粒子进入磁场时的速度大小和方向；

（2）若粒子从P进入磁场后，经工轴上方磁场偏转（未到达虚线了）后不会打到电容器的右极

板上，x轴上方磁场的磁感应强度应满足怎样的条件；

（3）若x轴上、下磁场的磁感应强度大小之比为1：2,粒子在工轴上方轨道半径为「=歧七。

3

虚线），'与y轴之间距离满足怎样关系时，粒子垂直于），'离开磁场。

试卷第10页，共10页

I.D

【详解】A.质点、点电荷是理想化模型，但元电荷是电荷的最小单位（基本物理常数），

不是理想化模型，故A错误；

B.电流的磁效应由奥斯特首次发现，安培提出分子环流假说并解释磁现象的电本质，但并

非首次发现电流的磁效应，故B错误；

C.库仑发现了库仑定律，但元电荷的数值是由密立根造过油滴实验测定的，故C错误；

D.法拉第提出了场的概念，并引入电场线和磁感线形象地描述电场和磁场，故D正确。

故选D。

2.C

【详解】AC.缓慢提升物体A,物体A的动能不变，由上述分析可知，第一阶段与第二阶

段弹簧的形变量相同，则弹簧的弹性势能「相同，由功能关系得叱+综一〃吆•人』=（）,

吗-综-〃吆&2=。，解得叱=〃吆"=〃叱5+4,又因为重力势能变化量等

于重力做功的负值，选项A错误，C正确；

B.在整个过程中，拉力做的总功川=叱+吗=〃吆（人即+-2）,即拉力做的总功等于A的重

力势能的增加量，选项B错误；

D.设A、B的质量均为m,弹簧的劲度系数为k,开始时A压缩弹簧，对A,有h例=蜂，

则弹簧的形变最巧=等，要使B刚要离开地面，则弹力应等于B的重力，即入8二惘,

k

则弹簧的形变量Ax,二字，则入£=加"选项D错误。

K

故选C。

3.C

【详解】图线①对应的加速度大小为。=包=?m/s?=!nVs2

A/63

图线②对应的加速度大小为〃=竺=2!m/s?=2m/s2

Ar63

设有拉力时的加速度为4.无拉力时的加速度为。2,则（1）若拉力的方向与运动方向相反，

根据牛顿第二定律得«,==Im/s2,。,=工=：m/s2

in3in3

代入数据联立解得/=（）.2N,F=0.2N

此时图线①为无拉力时的图像，图线②为有拉力时的图像；

答案第1页，共12页

22

（2）若拉力的方向与运引方向相同，则，ay=~——=7>ii/s,fl,=—=-|in/s

mJin3

代入数据联立解得尸=0.2N,/=0.4N

此时图线②为无拉力时的图像，图①为有拉力时的图像。

故选C。

4.D

【详解】A.忽略空气阻力，两球做斜抛运动，初始速率相同，即动能相同，初始高度相同，

则初始位置的机械能相同，到达篮筐时重力势能相同，根据机械能守恒，则两球动能相同,

但由于速度是矢量，甲、乙两球抛射角不同，则入框时速度方向不同，因此两球速度不同，

故A错误；

B.斜抛运动中运动时间日竖直分运动决定，高度越高，故运动时间越长，所以乙的运动时

间更长，故B错误：

C.乙球能够到达的最大高度有比甲球大，则乙竖直方向的分初速度更大，若两球同时抛出，

则乙先到达P点，故c错误；

D.机械能包括动能和重力势能，出手时两球速率相同，则动能相同、高度相同，则重力势

能相同，两球机械能相等，运动过程中，忽略空气阻力，机械能守恒，因此同一时刻两球对

应的机械能始终相等，故D正确。

故选Do

5.D

【详解】A.根据空起=叱

厂r

可得丫=料1,可知卫星在轨道①的轨道半径略大于地球半径，圆轨道①上的运行速度一

定小于等于第一宇宙速度，故A错误；

B.卫星远离地球的过程需要克服万有引力做功，故B错误；

C.从轨道①到轨道②需点火加速，卫星在轨道②上。点的速度大于在轨道①上户点的速度，

故C错误；

D.根据开普勒第三定律可得/=管，可知卫星在轨道②上的运行周期小于在卫星在轨道

③上的运行周期，则卫星在轨道②上的运行周期小于24h,故D正确。

故选D。

6.C

答案第2页，共12页

【详解】A.由能量守恒可知，释放滑块过程有:匕2=!〃?/

22

滑块返回压缩弹簧时有xE

242%

联立解得“=]

故A错误；

R.结合以上分析可知，滑块再次滑上传送带时速度为5=1小.则每次滑块返回时速度均为5,

因此一直在做往复:运动，不会停止，故B错误；

3

C.以传送带为参考系，木块滑上时相对传送带的速度为在第I次滑的过程当中产生

2

的热量就等于相对的动能的损耗显，即Q=g〃8J=?加

故C正确；

D.滑块第三次在传送带二运动的整个过程中，规定向右为正方向，根据动量定理可知，传

送带对滑块的水平冲量大小为-吗一吗=W

同时传送带对滑块有竖直向上的支持力产生的冲量，因此传送带对滑块的总冲量大于〃n，，

故D错误。

故选C。

7.B

【详解】A.从A运动到。，初始速度为零，重力功率为零，末位置速度沿水平方向与重力

垂直，重力功率为零，中间位置重力功率不为零，小球重力功率先增大后减小，故A错误；

B.小球摆动的过程中，小球和小车构成的系统水平方向动量守恒，从A运动到从小球水

平速度向左，则小车一直向右运动，故B正确；

C.小球摆动的过程中，小球和小车构成的系统水平方向动量守恒，竖直方向动量不守恒，

机械能守恒，故C错误；

D.小球从A点到8点的过程中，小车向右先加速运动后减速运动，小球到8点时，小车的

速度为零，小球从8点到A点的过程中，小车向左先加速运动后减速运动，小球到A点时，

小车的速度为零，根据两次运动的对称性可知，小球回到A点时，小车回到初始位置，故D

错误。

故选B。

8.A

答案第3页，共12页

【详解】该装置在空中悬停时，四个相同的螺旋桨向下推动空气获得升力，根据平衡条件有

4尸=mg

设，时间内每个螺旋桨向下吹出的空气的质量为=必/

对向下推动的空气由动量定理尸4=0

由牛顿第三定律可知尸'=/

联立解得-德V信

故选A。

9.B

【详解】A.设圆盘的半径为「，则圆盘转动产生的感应电动势为七二38

根据欧姆定律可得，电流为/=△=竺的

R2R

若圆盘转动的角速度不变，则电流不为零且保持不变，故A错误；

B.若从上往下看，圆盘顺时针转动，由右手定则知，电流方向从。到乩故B正确；

C.若圆盘转动方向不变，角速度大小均匀增大，根据/=g=竺应可知，电流均匀增大,

R2R

故C错误；

D.若圆盘转动的角速度变为原来的2倍，根据/=£=竺应可知，回路电流变为原来2倍，

R2R

根据尸=尸/?，电流在R上的热功率变为原来的4倍，故D错误。

故选B。

10.D

【详解】A.由丁•球壳内壁接地，电势为零，如果外壳带正电，电场线的方向指向无穷远处，

无穷远处电势为零，而沿着电场线方向，电势降低，说明球壳电势大于零，与前提矛盾，因

此金属球壳的外表面不带电，A错误；

B.由于静电感应，球壳内表面带负电，而且所带电荷量为一。，B错误；

C.由于球壳接地，球壳外部的电场强度处处为零，若在尸处引入正点电荷，此时在球壳

外表面上会感应出一定量的负电荷，它与夕间的电场力与Q无关，C错误。

D.由于球壳接地，球壳外部的电场强度处处为零，即。在某点产生的场强与感应电荷在某

点产生的场强等大反向，合场强为零，因此金属球壳感应电荷在P处形成的场强大小为

ET

窘4A2

答案第4页，共12页

方向指向球心，D正确。

故选D。

11.D

【详解】A.将小船的速度y分解为沿绳方向和垂直绳方向的分量，沿绳方向的分速度为

VCOS0,该分速度等于汽车的速度，因此汽车速度大小为V8S0,A错误;

B.绳的拉力府小船做功的功率。=acose

解得绳的拉力大小为八高，B错误:

C.对小船，由牛顿笫二定律得尸cosg-工=〃也

p

结合尸

VCOS0

解得小船的加速度大小为〃=£-或，c错误;

mvm

D.汽车匀速行驶，发动机的牵引力心=尸+力

汽车速度y车=wos。

发动机输出功率4=七4=（/+&）MOS。=Reos0+f27COS0=P+f2VCOS。，D正确。

故选D。

12.D

【详解】A.二极管具有电向导电性，所以电容器两端的带电量不能减少，只能不变或者是

增加，当两极板正对面积减小时，电容器的电容C减小，乂由于C=/

得Q=CU

电容器所带电荷量减少，但是二极管的单向导电性。不能减少，电压不变的情况下电荷量保

持不变，故A错误;

R.一极管具有单向导电性,所以Q不能改变,电容器两端的电压的有效值不变,根据E=§

U不变的情况下d减小则E会变大，故B错误;

CD.原、副线圈匝数之比为1：10,原线圈两端电压有效值U恒定，则原、副线圈两端的

电压最大值之比等于匝数之比即原、副线圈两端电压最大值之比为1：10,因此副线圈电压

最大值为14.14U,不计二极管分压，待电路稳定后，电容器两端的最大值电压等于副线圈

两端电压的最大值，C错吴，D正确。

故选Do

答案第5页，共12页

13.B

【详解】A.根据左手定则可知，霍尔元件中的载流子受到向上的洛伦兹力，将向上偏转。

若霍尔元件中的载流子带正电，则上表面电势高于下表面电势；若霍尔元件中的载流子带负

电，则上表面电势低于下表面电势，A错误；

B.设图中霍尔元件沿磁场方向长度为d,垂直于电流、磁场方向的长度为力

元件中的运动电荷同时受洛伦兹力，电场力作用。稳定时小心=夕电

h

电流的微观表达式/=nqSv=nqbdv

联立可得£

nqd

]ID

设即=一，则上式可变形为UH=即与

〃qd

〃的单位m-3,4的单位C=A-s,所以跖的单位为J-=m3s/A\B正确；

CD.由上一选项的推导过程叫知，公式中的d为沿磁场方向的长度，即前、后两表面间的

距离，CD错误。

故选B。

14.（1）D

（2）B

⑶3.50

（4尸

【详解】（1）A.弹簧测力计必须与木板平行，否则会引入分力导致测量误差，故A错误;

B.两测力计读数并非越大越好，应在量程内且方便作图即可，故B错误；

C.夹角太小会导致作图误差增大，故C错误；

D.每次实验必须记录弹簧测力计的示数（力的大小）和拉力的方向，才能准确作出力的图

示，故D正确。

故选D。

（2）本实验中，用两个力的共同作用效果（使橡皮条伸长到O点）来等效替代一个力的

作用效果，采用的是等效替代法。

故选B。

（3）图中弹簧测力计的分度值为0.1N,故读数保留到百分位，即读数为3.50N.

（4）人是通过一个弹簧测力计直接拉橡皮条到O点得到的力，其方向一定沿AO方向。F

答案第6页，共12页

是根据平行四边形定则作出的合力，是理论值，其方向不一定沿40方向。

15.（1）C

⑵〃?g（4-幻

⑶解

【详解】（1）若物块和弹簧组成的系统机械能守恒，则/监/=g〃“，2+：a2,V=y

联立可得1=年/

r%d-

故选c。

（2）根据系统机械能守恒定律可得mg'=-m^-+Ep],=-in+Ep3

2f2f

所以/-稣3="&/「/；）

（3）由图可知，当/=〃时，J最大，则物块的速度最大，物块的加速度为零，则牡=〃?&

根据系统机械能守恒定律可得〃?弘也

联立可得%=9后

16.⑴B7.54##7.56##7.58

（2）C

⑶爱（']⑹小于

【详解】（1）[1]测量内径时，应该采用内测量爪，即图3中的测量爪B

⑵如图4所示其读数为4=7mm+28x0.02mm=7.56mrr）

⑵A.若金属管Rx断路，则电压表与电流表串联，再与滑动变阻器的滑片左侧部分并联，

由于滑动变阻器的阻值远远小于电压表的阻值，故电压表有明显示数，但电流表无明显示数，

故A错误；

B.若电流表A短路，则电压表有示数，但电流表应无示数，故B错误；

C.若滑动变阻器左端M处接触不良，由于滑动变阻器的最大阻值比待测电阻小，故改变R

的阻值时，电流表电压表有示数但变化不明显，故C正确。

故选C。

⑶⑴根据R=A，R=5,5=/（《丫_/（%）2=乃（4一右）

S/3I2J4

答案第7页，共12页

解得上含MY)

⑵因外接法电流的测量值偏大，故本实验测得电阻率小于真实值。

17.⑴矍

(2)1.5/?

(3)At/+18mgh

【详解】(1)开始时，设虹内气体压强为,，对右侧缸中气体研究有〃「2S=2〃?g+^.2S

解得PL哈

对左缸中活塞研究，设弹簧压缩量为X,满足"+：〃功+粤5=〃力

解得1=黑

2k

(2)温度升高过程，缸内气体压强不变，因此左缸中活塞不动，气体发牛等压变化，满足

hS+hx2S_/?5+(/z+A/?)x2S

~T.-二元

解得凶=1.5。

(3)根据热力学第一定律可得AUnQ+W

W=-P|(A/?x2S)=-l8，ngh

则Q=NU-W=A6/+18〃磔

18.⑴〃=与

4B2£

(2)m=

3/?v

小tnv八8七%

(3)^=---,Q=-----

4BL丫12R

【详解】(1)/"/边切割磁感线产生的电动势八

EE

根据欧姆定律有一R「,彳

2

联立解得/=萼

3K

则。、d两点间电压U=E-IR

联立解得U=*

答案第8页，共12页

（2）线框进入磁场的过程，规定向右为正方向，根据动量定理有-丽加二〃彳-〃八，

A①

其中7=3万，△①=瓦＞代入解得‘〃=竺”

R+'38

2

一V

（3）根据动量定理有-用乙加=-8/.%-〃八，

其中通过R的电荷量9=1%

乙

联立解得，/=瞿

4BL

由系统能量守恒得系统产生的总焦耳热Q0=2•〃病

22\2/

球俎C32）八

解得=FT

OLt\

根据Q总=Q.,+Q、+QK

2

其中或=/MQ=i_R],a=l_lRt

12

联立解得Q=QR=，=B^v

6J12R

19.(l)10.5m/s

(2)3m/s

(3)①10.5m,②减少了⑵

【详解】（1）在F作用的4=ls内，对滑块C,由动量定理得。=，％片-0

由F-t图像围成的面积可得4=%=I0.5N-s

解得匕=10.5m/s

（2）设C、A碰后瞬间速度大小分别为外和匕，取向右为正方向，A、C系统碰撞过程动

量守恒得机日=/%十小vA

A、C发生弹性碰撞，由机械能守恒有片试

代入数据解得％=7m/s

A、C碰撞后，对B有4E+〃吗g=rn2a2

答案第9页，共12页

解得％=L5m收

对A有"叫g+〃（叫+，％）g=

解得q=2m/s?

设碰后经t2时间A、B共速，则丫共=匕-卬2=®2

解得4=2S,V共=3m/s

（3）①从A被碰后到A、B刚好共速的过程/=^>=10m,/=£=3m

-2q2a2

所以此过程B相对A向左滑行AT=XA-/=7m

当电场强度变为G时，假设B、A减速时发生相对滑动，则对B有川〃m-夕&=吗4

解得%=0.3m/s2

对A有〃（