重庆市江津区2025-2026学年高一物理下学期半期考试试卷【含答案】

本试卷满分分，考试用时分钟注意事项：．答题前，考生务必将自己的姓名、考生号、考场号、座位号填写在答题卡上。．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。．本试卷主要考试内容：人教版必修第二册第五章到第七章。一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.ab竖直平面内，且飞行速度大小保持不变。则在沿ab段曲线飞行过程中（）A.战机所受合力可能为图中的B.战机所受合力可能为图中的C.战机在竖直方向的分速度逐渐增大D.战机在水平方向的分速度逐渐增大【答案】C【解析】【详解】AB．曲线运动的合力方向指向曲线的凹侧，图中和指向轨迹凸侧，故AB错误；C．战机沿曲线向上爬升，轨迹越来越陡，说明速度方向与水平方向的夹角逐渐增大。将速度分解，竖直分速度由于大小不变，增大（且增大，所以逐渐增大，故C正确；第1页/共16页

D．水平分速度由于大小不变，增大，减小，所以逐渐减小，故D错误。故选C。2.某大型风力发电装置的叶片转动的圆面的直径超百米。如图所示，ab为同一叶片上的两点，当叶片绕发电装置的中轴线O以恒定转速旋转时，下列说法正确的是（）A.a点的转动周期大于b点的转动周期B.a点的角速度大于b点的角速度C.a点的线速度大于b点的线速度D.a点的向心加速度等于b点的向心加速度【答案】C【解析】【详解】AB．a、b两点在同一个叶片上，属于同轴转动，根据同轴转动的特点可知，两点的角速度相等，根据周期公式可知，两点的转动周期相等，故AB错误；C．根据线速度与角速度的关系公式，由图可知a点的转动半径大于b点的转动半径，所以a点的线速度大于b点的线速度，故C正确；D．根据向心加速度公式，可知a点的向心加速度大于b点的向心加速度，故D错误。故选C。3.3D打印机的底板可沿xOP上沿y标原点O出发，沿y轴正方向做匀速直线运动，同时底板沿x轴负方向做匀加速直线运动，则打印出来的图像是（）第2页/共16页

A.抛物线B.双曲线C.圆弧D.直线【答案】A【解析】【详解】根据平抛运动的定义可知，沿y轴正方向做匀速直线运动，同时沿x轴负方向做匀加速直线运动，喷头的运动为类平抛运动，运动轨迹为抛物线。故选A。4.中国天问二号探测器于2025星作为目标。观测显示，这颗小行星的轨道很扁：近日点在水星轨道的内侧，远日点在木星轨道的外侧，轨道半长轴大于地球轨道半径，小于木星轨道半径，如图所示。已知木星绕太阳公转的周期约为年，）A.它在远日点的速度比在近日点的速度大B.它的公转周期一定大于年C.它在近日点的加速度比在远日点的加速度小D.它与太阳的连线在相同时间内扫过的面积相等【答案】D【解析】【详解】A近日点距离太阳较近，远日点距离太阳较远，为了扫过相同的面积，小行星在近日点的线速度必须大于在远日点的线速度，故A错误；第3页/共16页

B．根据开普勒第三定律，可知轨道半长轴a越大，周期T越大。题目已知小行星轨道半长轴小于故B错误；C．根据牛顿第二定律和万有引力定律解得加速度因为近日点距离r小，所以近日点的加速度大，远日点的加速度小，故C错误；DD正确。故选D。5.某次战斗中，我方固守一处阵地：山坡横截面呈直角三角形，坡面朝向敌方，坡脚延伸至开阔平地。敌方步兵分队正从平地发起仰攻。为阻止敌方向我方推进，我方战士从坡顶掩体水平投掷手榴弹。忽略空气阻力。关于手榴弹从出手到触地的时间t与出手时水平速度的关系图像，下列图像正确的是（）A.B.C.D.【答案】A【解析】【详解】设山坡倾角为，当较小时，手榴弹落在山坡上，根据几何关系可得第4页/共16页

可得与初速度一定，由，可得可知下落时间一定，与初速度无关。故选A。6.O点做半径为R的圆周运动。小球运动到最高点的速度大小为v，圆环与小球间的弹力大小为F，弹力F与速度大小的平方的关系图像（）如图乙所示，取重力加速度大小，不计空气阻力，则下列说法正确的是（）A.小球的质量为2kg，圆环的半径为0.4mB.当小球在最高点的速度大小为4m/s时，小球与圆环间的作用力大小为20NC.当小球在最高点受到的弹力为其所受重力大小的时，小球的速度大小可能为D.当小球在最高点的速度大小为3m/s时，它受到的弹力为0【答案】B【解析】【详解】A．当时，小球竖直方向受力平衡有代入数据解得当时，小球受到的重力提供向心力，由牛顿第二定律可得代入数据解得，A错误；B．当时，小球受到圆环弹力与重力的合力提供向心力，由牛顿第二定律可得第5页/共16页

代入数据解得，B正确；CD．小球速度为时，可知由图乙可知，此时小球不受圆环弹力作用，C错误，D错误。故选B。7.A处正上方B点垂直球网C上边沿落在D点。已知，网高，边界A到球网的距离为L，重力加速度大小为g，不计空气阻力，下列说法正确的是（）A.网球在B点的速度大小为B.D点到球网的距离为C.若击球高度低于H（仍大于hD.若网球的初速度变为原来的倍，则网球刚好落在右边的边界上【答案】D【解析】【详解】A．网球做平抛运动，从B点到网的上边沿，竖直方向有解得水平方向有解得，故A错误；B．网球从B点落到D点，竖直方向有解得第6页/共16页

水平方向总位移所以D点到球网的距离为，故B错误；C．若击球高度低于H（设为变大，下落高度变大；而允许的最大下落高度变小，所以击球高度低于H（仍大于h击球速度，则网球不可能落在球网右侧，故C错误；D．若网球的初速度变为原来的倍，落地时间不变，则水平总位移此时网球落点距离球网的水平距离为根据场地对称性，刚好落在右边的边界上，故D正确。故选D。二、多项选择题：本题共3小题，每小题5分，共分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全都选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.M垂直河岸驶向对岸，目标点N位于M点的正对岸。挑战水域的水流速度恒为3m/s，救援船在静水中的航速为4m/s。下列说法正确的是（）A.救援船将精准抵达目标点NB.救援船的实际航速大小为5m/sC.救援船将到达目标点N的下游某处D.救援船的过河时间随水流速度增大而减小【答案】BC【解析】【分析】【详解】AC．救援船船头垂直河岸航行，沿河岸向下游方向存在水流带来的分速度，船会随水流向下游漂移，无法抵达正对岸，只会到达的下游，故A错误，C正确；第7页/共16页

B为，故B正确；D．过河时间由垂直河岸方向的分运动决定，公式为（为河宽，船的分速度垂直河岸，与水流速度无关，水流速度增大不改变过河时间，故D错误。故选BC。【点睛】9.如图所示，设想未来在地球赤道上空建立三个等间隔分布的空间站，构成“三星链”系统，用于全球通信中继。这三个空间站的质量均为m，均在半径为r的圆轨道上运行，地球的质量为M，引力常量为G。忽略其他天体影响，下列说法正确的是（）A.三个空间站对地球引力的合力大小为0B.任意两个空间站之间的引力大小为C.任意两个空间站之间的引力大小为D.地球对一个空间站的引力大小为【答案】ACD【解析】A为零，故A正确；BC．由几何关系可得任意两个空间站之间距离根据万有引力定律，引力大小，故B错误，C正确；D．根据万有引力定律，地球对单个空间站的引力大小为，故D正确。故选ACD。第8页/共16页

10.某科技馆设计了一个“双人离心挑战”中心竖直轴匀速转动。转台上放置着两个质量均为m的“体验舱”A和A、B之间用一根不可伸长的水平轻质安全绳连接，安全绳经过转台的中心轴线。初始状态下，安全绳刚好伸直但无张力，“体验舱”AB到转轴的距离分别为r和2rω两“体验舱”相对台面发生滑动为止。已知“体验舱”与台面间的动摩擦因数均为μ，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度大小为g，下列说法正确的是（）A.当转台的角速度为时，安全绳中有拉力B.当转台的角速度为时，安全绳中有拉力C.当转台的角速度为时，“体验舱”A受到的摩擦力为零D.当转台的角速度为时，“体验舱”A和B相对转台向A的一侧发生相对滑动【答案】AC【解析】A0B的静摩擦力达到最大时，是绳子出现拉力的临界状态，对B由牛顿第二定律解得当转台的角速度为时，所以安全绳中有拉力，故A正确；B．当转台的角速度为时，所以安全绳中没有拉力，故B错误；第9页/共16页

C．当时，对A、B根据牛顿第二定律有，解得，故C正确；D．ωAA动。对A有对B有解得由于因此会发生滑动，B所需的向心力较大，则“体验舱”A和B相对转台向B的一侧发生相对滑动，故D错误。故选AC。三、非选择题：本题共5小题，共分。利用手机软件可定量探究向心加速度a与半径r、角速度ω的关系。装置如图甲所示，转盘连接在一个可调转速的电机上，在转盘上沿半径方向每隔相等距离打一个方孔，手机可固定在孔上。（1________（2）若使手机的线速度不变，则手机的向心加速度大小与手机做圆周运动的半径成________（填“正比”（3）手机固定在某个孔位时，手机转动过程中向心加速度a与角速度的平方的图像如图乙所示，分析图乙发现，图线过原点和点。此时手机所在孔位距转盘中心的距离________m。（结果保留两位有效数字）【答案】（1）控制变量法（2）反比（3）第10页/共16页

【解析】【小问1详解】探究向心加速度与半径、角速度三个量的关系时，需要控制一个量不变，研究另外两个量的关系，该方法为控制变量法；【小问2详解】根据向心加速度公式当线速度不变时，向心加速度与圆周运动半径成反比；【小问3详解】由向心加速度公式可知图像的斜率等于转动半径，代入坐标得12.某学习小组利用如图甲、乙所示的装置探究平抛运动的特点。（1AB象是A、B球同时落地，该现象说明A球在________。A.水平方向上做匀速直线运动B.竖直方向上做自由落体运动（2）如图乙所示，将白纸和复写纸对齐重叠并固定在竖直硬板上。小钢球沿斜槽轨道PQ滑下后从斜槽末端Q水平飞出，落在水平挡板MN上。由于挡板靠近硬板一侧较低，小钢球落在挡板上时，小钢球会在白纸上挤压出一个痕迹点。移动挡板，依次重复上述操作，白纸上将留下一系列痕迹点。下列说法正确的是________。A.斜槽必须光滑B.挡板高度应等间距变化C.应调节硬板保持竖直D.重复实验时，小钢球应从斜槽的同一位置由静止释放（3BCAB两点和B、第11页/共16页

C两点的水平间距相等且均为x，测得A、B两点和A、C两点的竖直间距分别是和。①已知当地重力加速度大小为g，可得小钢球离开斜槽末端时的速度大小为________。②若在实验中，斜槽末端切线斜向上，仅从这一影响因素分析，第①问中求得小钢球离开斜槽末端时的速度大小________（填“偏大”“偏小”或“没有影响”【答案】（1）B（2）CD（3）①.②.偏小【解析】【小问1详解】AB落体运动规律一致，证明A球竖直方向做自由落体运动。故选B。【小问2详解】A．只要每次小球从斜槽同一位置释放，即可保证初速度一致，斜槽摩擦不影响实验结果，斜槽无需光滑，故A错误；B．只需要多次移动挡板记录落点，不需要挡板高度等间距变化，故B错误；C．平抛运动在竖直平面内，必须保持硬板竖直，避免小球碰撞硬板，故C正确；D．重复实验时，小球从同一位置静止释放，才能保证每次平抛初速度相同，轨迹一致，故D正确。故选CD。【小问3详解】[1]AB和BC水平间距相等，因此A到BB到C的运动时间相等，设时间间隔为，平抛初速度为平方向钢球做匀速直线运动有竖直方向上做匀变速直线运动，由逐差法可得联立解得[2]斜槽末端切线不水平时，小球初速度不沿水平方向，上述推导得到的结果只是初速度的水平分量，实际初速度是合速度，大小为大于我们计算得到的水平分量，因此求得的速度大小偏小。第12页/共16页

13.A处由静做匀加速直线运动，牵引绳另一端通过定滑轮用动滑轮悬挂着质量搬运车运动至B处，此时滑轮左侧的牵引绳与水平轨道的夹角。忽略滑轮和牵引绳的质量及滑轮与绳之间的摩擦。货箱仅在竖直方向运动，取重力加速度大小，，。求：（1）搬运车到达B处时货箱的速度大小v；（2）该过程中货箱上升的高度h。【答案】（1）（2）1.25m【解析】【小问1详解】搬运车做匀加速直线运动，到达B点的速度为将搬运车速度分解，沿绳方向的分速度等于牵引绳的速度为货箱的速度大小【小问2详解】设定滑轮到水平轨道的竖直高度为H，由几何关系，A、B点到定滑轮正下方的水平距离，搬运车从A到B的位移且解得总绳长不变，左侧绳增加的长度等于下方绳缩短的长度第13页/共16页

货箱上升高度14.星的半径与地球的半径之比为，把火星和地球均看成质量分布均匀的球体，忽略火星和地球的自转。（1）求火星与地球的公转周期之比；（2）若在火星和地球表面上相同高度处，各水平抛出一物体，物体的水平位移大小相等，不计空气阻力，求在火星和地球表面上抛出物体的初速度大小之比。【答案】（1）（2）【解析】【小问1详解】记太阳质量为，行星轨道半径为，则行星受到的万有引力提供向心力，有化简可得由于火星和地球绕太阳的公转的轨道半径之比为代入可得【小问2详解】根据牛顿第二定律，记行星半径为，物体质量为，则物体在行星表面受到的重力为化简可得设平抛运动释放高度为，水平初速度为，落地时水平位移为，根据平抛运动关系有，联立可得由于火星的质量与地球的质量之比为第