2025-2026学年广东惠州某中学高二年级上册期中物理试题（含答案）

惠州中学2025-2026学年高二年级第一学期期中考试

物理

本试卷共页，23小题,满分100分,考试用时75分钟。

注意事项：

L答卷前，考生务必用黑色字迹钢笔或签字笔将自己的姓名、考生号、考场号和座位号填写在答

题卡上C

2.作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案，答案不能答在试卷上。

3.非选择题必须用黑色字迹钢笔或签字笔作答,答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置

上：如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔和涂改液，不按以上要求作

答的答案无效。

4.考生必须保持答题卡的整洁，不得折叠。

一、单选题

1.为了交通安全，常在公路上设置如图所示的减速带，减速带使路面稍微拱起以达到使车辆减速的

目的。一排等间距设置的减速带，可有效降低车速“如果某路面上的减速带的间距为L5m,一辆固有

频率为2Hz的汽车匀速驶过这徘减速带，下列说法正确的是（）

A.当汽车以5m/s的速度行驶时，其振动频率为2Hz

B.当汽车以3m/s的速度行驶时最不颠簸

C.当汽车以3m/s的速度行驶时颠簸最厉害

D.汽车速度越大，颠簸就越厉害

2.一正电荷从静止开始，只在电场力作用下由A到8做加速运动且加速度越来越小，则如图所示的

四个电场线，正确的是（）

3.在匀强电场中建立一直角坐标系，如图所示。从坐标原点沿y轴正方向前进0.1m到A点，电势降

答案第1页，共5页

低了10后V，从坐标原点沿X轴正方向前进0.1m到8点，电势升高了106V，则匀强电场的电场强

度大小和方向为（）p/m

J―

A.200V/m；8f4B.200V/m：A—BO\Bx/m

C.100V/m；B—AD.100V/m；垂直A、B连线斜向下

4.人体的细胞膜由磷脂双分子层组成，双分子层之间存在电压（医学上称为膜电位），使得只有带特

定电荷的粒子才能通过细胞膜进入细胞内，如图所示。初速度为零的正一价钠离子仅在电场力的作用

3从细胞膜外A点运动到细抱膜内8点;，d为磷脂双分子层的厚度，则下列说法正确的是（）

A.A点电势低于B点电势B.从4点运动到8点，钠离子的电势,4细胞膜外

能增大

细胞核WWW；

C.若膜电位不变，当d增大时，钠离子的加速度变小细胞膜下细庖感丙”

D.若膜电位不变，当d增大时，钠离子进入细胞内的速度变大

5.如图所示，把一个导体放入匀强电场中，静电平衡时（）

A.导体内感应电荷的电场为零

B.三点的场强相比，EA=EB>EC

C.三点的电势相比，铀%

D.把一个负电荷从人移动到从电场力不做功

5.某同学设计了••个电容式风力传感器，如图所示，将电容器与静电计组成回路，可动电极在风力

作用下向右移动，风力越大，移动距离越大（两电极始终不接触）。若极板上电荷量保持不变，尸点

为极板间的一点，下列说法正确的是（）

A.风力越大，电容器电容越小

B.风力越大，极板间电场强度仍保持不变

C.风力越大，夕点的电势仍保持不变

D.风力越大，静电计指针张角越大

7.空间中一静电场的某物理量沿x轴的分布情况如图所示（规定x轴正方向为电场正方向），其中

OA=OB,图线关于未知轴对称，则（）

A.若为£一工图像，则以=%AB

6•

B.若为E—x图像，则将电子由A沿x轴移向8,电场力先做负功再做正功

C.若为Q-x图像，则A、8两点处沿x轴方向的电场强度大小相等

答案第2页，共5页

D.若为图像，则将一电子由A沿x轴移向用电场力先做正功再做负功

二、多选题

8.如图所示为阴极射线管的示意图，当/%、/%两极不加电压时，电子束经电场加速后打到荧屏中

央0处形成亮斑。电子在偏转电场中的运动时间很短，电子不会打到极板上。在其他条件不变的情况

下，下列说法正确的是（）

A.当M2两极加电压时.亮斑出现在O点下方，

则可判断极板带负电

B.当两极不加电压时，如果增大加速电场的电压，电子束依然打到荧屏的中央

C.如果发现电子在荧屏上的亮斑向上移动，则可判断M：、之间的电势差在减小

D.当加?两极加电压时，电子通过极板过程中电势能增大

9.如图所示，一竖直绝缘轻弹簧的下端固定在地面上，上端连接一带正电小球P,小球所处的空间

存在着方向竖直向上的匀强电场，小球平衡时，弹簧恰好处于原长状态。现给小球一竖直向上的初速

度，小球最高能运动到M点。在小球从开始运动到运动至最高点的过程中（）

E

A.小球的电势能减小

B.小球机械能的改变量等于电场力做的功PO

C.弹簧弹性势能的增加量等于小球动能的减少量萋

D.小球动能的减少量等于电场力和重力做功的代数和〃〃〃%〃〃〃’

10.如图所示，带电荷量为+4的点电荷固定在。点，。点是半径为A的光滑绝缘半球壳的球心，AB

为球壳竖直截面的直径，质量为〃?、带电荷量为-Q的小球（可看成点电荷）从8点由静止释放，沿

球壳外侧运动一段时间后，从C点（未画出）脱离球壳，已知重力加速度为8,静电力常量为3则

（）

A.沿球壳运动过程，小球机械能守恒

B.B、C间的高度差为J空

3ingR

C.小球、点电荷带电荷量的值满足关系式即®<Qq

K

D.脱离球壳后，小球水平方向速度一定一直减小

三、实验题

11.某同学在“用单摆测定重力加速度”的实验中进行了如下的实践和探究:

①用游标卡尺测量摆球直径的情况如卜.图所示，则摆球直径为。=cm。把摆球用细线悬挂在铁架

答案第3页，共5页

台上，测量摆线长4。

②用秒表测量单摆的周期。当单摆摆动稳定且到达最低点时开始计时并r「/JihH痛”

o10

记为0,单摆每经过最低点记一次数，当数到〃=60时秒表的示数如图

所示，则秒表的示数为s,该单摆的周期是7=s（计算结果保留三位有效数字）。

③利用前面字母"、％、T、g写出测重力加速度大小的表达式为g=

④若应用公式计算的结果与真实的重力加速度值比较，发现测量结果偏大,

分析原因可能有

A.振幅偏小

B.在未悬挂单摆之前先测定好摆长

C.将摆线长当成了摆长

D.将摆线长和球的直径之和当成了摆长

12.某同学用如图甲所示装置“研究平行板电容器的充放电过程

⑴将开关S合向1,对电容器进行充电,充电过程中流过电阻H的电流方向（填响上'或响下

充电完毕，将一块有机玻璃插入平行板电容器两板间，插入过程中，电阻R中（填“有''或"无”）

电流通过。

⑵取出有机玻璃，待电路稳定,将开关S合向2,计算机测得放电电流随时间变化的规律如图乙所示，

按“四舍五入'’（大于等于半格算一格，小于半格舍去）数格法，共数出格数为17格，则充电后电容

器的带电荷量为C；若电阻R=25（）0Q,则电容器的电容为Fo

四、解答题

13.一列沿/轴负方向传播的简谐横波，在仁0时刻的波形图如图所示，此时坐标为（1,0）的质点

刚好开始振动，P质点的坐标为（3,0）。在/产0.6s时刻，P质点首次位于波峰位置，Q点的坐标是

（-3,0）o从广0时刻开始计时，求：r'cm

（1）这列波的传播速度；

（2）若经时间。质点第一次到达波谷，求攵;

答案第4页，共5页

（3）13=1.8s时质点P的路程和位移。

14.如图所示，在竖直平面内放置着绝缘轨道ABC,/小部分是半径R=0.40m的光滑半圆轨道，BC

部分是粗糙的水平轨道，3c轨道所在的鞋直平面内分布着E=500V/m的水平向右的有界匀强电场,

A8为电场的左侧边界。现将一质量为〃?=002kg、电荷量为夕=3xl（）7c的带负电滑块（视为质点）

从〃。上的某点由静止释放，滑块通过A点时对轨道的压力恰好为零。己知滑块与3C间的动摩擦因

数为〃=0.5,g取lOm/s?。求：

（1）滑块通过A点时速度心的大小；

（2）滑块在轨道上的释放点到8点的距离x；

（3）滑块离开A点后在空中运动速度-的最小值。

15.如图I所示，真空中有竖直放置的平行金属板A、B和水平放置的相距为4的平行金属板C、。、

C、。板长为心A、B板间加有恒定的电压U。，B板中心处开有小孔，质量为〃?、电荷量为夕的带电

粒子从A板静止释放，经AB间的电场加速后通过B板上的小孔进入C、D两板的正中间。在带电粒

子进入C、。间的同时，给C、。两板加上如图2所示周期性变化的交变电压，粒子重力不计。

（1）求带电粒子进入C、。间时的速度大小；

（2）若此粒子在《时间内从C、。间飞出，则飞出时在电场方向的位移是多少？

（3）若此粒子从C、。间飞出时恰能以平行于两板的速度飞出，则交变电压上的取值范围是多少？

答案第5页，共5页

《2025-2026学年度高中物理期中考试卷》参考答案

题号12345678910

答案CBACDBCABACAB

1.C

【详解】A.当汽车以5m/s的速度行驶时，驱动力的周期为

T=-=—s=O.3s

p5

所以频率等于

A错误；

BCD.当汽车以3m/s的速度行驶时，汽车的频率为

/=-=—Hz=2Hz

s1.5

此时和固有频率相同，所以颠簸最厉害，BD错误C正确。

故选C。

2.B

【详解】A.A图中A、B两点电场强度大小相等，由A到8运动加速度不会越来越小，故

A错误；

B.B图中由A到4运动，离场源越来越远，则场强越来越小，所以加速度也越来越小，场

源电荷对该正电荷的作用力为排斥力，所以该正电荷由A到8做加速运动且加速度越来越

小，故B正确：

C.C图中由A到B运动，电场线越来越密集，所以场强越来越大，因此加速度也越来越大，

故C错误；

D.D图为匀强电场，所以粒子由A到8运动过程加速度恒定不变，故D错误。

故选B。

3.A

【详解】设。点的电势为0，则八点的电势为-10&V，B点的电势为1O0V，连接48,

过。点做48的垂线，垂定记为。，根据几何关系可知

AD=DB

因此在匀强电场中有

=URD

答案第1页，共9页

即有

/一%「外

可得

2%=%+/=°

则有

%=%=°

因此为一条等势线，则A、8两点为电场线上两点，且电场线的方向由4指向A,可得

电场强度的大小为

E="=%V/m=200V/m

IBAVO.l2+O.l2

故选A。

4.C

【详解】A.初速度可视为零的正一-价钠离子仅在电场力的作用下，从图中的A点运动到B

点，则电场线由A到以沿电场线方向电势逐渐降低，所以A点电势大于B点电势，故A

错误；

B.钠离子运动过程中电场力做正功，电势能减小，故B错误；

C.膜电位U不变，根据

E=—

d

可知d增大时，£变小，根据牛顿第二定律

qE

a--1—

m

可知加速度变小，故C正确；

D.根据动能定理可知

qU=—mv

则膜电位不变时，钠离子进入细胞内的速度不变，故D错误。

故选C。

5.D

【详解】A.静电平衡时，导体内合场强为零；由于原电场向右，则感应电场的方向与原电

场方向相反，即感应电荷的电场方向向左；故A错误；

答案第2页，共9页

B.达到静电平衡后，整个的导体是等势体，所以A与B点的电场强度都是0,而C点的电

场强度不是0,所以当=/</

故B错误；

C.A、8处在同一等电势点上，电势相等，且A、4的电势高于C点的电势；故C错误；

D.达到静电平衡后，整个的导体是等势体，所以将负电荷在A、B间移动时，电场力不做

功；故D错误。

故选D。

6.B

【详解】A.根据题意可知，风力越大,则d越小，由公式

47rkd

可得，电容器电容越大，故A错误;

B.由公式

U

整理可得

「_4砍2

口—

cS

根据题意可知，。保持不变，风力越大，则d越小，极板间电场强度不变，故B正确；

C.由

U=Ed

可知，由于E不变，可动极板与P点的距离减小，则可动极板与P点电势差减小，由于可

动极板接地，电势一直为0,则尸点电势改变，故C错误；

D.由

c=e

U

可知，由于。保持不变，c变大，则u减小，则静电计指针张角越小，故D错误。

故选B。

7.C

【详解】AB.若为E-x图像，由图像知，A到B电场强度一直是负值，表明电场方向一直

是沿x轴负方向，沿电场线方向电势逐渐降低，因此A到B电势是升高的，可知外〈外，A、

B之间电场方向一直是沿x轴负方向，电子受到的电场力方向指向x轴正方向，所以电场力

答案第3页，共9页

一直做正功。故AB错误；

C.若为图像，其切线的斜率表示电场强度，则人、8两点电场强度大小相等，但方向

相反。故C正确：

D.若为图像，则将一电子由4沿x轴移向B,电势先降低后升高，电势能先增大后减

小，故电场力先做负功再做正功。故D错误。

故选C。

8.AB

【详解】A.当M］、两极加电压时，亮斑出现在。点下方，则电子所受电场力向下，

极板间电场强度向上，可知极板带负电，故A正确；

B.当知2两极不加电压时，粒子在经过加2两极间不发生偏转，如果增大加速

电场的电压，电子束依然打到荧屏的中央，故B正确：

C.如果发现电子在荧屏上的亮斑向上移动，电子M1、“2之间向上运动，则受到竖直向上

的电场力，可知“2极板间电场强度向下，可判断M、之间的电势差大于0,则

则M1、历2之间的电势差在增大，故c错误；

D.当两极加电压时，电子通过极板过程中，电场力做正功，则电子通过极板过程

中电势能减小，故D错误。

故选AB。

9.AC

【详解】A.小球带正电，电场方向竖直向上，电场力做正功,电势能减小，故A正确；

B.根据功能关系，小球机械能的改变量等于电场力与算簧弹力做功之和，故B错误；

CD.由题意可知，小球平衡时，弹簧恰好处于原长状态，所以电场力等于小球重力，在运

动过程中，小球受的合外力就是弹簧的弹力，根据动能定理.，克服弹力做的功等于小球动能

的减小量，而克服弹力做的功等于弹性势能的增加量，而由于电场力等于小球重力，所以电

场力和重力做功的代数和为零，故C正确，D错误。

故选AC。

10.AB

【详解】A.沿球壳运动过程，仅重力对小球做功，小球机械能守恒，故A正确；

答案第4页，共9页

B.设小球脱离球壳的位置C与球心的连线和水平方向的夹角为凡在该位置对小球进行受

力分析，如图所示

小球沿球壳运动过程，根据动能定理有〃吆欣访。=^mv2

根据牛顿第二定律有哪一侬电襦

联立得3陵山入曹

则“、C间的高度差为―”爆

故B正确;

C小球能脱离球壳，结合圆周运动知识可得，。点最低能与球壳的最低点重合，有

n12kQqmv\

mgR=~""m，崇-mg<—

乙RK

整理得即些眩NQ,/

k

故C错误；

D.小球从右侧脱离球壳，脱离球壳时的速度方向沿球壳过C点的切线方向向下，小球所受

静电力在水平方向的分力先向左后向右，则小球水平方向速度先增大后减小，故D错误。

故选ABO

11.2.0667.32.24'"+2)D

T2

【详解】①口］游标卡尺的读数即小球的直径为

d=20mm+6x0.1mm=20.6mm=2.06cm

②⑵秒表的读数为

60s+7.3s=67.3s

⑶单摆的周期

67.3

s=2.24s

③⑷小球做单搜运动的摆长

答案第5页，共9页

L=^+-

2

根据单摆周期公式

联立可得

4/(4

s=—------

@[5]A.摆幅的大小对重力加速度的测量无影响，故A错误；

B.在未悬挂单摆之前先测定好摆长，导致测量的摆长小于真实的摆长，根据「―+

可知将摆线长当成了摆长会导致重力加速度测量值偏小，故B错误；

c.根据。一艺巴途可知将摆线长当成了摆长会导致重力加速度测量值偏小，故C错误；

D.根据°=竺必喧可知将摆线长和球的直径之和当成了摆长会导致重力加速度测量值偏

g一72

大，故D正确。

故选D。

12.(1)向下有

(2)1.7xlO_21.7X10-3

【详解】(I)开关S合向1,对电容器进行充电，电流从电源正极流出，所以充电过程中

流过电阻R的电流方向向下；

⑵充电完毕，将一块有机玻璃插入平行板电容器两板间，根据C=f匕

4/rkd

可知，电容器的电容增大,根据。]

可知，C增大，U不变，则Q增大，即电容器进行充电，电阻R中有电流流过。

(2)川充电后电容器的带电荷量为。=17x0.5x107x2C=1.7xlO-2c

⑵若电阻R=2500C,则电容器的电容为。*=得=盘瑞篇F=1.7X107F

13.(1)0.05m/s；(2)1.4s：(3)(32-2a)cm

答案第6页，共9页

【详解】（1）由波形图可知，波长

=4cm=0.04m

由r波沿x轴负方向传播，根据波形平移法知广o时刻尸点向下振动，经过•1•个周期首次到

4

达波峰位置，由此可知

-T=0.6s

4

得

7=0.8s

故波速为

20.04,八八-,

v=—=----m/s=0.05m/s

T0.8

（2）因波长为，=4cm,故经过一个周期7机械波刚好传播到。点，根据传播方向可知Q

3

点的向），轴正方向振动。质点。再经47的时间到达波谷，因此

，2=卜++）"4s

（3）根据波形图和起振方向，易得

t3=1.8s=

故质点P的路程为

s—9A-36cm

点P的位移为

x=-A=-4cm方向沿y轴负方向

14.（1）匕=2m/s；（2）x=4m；（3）1.6m/s

【详解】（1）因为滑块通过A点时对轨道的压力恰好为零，所以有

2

mvA

m8-

解得

vA=2m/s

（2）滑块由静止释放到A点的过程，根据动能定理可得

qEx-fjmgx-mg•2R=gw；

解得

答案第7页，共9页

x=4in

(3)离开A点后滑块在运动过程中只受重力和电场力且均为恒力，设合力为产，重力〃名与

合力/•'夹角为如图所示:

将滑块的运动按照图示进行分解，则工方向做匀速直线运动，y方向做匀变速直线运动。当

，'方向速度4减小为零滑块速度最小，最小为匕。有

匕=cos0