2025年河北省石家庄市中考一模物理试题（含答案）

第第页2025年河北省石家庄市中考一模物理试题一、选择题（本大题共10小题，每小题2分，共20分。在每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题意）1．下列生活中的估测符合实际的是（）A．正常人的心脏跳动一次用时约为3sB．中学生佩戴的眼镜质量约为200gC．石家庄市六月份的平均气温约为10℃D．篮球架上的篮圈距地面的高度约为3m2．下列关于声和电磁波的说法正确的是（）A．声音在真空中传播速度最快B．汽车倒车雷达是通过电磁波传递信息的C．吹笛子时用手指按不同的笛孔是为了改变音调D．学校周围路段禁止鸣笛是在声音的传播过程中减弱噪声3．将擀好的面条放入沸腾的汤锅后，面条很快变熟。下列分析正确的是（）A．煮面时，香气四溢，表明分子在不停地做无规则运动B．煮面时，锅边冒出的“白气”是水蒸气，属于汽化现象C．面条从锅中吸收热量，主要通过做功的方式增加内能D．汤锅中的水沸腾后继续加热，水的温度持续升高4．图所示是一款多孔插座，其技术参数为：额定电压220V，最大电流10A。下列说法正确的是（）A．插座使用时可用湿布擦去表面灰尘B．手机充电完成后应及时将充电器拔下C．插座中多组插孔之间的连接方式是串联D．标有“220V3000W”的空调可使用该插座5．如图甲所示，小红和同学正在踢毽子。小红先后以速度大小相同的初速度v0A．毽子上升过程中，踢力对它做功B．踢出的毽子向上运动的过程中，毽子的惯性减小C．毽子竖直上升能到达的最高点高于斜向上能到达的最高点D．落回地面静止后，毽子对地面的压力和地面对它的支持力是一对平衡力6．如图所示，小明在超市买了个篮球放在小车里，拉着小车在水平地面上行走。下列分析不正确的是（）A．小明拉着小车向左起步时，篮球受到向右的摩擦力B．若小车与篮球间光滑，小车起步时篮球相对于地面保持静止C．小明拉着小车向左减速时，篮球受到向右的摩擦力D．小明拉着小车在水平地面上匀速直线运动时，篮球在水平方向不受力7．我国独立自主设计建造的“福建舰”航空母舰采用的是先进的电磁弹射技术。电磁弹射器在强磁场中通电后受到强大的磁场力作用，从而弹射器推动舰载机使其加速。图所示的选项中与其原理相同的是（）A． B．C． D．8．图所示是探究凸透镜成像规律的装置。凸透镜的焦距f=15cmA．光屏在区域Ⅱ上成倒立、放大的像，符合投影仪的成像原理B．保持透镜位置不动，将蜡烛和光屏都靠近透镜适当距离，光屏上可成倒立等大的像C．保持蜡烛和光屏不动，只将透镜向左移动适当距离可以得到倒立、放大的实像D．靠近透镜左侧加一老花镜片，将蜡烛向左移动适当距离，可能在区域Ⅱ成清晰的像9．如图所示，小明用甲、乙两装置匀速提升质量为m1的物体。滑轮的质量均为m2，相同的时间t内物体被提升的高度均为A．绳子自由端的拉力一定为FB．两个拉力做的额外功相等C．F1、FD．若不计绳重和摩擦，两种装置的机械效率均为m10．图甲所示是利用热敏电阻测量温度的电路，图乙所示是热敏电阻Rt的阻值随温度变化的关系图。电路中电源电压保持U不变，热敏电阻的测温量程在0°C~60°C。在50°C时，热敏电阻A．电源电压为3B．保持变阻器滑片不动，随着温度减小电流表的示数变小，电路总功率变小C．保持变阻器的滑片在中点，电路中电流为0.02A时，热敏电阻的温度为D．若变阻器的滑片在右端不动，在热敏电阻的测温范围内，电路总功率的范围为0.18W~0.45W二、非选择题（本大题共10小题，共40分）11．小明关闭家里的其他所有用电器，只用一台电热水壶烧水，经过6min水沸腾，观察到电能表的指示灯正好闪烁了150次，电能表的信息如图所示。该段时间内电热水壶消耗的电能为J，实际功率为12．周日，小明在公园游玩。他站在平静的湖边看到“云在水中飘，鱼在云中游”的现象，其中看到的“云”是光的现象；一条小鱼在A点，请在答题卡图中画出小明在岸上B点（眼睛的位置）观察到鱼（A点）的大致光路图。13．在2024年巴黎奥运会上中国跳水梦之队包揽了跳水项目的全部金牌。如图所示，运动员在起跳前，跳板的转化为运动员的动能。从刚离开跳板到向下落水的过程，运动员动能的变化情况是。14．如图甲所示，饮料从弯折的吸管被吸到嘴里，是利用的作用；如图乙所示，对吸管A吹气，吸管B中的水会上升，是因为流体中流速越大的位置压强越（选填“大”或“小”）。15．随着我国具有完全自主知识产权的第三代百万千瓦级核电站——华龙一号的建设，我国的核电技术已经居于世界领先地位，核电站中的核反应堆是通过可控（选填“核裂变”或“核聚变”）反应释放核能的。在发电过程中，核电站的蒸汽轮机将蒸汽的内能转化为能，再通过发电机进而转化为电能。16．图所示为“探究影响液体内部压强大小的因素”的实验操作过程。实验中，液体压强是用U形管两侧液面来表示的；通过比较A、B、C三个步骤，可得出结论：；若想探究液体压强与液体密度的关系，请简述操作过程（可添加器材）：。17．如图A所示，在研究“不同物质的温度变化与吸热关系”的实验中，在两个相同烧杯中分别放入质量和初温都相同的甲、乙两种液体，两个加热器完全相同。如图B所示为两种液体温度随加热时间变化的图像。（选填“甲液体”或“乙液体”）更适合做暖气片内的导热介质；甲、乙的比热容之比为。18．为测定某牛奶的密度，小明在实验室进行了如下实验。（1）将托盘天平放在水平工作台上，游码移到标尺的“0”刻度线处，发现指针静止在图甲所示位置，应将平衡螺母向（选填“左”或“右”）调节，使指针指在分度盘的中央。（2）将装有适量牛奶的烧杯放在天平的左盘，加减砝码，天平重新平衡时如图乙所示，烧杯和牛奶的总质量为g；将烧杯中的部分牛奶倒入量筒，测得烧杯和剩余牛奶的质量为40.9g。（3）量筒内的牛奶液面如图丙所示。可得出牛奶的密度为ρ奶=kg（4）上述实验中，有少量牛奶溅到量筒内壁，未静置就直接读出牛奶体积，则测得牛奶的密度（选填“大于”“小于”或“等于”）真实值。【拓展】小明设计了另一种测牛奶密度的方案继续实验，如图所示，请将实验过程补充完整。①先用一个小杯子装一定量的水，放在大烧杯的水面上漂浮，沿水面的位置在小杯子侧壁标记为A。再将小杯子中的水全部倒入量筒，测得体积为V1②再向该小杯子倒入少量牛奶，放在大烧杯的水面上漂浮，接着用滴管滴入牛奶，直至，再将小杯子中的牛奶全部倒入量筒，测得体积为V2③牛奶的密度为ρ奶=（用ρ水、V119．图所示为测量电阻Rx的实验电路。电源电压为6V保持不变，三种滑动变阻器的规格分别为R1“20Ω1A”、R2“30Ω2A”、R3“50Ω1A”。（1）请在答题卡图中用笔画线代替导线将实验电路连接完整（要求滑片向左移动电流表示数变小）；（2）连接完成后，闭合开关，发现电流表有示数，而电压表示数为零，两电表均完好，产生这一现象的原因可能是；（3）除故障后继续实验，记录的实验数据见下表。分析数据可知，滑动变阻器的滑片不断向（选填“A”或“B”）移动，得出电阻Rx=Ω；序号12345U/V1.02.03.04.05.0I/A0.100.200.300.400.50（4）该实验所选滑动变阻器的规格及选择理由是。【拓展】为测出小灯泡正常发光时的电阻RL，小明设计如图所示的电路继续实验。小灯泡的额定电压为2.5V、定值电阻R0已知。操作如下：①闭合S、S1，断开S2，移动滑动变阻器的滑片P，使电压表的示数为2.5V；②保持滑片位置不变，（填写开关通断情况），记录电压表示数为U1；③小灯泡正常发光时的电阻RL=（用R0、U1和已知量表示）。20．如图是汽车起重机吊货物时的场景。汽车起重机自重为2×105N，吊臂长度可在10~30m之间调节，汽车起重机可以吊起距支点O水平距离4~20m范围内的重物，汽车起重机工作时与水平地面的总接触面积为2m2（不计吊臂重、滑轮重和绳重）。（1）求汽车起重机未吊货物时对水平地面的压强；（2）若将质量为20t的货物在10s内匀速竖直提升3m，求此过程中汽车起重机克服货物重力做功的功率；（3）若汽车起重机动力系统A允许提供的动力与动力臂乘积的最大值为1.5×106N·m，求在动力与动力臂的乘积最大时允许吊起重物的重力范围。21．如图所示的电路中，电源电压为9V且保持不变，另有阻值为20Ω的定值电阻R1和滑动变阻器R2.（1）闭合开关S，若电路的MN间仅连入R1，求10s内电流通过R1所做的功W1。（2）若将电阻R1与滑动变阻器R2串联连入MN间，滑片在某一位置时，电流为0.3A，求滑动变阻器接入电路的阻值。（3）若将电阻R1与滑动变阻器R2串联后连入MN间，电流表的示数为I串；若将电阻R1与滑动变阻器R2并联后连入MN间，电流表的示数为I并。在电路安全的情况下，I并与I串的最小差值为0.36A，I并与I串的最大差值为2.25A。求滑动变阻器R2的最大阻值和R2允许通过的最大电流。

答案解析部分1．【答案】D【解析】【解答】根据生活经验可知，正常人的心脏跳动一次用时约为1s，中学生佩戴的眼镜质量约为30g，石家庄市六月份平均气温约为30℃，篮球架上的篮圈距地面的高度约为3m，故D符合题意，而ABC不合题意。故选D。

【分析】根据自己对常见物体的质量、温度、长度和时间的认识判断。2．【答案】C【解析】【解答】A．声音在真空中不能传播，因为声音的传播需要介质，故A错误；B．超声波能量集中且方向向好，因此倒车雷达利用超声波传递信息，故B错误；C．吹笛子时，是内部的空气柱振动发声。用手指按不同的笛孔，改变了空气柱的长度，从而改变空气柱振动的频率，进而改变声音的音调，故C正确；D．学校周围路段禁止鸣笛是在声源处减弱噪声，故D错误。故选C。

【分析】A.根据声音传播的条件判断；

B.根据超声波的特点和应用判断；

C.音调表示声音的高低，与发声体的振动频率有关；

D.控制噪声的途径有：声源处、传播过程中、人耳处。3．【答案】A【解析】【解答】A．煮面时香气四溢，属于扩散现象，本质是香味分子在不停地做无规则运动，故A正确；B．水蒸气无色透明，根本看不到。煮面时锅边冒出的“白气”，是水蒸气遇冷从气态变成液态发声液化形成的小水滴，故B错误；C．面条从锅中吸收热量，属于能量的转移，即是通过热传递的方式增加内能，故C错误；D．汤锅中的水沸腾后继续加热，水的温度不会持续升高，故D错误。故选A。

【分析】A.不同的物质接触时彼此进入对方的现象叫扩散现象；

B.根据物质的初始态和终末态确定物态变化的名称；

C.做功改变内能的本质为能量的转化，热传递的本质为能量的转移；

D.液体沸腾时不断吸热，但是温度不变。4．【答案】B【解析】【解答】A．用湿布擦去插座表面灰尘时，由于水为导体，所以容易触电，故A错误；B．长时间将充电器插在插座上会导致微电流通过，使充电器持续发热，加速器件老化，故B正确；C．插孔上的用电器可以单独工作，不相互影响，因此插孔之间的连接方式是并联，故C错误；D．根据题意可知，插座的额定电压220V，最大电流10A，

则插座允许接入的最大电功率P所以标有“220V3000W”的空调不可使用该插座，故D错误。故选B。

【分析】A.根据水是导体分析；

B.根据插座不工作时也会流过电流，且产生热量判断；

C.用电器相互影响为串联，不相互影响为并联；

D.根据P=UI计算插座可以接入的最大功率，然后与空调的功率比较即可。5．【答案】C【解析】【解答】A．毽子上升过程中，它已经与脚分开，不再受到踢力作用，所以踢力对它不做功，故A错误；B．踢出的毽子向上运动的过程中，毽子质量不变，惯性不变，故B错误；C．当毽子竖直上升时，动能全部转化为重力势能；当毽子斜向上运动时，到达最高点时水平方向的速度不为零，即动能部分转化为重力势能。比较可知，前者的重力势能大于后者即前者到达的最高点更大，故C正确；D．毽子对地面的压力和作用在地面上，地面对它的支持力作用在毽子上，二者没有在同一物体上，肯定不是平衡力，故D错误。故选C。

【分析】A.做功的要素：作用在物体上的力和物体在力的方向上通过的距离；

B.惯性大小只与物体质量大小有关；

C.根据能量转化的知识比较到达最高点时重力势能大小即可；

D.平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一物体和同一直线上。6．【答案】A【解析】【解答】A．小明拉着小车向左起步时，则篮球相对小车有向右运动的趋势，而摩擦力的方向与物体相对运动的方向相反，所以篮球受到向左的摩擦力，故A错误，符合题意；B．若小车与篮球间光滑，则篮球不会受到小车地板施加的摩擦力。由于惯性，篮球有保持原来的静止状态，即篮球相对于地面保持静止，故B正确，不符合题意；C．小明拉着小车向左减速时，而篮球有保持原来速度，即篮球相对小车地板有向左运动的趋势，因此篮球受到向右的摩擦力，故C正确，不符合题意；D．小明拉着小车在水平地面上匀速直线运动时，篮球与小车没有相对运动的趋势，不受摩擦力作用，因此篮球在水平方向不受力，故D正确，不符合题意。故选A。

【分析】AC.摩擦力的方向总是与物体相对运动的方向相反；

B.物体保持运动状态不变的性质叫惯性，根据惯性的知识分析；

D.摩擦力产生的条件：相互接触，产生压力和有相对运动的趋势。7．【答案】B【解析】【解答】电磁弹射器在强磁场中通电后受到强大的磁场力作用，和电动机的原理是相同的。

A、奥斯特实验说明通电导体的周围存在磁场，故A不符合题意；

B、该装置说明通电导体在磁场中会受到力的作用，故B符合题意；

C、闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中会产生感应电流，这种现象叫电磁感应现象，发电机就是利用该原理制成的，故C不符合题意；

D、通电螺线管是利用电流的磁效应来工作的，故D不符合题意。

故选：B。

【分析】通电导体在磁场中会受到力的作用。8．【答案】C【解析】【解答】A．根据天平可知，此时物距u=50.0cm-15.0cm=35.0cmB．根据u=v=2f=30cm可知，当物距和像距都等于30cm时，光屏上成清晰等大的实像。则保持透镜位置不动，将蜡烛靠近透镜适当距离，光屏远离凸透镜适当距离，光屏上可成倒立等大的像，故B错误；C．根据折射光路是可逆性可知，保持蜡烛和光屏不动，将物距和像距交换数值，即将透镜向左移动适当距离可以得到倒立、放大的实像，故C正确；D．老花镜片是凸透镜，对光有会聚作用，则此时像距减小。根据“物远像近小”的规律可知，将蜡烛向左移动适当距离，可能在区域Ⅰ成清晰的像，故D错误。故选C。

【分析】A.将物距和焦距比较，从而确定成像特点和应用；

B.根据u=v=2f时成倒立等大的实像判断；

C.根据折射光路的可逆性判断；

D.。根据“物远像近小”的规律分析。9．【答案】D【解析】【解答】A．根据题意可知，物体质量和动滑轮质量相同，乙图中承担重力的绳子段数n=3，甲图中n=2。如果不考虑摩擦和绳重，则拉力F1>F2。但由于摩擦及绳重的大小不知道，所以绳子自由端的拉力大小无法判断，故A错误；B．在实验过程中，两个拉力克服动滑轮重力和摩擦做额外功。但由于不知道摩擦及绳重，克服摩擦及绳重做的功无法比较，所以两个拉力做的额外功大小无法比较，故B错误；C．综上所述，拉力做的功大小无法比较，因此功率大小关系无法比较，故C错误；D．若不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率η=W故选D。

【分析】A.绳子自由端的拉力克服动滑轮重力和摩擦、绳子重力做功，注意分析绳子重力和摩擦是否明确；

B.克服绳重和摩擦做额外功，注意绳子重力和摩擦是否明确；

C.注意分析拉力做的总功是否能够计算；

D.根据公式η=W10．【答案】B【解析】【解答】A．根据乙图可知，温度为50℃时热敏电阻的阻值为100Ω，

根据“热敏电阻Rt的阻值与滑动变阻器的滑片恰好在中点时的电阻相等”可知，滑动变阻器的最大阻值为200Ω，

此时的总电阻R总=Rt那么电源电压U=IR总=0.03A×200Ω=6V，故A错误；B．根据乙图可知，温度减小热敏电阻的阻值变大，则此时总电阻变大。由P=UC．变阻器的滑片在中点且电路中电流为0.02A时，

此时的总电阻R则热敏电阻的阻值Rt=R总-R=300Ω-100Ω=200Ω；由乙图可知，热敏电阻的温度为40℃，故C错误；D．当变阻器的滑片在右端时电阻为200Ω，

根据乙图可知，当热敏电阻的测温量程在0℃~60℃时其阻值范围在0~600Ω，

当其阻值最小时，电路的最大电功率P大最小电功率P小所以电路总功率的范围为0.045W~0.18W，故D错误。故选B。

【分析】A.根据乙图确定50℃时热敏电阻的阻值，然后计算出变阻器的最大阻值，根据串联电路电阻特点和欧姆定律可得电源电压。

B.根据乙图确定热敏电阻的阻值在温度降低时的变化规律，根据P=U2R判断总功率的变化；

C.首先根据欧姆定律计算出总电阻，然后根据串联电路电阻特点计算此时热敏电阻的阻值，对照图乙可知此时的温度。

11．【答案】1.8×105；500【解析】【解答】根据“3000imp/(kW·h)”可知，该段时间内电热水壶消耗的电能为W=电热水壶的实际功率为P=Wt=0.05kW⋅h12．【答案】反射；【解析】【解答】（1）云在天上，它发出的光线经过平静的湖面反射后进入人眼所形成的虚像，因此我们看到的“云在水中飘”，这是光的反射现象。（2）根据题意可知，鱼的实际位置为A点，从A点发出的光线在水面发生折射，此时折射角大于入射角。人眼在B点逆着折射光线看过去，会看到鱼的虚像A'在实际位置A的上方，如下图所示：

【分析】（1）平面镜成像现象的原理为光的反射；

（2）根据光的折射规律完成作图即可。13．【答案】弹性势能；先变小后变大【解析】【解答】（1）运动员起跳前，被压弯的跳板具有弹性势能，则将跳板的弹性势能转化为运动员的动能。（2）根据题意可知，从刚离开跳板到向下落水的过程，运动员先上升后下降，则他的速度先减小后增大，所以动能先减小后变大。

【分析】（1）物体由于发生弹性形变具有的能量为弹性势能；

（2）动能大小与速度大小有关，分析运动员速度的变化即可。14．【答案】大气压；小【解析】【解答】（1）用吸管吸饮料时，吸管内气压减小，在外界大气压的作用下，饮料就被压进吸管进而被吸到嘴里，所以是利用大气压的作用。（2）对吸管A吹气时，吸管B上方空气流速增大而压强变小，而吸管B下方大气压不变，在大气压的作用下，吸管B中的水会上升。

【分析】（1）大气对浸入其中的物体产生压力作用，这就是大气压强；

（2）根据流体压强和流速的关系分析解答。15．【答案】核裂变；机械【解析】【解答】（1）核裂变是重核分裂成较轻核的过程，能产生大量能量且便于控制，所以核电站中的核反应堆是通过核裂变释放内能的。

（2）根据核电站的工作过程可知，蒸汽轮机利用蒸汽的内能推动轮机转动，将内能转化为机械能，之后机械能再由发电机转化为电能。

【分析】（1）核裂变是重核分裂成较轻核的过程，核聚变是轻核生成重核的过程；

（2）根据核电站的能量转化的知识解答。16．【答案】高度差；同种液体内部同一深度，各个方向的压强相等；将探头放入同一深度的盐水，观察U形管两侧液面的高度差（答案合理即可）【解析】【解答】（1）在实验过程中，U形管两侧液面的高度差越大，说明此时的液体压强越大，则液体内部压强的大小是通过液体压强计U形管两边液面的高度差来判断的。（2）根据图片可知，实验A、B、C中探头的深度相同，只是探头的朝向不同，而U形管两侧液面高度差相同，那么得出结论：在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强相等。（3）根据控制变量法的要求可知，若想探究液体压强与液体密度的关系，要控制深度相同，只改变液体的密度，则操作过程为：在探头放在和D实验相同深度的盐水中，比较U形管两侧液面的度差。

【分析】（1）在实验过程中，U形管两侧液面的高度差越大，说明此时的液体压强越大；

（2）根据图片确定实验A、B、C中哪个因素相同，哪个因素不同，根据控制变量法的要求描述结论；

（3）根据控制变量法的要求可知，若想探究液体压强与液体密度的关系，要控制深度相同，只改变液体的密度，据此设计实验步骤。17．【答案】甲液体；2∶1【解析】【解答】（1）根据B图可知，当都升高到50℃时，甲需要的时间长，吸收的热量多，根据公式c=Q（2）根据B图可知，甲、乙温度从20℃升高到50℃时，二者升高的温度相等。甲加热时间为40s，乙加热时间为20s，根据吸收热量与加热时间成正比可知，甲吸收的热量是乙的2倍。根据公式c=QmΔt可知，甲的比热容是乙的2倍，所以甲、乙的比热容之比为2∶1。

【分析】（1）根据B图确定升高相同的温度时二者加热时间多少，进而确定吸收热量多少，最后根据c=Q18．【答案】（1）右（2）72.4（3）1.05×103（4）大于；水面达到小杯子侧壁的标记A处；ρ水【解析】【解答】（1）根据图片可知，天平的指针偏左，说明左侧重右侧轻，应将平衡螺母向右调节。（2）根据乙图可知，标尺的分度值为0.2g，则游码质量为2.4g，砝码质量为：50g+20g=70g，那么烧杯和牛奶的总质量m=70g+2.4g=72.4g；（3）综上所述，量筒中牛奶质量m=72.4g-40.9g=31.5g；量筒的分度值为2mL，则牛奶的体积V=30mL=30cm3；那么牛奶的密度ρ=mV=31.5g30cm（4）①上述实验中，有少量牛奶溅到量筒内壁，未静置就直接读出牛奶体积，会导致测得体积偏小，由ρ=m②在实验中，需使两次排开水的体积相同，故应使水面再次达到标记A处。③根据漂浮条件可知，两次浮力相等：ρ水gV1=ρ牛奶gV2，

故ρ牛奶=ρ水V1V2。

【分析】（1）平衡螺母总是向较轻的一侧调节；

（2）烧杯和牛奶的总质量等于砝码质量和游码质量之和；

（3）将烧杯和牛奶的总质量相减得出量筒中牛奶的质量，读出量筒内的牛奶体积，由密度公式得出牛奶的密度。

（4）①上述实验中，有少量牛奶溅到量筒内壁，未静置就直接读出牛奶体积，则测得牛奶的体积偏小，由密度公式可知，测量的密度大于真实值。

②当两次排开水的体积相同时，他受到的浮力相等，即牛奶和水的重力相等；（1）指针偏左说明左侧质量偏大，应将平衡螺母向右调节，使天平平衡。（2）天平示数m=50g+20g+2.4g=72.4g（3）量筒中牛奶质量m=72.4g-40.9g=31.5g体积V=30mL=30cm3密度ρ=mV=31.5g30（4）[1]牛奶溅出导致测得体积偏小，由ρ=m[2]需使两次排开水的体积相同，故应使水面再次达到标记A处。[3]根据漂浮条件，知道两次浮力相等：ρ水gV1=ρ牛奶gV2，故ρ牛奶=ρ水19．【答案】（1）（2）待测电阻Rx短路（3）B；10（4）见详解；闭合S、S2断开S1；2.5V【解析】【解答】（1）在伏安法测电阻的实验中，变阻器与电阻串联，且接线“一上一下”。滑片向左移动电流表示数变小，表明变阻器接入电阻变大，那么应该将滑动变阻器下端应接入右端接线柱，如下图所示：（2）电流表有示数，表明整个电路为通路。电流从电压表的位置经过但是电压表示数为零，表明电压表并联的位置存在短路，故产生这一现象的原因可能是待测电阻Rx短路。（3）根据表格数据可知，电路中电流不断变大，说明变阻器接入的电阻不断减小，故滑动变阻器的滑片不断向B移动。

根据欧姆定律可知，电阻为Rx（4）①根据表格数据可知，电路的最小电流为0.1A，此时电压表的示数为1V，则此时变阻器的阻值R变=U②闭合S、S1，断开S2，电压表测灯泡两端电压，移动滑动变阻器的滑片P，使电压表的示数为2.5V；保持滑片位置不变，闭合S、S2断开S1，电压表测灯泡和定值电阻R0的总电压，记录电压表示数为U1；

则电路中电流为I=U解得：RL=ULI=2.5VU1−2.5VR0=2.5V×R0（1）滑片向左移动电流表示数变小，表明接入电阻变大，滑动变阻器下端应接入右端接线柱，如图所示（2）闭合开关，发现电流表有示数，表明电路中不存在断路，可能存在短路，而电压表示数为零，表明电压表测量范围内存在短路，故产生这一现象的原因可能是待测电阻Rx短路。（3）[1][2]分析数据可知，电路中电流不断变大，表明接入电阻不断减小，故滑动变阻器的滑片不断向B移动，得出电阻为R（4）[1]选R3“50Ω1A”，由第一组数据R变=U[2]①闭合S、S1，断开S2，电压表测灯泡两端电压，移动滑动变阻器的滑片P，使电压表的示数为2.5V；②保持滑片位置不变，闭合S、S2断开S1，电压表测灯泡和定值电阻R0的总电压，记录电压表示数为U1；则电路中电流为I=[3]③小灯泡正常发光时的电阻为R20．【答案】（1）解：汽车起重机未吊货物时，它对水平地面的压力等于重力，即F=G=2×105N；

此时它对水平地面的压强为p=F（2）解：根据平衡力的知识可知，当货物匀速升高时，起重机对货物的拉力等于货物的重力，

即F拉=G物=20×103kg×10N/kg=2×105N起重机提升货物的速度为v=起重机对货物做功的功率为P=Fv=2×10​​​（3）解：由杠杆平衡条件F1l1=F2l2可知，当L物最小时，允许的G物最大，

根据题意可知，L物最小为4m解得：G物1=3.75×105N，

当L物最大时，允许的G物最小，

解得：G物所以重物的重力的范围7.5×【解析】【分析】（1）汽车起重机未吊货物时，它对水平地面的压力等于重力，利用p=FS计算出对地面的压强；（2）首先根据平衡力的知识计算提