浙江省温州市2025-2026学年高一物理上学期期末试题含解析

2025学年高一上学期期末质量评价题库

物理（A类）

答题须知：

1．本题库分选择题和非选择题两部分，共6页，建议做题时间90分钟。

2．答题前，务必将自己的姓名、题库答题卡号用黑色字迹的签字笔或钢笔填写在答题卡上。

3．选择题的答案须用2B铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如要改动，须将原填涂处用橡皮擦净。

4．非选择题的答案须用黑色字迹的签字笔或钢笔写在答题卡上相应区域内，作图时可先使用2B铅笔，确

定后须用黑色字迹的签字笔或钢笔描黑，答案写在本题库上无效。

5．可能用到的相关参数：未特殊说明重力加速度g均取10m/s2。

选择题部分

一、选择题Ⅰ（本题共10小题，每小题3分，共30分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目

要求的，不选、多选、错选均不得分）

1.下列属于国际单位制基本单位符号的是（）

A.m/sB.mC.m/s2D.N

【答案】B

【解析】

【详解】A．ms是速度单位，属于国际单位制中的导出单位，不是基本单位，A错误；

B．m是长度单位，属于国际单位制基本单位，B正确；

C．ms2是加速度单位，属于国际单位制中的导出单位，不是基本单位，C错误；

D．N是力的单位，属于国际单位制中的导出单位，不是基本单位，D错误。

故选B。

2.如图所示，运动员通过身体带动链球旋转，最终将链球甩出。A、B、C、D、E、F为链球运动轨迹圆上的

6个点，与点A处速度方向相反的点可能是（）

A.点BB.点CC.点DD.点E

【答案】C

【解析】

【详解】链球旋转时做圆周运动，速度方向沿圆周的切线方向，则与点A处速度方向相反的点应该在过A

点所在的直径的另一个端点上，则可能是D点。

故选C。

3.2025年10月31日23时44分，搭载神舟21号载人飞船的运载火箭在酒泉卫星发射中心点火发射，飞

船与火箭最终成功分离并进入预定轨道。下列说法正确的是（）

A.“2025年10月31日23时44分”指的是时间间隔

B.建立二维坐标系就可以描述火箭在三维空间中的运动

C.火箭点火发射瞬间，火箭速度为零，加速度也为零

D.飞船与火箭分离前，以火箭为参考系，飞船是静止的

【答案】D

【解析】

【详解】A．“2025年10月31日23时44分”指的是一个具体的时刻，不是时间间隔，故A错误；

B．二维坐标系只能描述平面内的运动，而火箭在三维空间中的运动，需要建立三维坐标系才能完整描述，

故B错误；

C．火箭点火发射瞬间，速度为零，但此时火箭受到巨大的推力作用，合力不为零，根据牛顿第二定律可知，

加速度不为零，故C错误；

D．飞船与火箭分离前，二者保持相对位置不变，以火箭为参考系，飞船的位置没有发生变化，因此飞船是

静止的，故D正确。

故选D。

4.2025年12月7日，“来温州，跑世界”温州马拉松正式开跑，此次比赛赛道全长42.195公里。乐清籍

运动员以2小时47分38秒夺冠。下列说法正确的是（）

A.“42.195公里”指的是位移的大小

B.研究该运动员运动轨迹时可将其视为质点

C.该运动员在加速冲刺过程中惯性一定变小

D.该运动员冲过终点线时瞬时速率一定等于其全程的平均速率

【答案】B

【解析】

【详解】A．马拉松比赛的路径不是直线，则“42.195公里”指的是路程，A错误；

B．研究该运动员运动轨迹时，运动员的形状大小可忽略不计，可将其视为质点，B正确；

C．该运动员在加速冲刺过程中因质量不变，则惯性不变，C错误；

D．该运动员冲过终点线时瞬时速率不一定等于其全程的平均速率，D错误。

故选B。

5.动物界中蕴含诸多有趣的力学现象，下列说法正确的是（）

A.图甲：小鸟所受支持力是由电线发生形变所产生的

B.图乙：羚羊急转弯时所受合外力的方向与速度方向相同

C.图丙：松鼠对树枝的作用力小于树枝对松鼠的作用力

D.图丁：壁虎静止于竖直墙面时，只受重力、支持力和摩擦力

【答案】A

【解析】

【详解】A．图甲：根据弹力的概念可知，小鸟所受支持力是由电线发生形变所产生的，A正确；

B．图乙：羚羊急转弯时做曲线运动，所受合外力的方向与速度方向一定不相同，B错误；

C．图丙：松鼠对树枝的作用力与树枝对松鼠的作用力是相互作用力，总是等大反向，C错误；

D．图丁：壁虎静止于竖直墙面时，只受重力、支持力和摩擦力以及墙壁的吸附力作用，D错误。

故选A。

6.如图所示，游客在洞头蹦极台上系一原长20m的弹性绳，由静止开始自由下落。下落至速度达到最大

值时离跳台25m，运动至最低点时离跳台40m。已知游客质量60kg，不计阻力及弹性绳重力，弹性绳满

足胡克定律，第一次下落过程中，下列说法正确的是（）

A.游客始终处于失重状态B.弹性绳的劲度系数为100N/m

C.游客做自由落体运动的时间为1.5sD.游客在最低点时，加速度的大小为30m/s2

【答案】D

【解析】

【详解】A．游客下落时，先加速后减速，则先失重后超重，A错误；

B．当速度最大时，加速度为零，此时弹力等于重力，即mgk(ll0)

6010

解得弹性绳的劲度系数为kN/m120N/m，B错误；

2520

2h220

C．游客在下落20m内做自由落体运动，则做自由落体运动的时间为ts2s，C错误；

g10

D．游客在最低点时，根据牛顿第二定律'

k(ll0)mgma

120(4020)600

解得加速度的大小为am/s230m/s2，D正确。

60

故选D。

7.为测量对讲机有效通话的最远距离，t0时，小明在小亮正前方100m处用对讲机持续发射信号，二

人同时沿同一直线同向运动6s，各自运动的vt图像如图所示。若小亮仅在前4s能接收到信号，下列

说法正确的是（）

A.小明在做匀速直线运动B.小亮在做匀减速直线运动

C.小明和小亮相距的最近距离为92mD.该对讲机的最远连接距离为108m

【答案】D

【解析】

【详解】AB．小亮仅在前4s能接收到信号，可知两者间距逐渐增大，小明在做匀减速直线运动，小亮在

做匀速直线运动，AB错误；

C．当两者共速时相距最远，即两人在6s末相距最远，开始运动时相距最近，最近距离为100m，故C错误；

6322

D．小亮仅在前4s能接收到信号，第4s末小明的速度为v=v0+at，am/s0.5m/s

6

代入数据得v=4m/s

64

则小明的位移为x小明4m20m

2

小亮的位移为x小亮=3×4m=12m

所以两人之间的位移差为100m+20m-12m=108m，即该对讲机的最远连接距离为108m，故D正确。

故选D。

8.如图所示，某弓箭手从不同位置将箭（可视为质点）以相同的初速度水平向左射出，以击中位于坐标原

点的固定靶子。忽略空气阻力，所有可行的射出位置所构成的图像可能是（）

A.B.

C.D.

【答案】B

【解析】

1

【详解】根据平抛运动的规律可知xvt，ygt2

2

g

可得yx2

2v2

则y-x图像为开口向上的抛物线。

故选B。

9.如图所示，两拖船P、Q拉着无动力货船S一起在静水中沿图中虚线方向匀速前进，两根水平缆绳与虚

线的夹角均保持60°，假设水对三艘船在水平方向的作用力大小均为f，方向与船的运动方向相反，则每

艘拖船发动机提供的动力大小为（）

A.3fB.1.5fC.23fD.3f

【答案】A

【解析】

【详解】设绳子上的拉力为T，拖船的动力为F，与运动方向成α角，三艘船的受力如图所示：

对货船，根据平衡条件，水平方向f2Tcos60

对拖船，根据平衡条件，竖直方向FsinTsin60

对拖船和货船整体，根据平衡条件，水平方向2Fcos3f

代入数据联立解得F3f

故选A。

10.如图为模拟“自动化”货物装卸装置的玩具，两边相互垂直的斜面固定在水平地面上，货箱A（含货物）

和配重B通过与斜面平行的轻绳跨过光滑滑轮相连。A装好货物后从0.8m高处由静止释放，运动到底端时

A和B同时被锁定卸货。已知装好货物的货箱A的质量为4.4kg，配重B的质量为1.1kg，A、B与斜面间

的动摩擦因数均为0.5，sin53°=0.8，sin37°=0.6，下列说法不．正．确．的是（）

A.货箱A下滑的加速度大小为1m/s2

B.货箱A下滑到底部时速度大小为2m/s

C.货箱A质量不断增加，其到达底端的速度可能为3m/s

D.若卸货后空箱A质量为0.1kg，则其被解锁后能回到原处

【答案】A

【解析】

【详解】A．A、B整体受力分析，根据牛顿第二定律可得

mAgsin53mBgsin37mAgcos53mBgcos37(mAmB)a

解得a2m/s2，故A错误，符合题意；

h

B．由题可知，A加速下滑的位移为x1m

Asin53

根据运动学规律可得2

vA2axA

解得货箱A下滑到底部时速度大小为vA2m/s，故B正确，不符合题意；

C．当A的质量远远大于B的质量时，A的加速度最大，根据牛顿第二定律可得

mAgsin53mAgcos53mAamax

解得2

amax5m/s

则此时A滑到底端的速度最大，根据运动学规律可得

vmax2axA10m/s

因此货箱A质量不断增加，其到达底端的速度可能为3m/s，故C正确，不符合题意；

D．若卸货后空箱A质量为m00.1kg，整体受力分析，根据牛顿第二定律可得

'

mBgsin37m0gsin53mBgcos37m0gcos53(m0mB)a

11

解得a'm/s2

12

则A可以上滑，A上滑到原位置时，克服摩擦力所做的功W1m0gcos53xA0.3J

B克服摩擦力所做的功W2mBgcos37xA4.4J

摩擦力做功消耗的总能量WW1W24.7J

重力势能的变化量EpmBgxAsin37m0gh5.8JW4.7J

因此空箱A被解锁后能回到原处，故D正确，不符合题意。

故选A。

二、选择题Ⅱ（本题共3小题，每小题4分，共12分。每小题列出的四个备选项中至少有一个符合题目要

求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）

11.下列关于物理学史和思想方法说法正确的是（）

v

A.加速度的定义a采用的是比值定义法

t

B.在“探究向心力大小的表达式”实验中采用控制变量的思想方法

C.牛顿在研究自由落体运动时利用了实验与逻辑推理相结合的方法

D.在“探究加速度与力、质量的关系”实验中采用等效替代的思想方法

【答案】AB

【解析】

v

【详解】A．加速度的定义a是通过速度变化量与时间变化量的比值来定义加速度的，采用的是比值定

t

义法，故A正确；

B．在“探究向心力大小的表达式”实验中采用控制变量的思想方法，分别控制物体的质量、速度和轨道半

径中的两个不变，研究第三个量对向心力的影响，故B正确；

C．伽利略在研究自由落体运动时利用了实验与逻辑推理相结合的方法，故C错误；

D．在“探究加速度与力、质量的关系”实验中通过控制质量不变探究加速度与力的关系，控制力不变探究

加速度与质量的关系，采用的是控制变量法，而非等效替代法，故D错误。

故选AB。

12.图甲为一创意木质海鸥挂饰，其简图如图乙。海鸥下端用细线悬挂一小球，上端通过四根完全相同的

轻质弹性绳悬挂于三角形金属支架上。已知小球和海鸥的质量分别为m、4m，整个挂饰处于静止状态，重力

加速度为g。当剪断细线瞬间，下列说法正确的是（）

A.小球仍处于平衡状态

1

B.海鸥的加速度大小为g

4

C.海鸥的加速度方向竖直向下

D.四根弹性绳对金属支架的作用力大小为5mg

【答案】BD

【解析】

【详解】A．当剪断细线瞬间，小球只受重力作用，则小球处于非平衡状态，A错误；

BC．当剪断细线瞬间，弹性绳的弹力不变，则海鸥受到的合外力为mg，方向向上，则海鸥的加速度大小为

mg1

ag，方向竖直向上，B正确，C错误；

4m4

D．对整体分析可知，四根弹性绳对金属支架的作用力大小为T=5mg，D正确。

故选BD。

13.图甲所示的摩天轮是热门游乐项目。某次运行中，质量为m的游客随摩天轮做半径为R的匀速圆周运

动，其竖直方向上的速度vy随时间t变化的规律如图乙所示（规定竖直向上为正方向）。已知重力加速度为

g，下列说法正确的是（）

A.摩天轮的运动周期为4t0

B.在t0时，游客处于最低点

C.在tt0时，游客的向心加速度方向竖直向下

2

v0

D.在t3t0时，游客所需向心力的大小为mgm

R

【答案】AC

【解析】

【详解】A．由图可知，摩天轮的运动周期为4t0，A正确；

B．在t0时，竖直速度最大，则游客处于与圆心等高的位置，B错误；

C．在tt0时，游客到达最高点，则此时向心加速度方向竖直向下，C正确；

2

v0

D．游客做匀速圆周运动的速度为v0，在t3t0时，游客到达最低点，所需向心力的大小为Fm，D

nR

错误。

故选AC。

非选择题部分

三、非选择题（本题共5小题，共58分）

14.某实验小组用如图1所示的装置开展“探究小车速度随时间变化的规律”实验。

（1）除了如图1所示的器材外，还需要的仪器有________。

A.B.C.D.

（2）下列说法正确的是________（多选）。

A.实验前，调节滑轮高度，使细线与轨道平行

B.实验前，应使槽码的质量远小于小车的质量

C.实验时，先释放小车，后接通打点计时器的电源

D.实验时，为充分使用纸带，小车释放位置应靠近打点计时器

（3）某同学得到纸带如图2所示，已知打点计时器所接交流电源频率为50Hz，实验时，纸带的________

端（选填“左”或“右”）与小车相连，打下点“1”时小车的速度大小为________m/s。（结果保留3位有

效数字）

【答案】（1）C（2）AD

（3）①.左②.0.624

【解析】

【小问1详解】

A．电火花打点计时器需要220V交流电源，不需要学生电源，故A错误；

B．实验不需要测量小车和槽码的质量，所以不需要天平，故B错误；

C．实验需要刻度尺测量纸带上点迹间的距离，故C正确；

D．电火花打点计时器可以计时，不需要秒表，故D错误。

故选C。

【小问2详解】

A．实验前，调节滑轮高度，使细线与轨道平行，保证小车做匀加速运动，故A正确；

B．该实验不需要使槽码的质量远小于小车的质量，故B错误；

C．实验时，先接通打点计时器的电源，等打点稳定后释放小车，故C错误；

D．实验时，为充分使用纸带，小车释放位置应靠近打点计时器，故D正确。

故选AD。

【小问3详解】

[1]纸带从左到右点间距逐渐增大，可知实验时，纸带的左端与小车相连。

[2]打点计时器所接交流电源频率为50Hz，每两计数点间还有4个点，则相邻两计数点间的时间间隔为

1

T50.1s

f

在匀变速直线运动中，某段时间内中间时刻的瞬时速度等于这段时间内的平均速度，打下点“1”时小车的

x12.48102

速度大小为v02m/s0.624m/s

2T20.1

15.某实验小组用图1所示的装置，测量橡皮筋的劲度系数。

（1）实验装置与操作：将橡皮筋一端用铁钉固定在长木板左端，另一端系一细线，细线跨过长木板右端的

光滑定滑轮，逐个悬挂钩码，待系统稳定后，测量橡皮筋右侧细线某处指针所指位置在刻度尺上的读数L，

实验数据记录如下表：

序号123456

钩码重力G/N0.20.40.60.81.01.2

L/cm4.897.41L312.4514.9717.50

（2）数据处理与分析：图1俯视图中，指针所指位置的读数L3为________cm，将表格中已有的数据在图2

的坐标纸上描点后，绘制L随F变化的图线。据此，计算得该橡皮筋的劲度系数为________N/m（结果保留

2位有效数字）。

（3）拓展应用：将全部钩码替换为全运会吉祥物“乐融融”（质量约为50g），根据图2中L随F变化的

图线，预测此时指针所指位置的读数为________cm（结果保留2位有效数字）。

【答案】①.9.90~10.00②.8.0##7.9##8.1③.8.6##8.5##8.7##8.8

【解析】

【详解】（2）[1]指针所指位置的读数L3为9.95cm；

1.2

[2]根据Fk(LL)，可得该橡皮筋的劲度系数为kN/m8.0N/m

0(17.52.5)102

，，

（3）[3]根据胡克定律mgk(LL0)，其中由图像可知弹簧原长L02.5cmmg0.49N解得

L8.6cm

16.某实验小组利用图1所示的装置，进行“探究两个互成角度的力的合成规律”实验。

（1）图1放大图中弹簧测力计的读数为________N。

（2）下列说法正确的是________。

A.两细线的长度必须完全相等

B.可以用手按住橡皮筋再读数

C.记录力的方向的细线适当长些

D.可以使弹簧测力计与木板成一定倾角

（3）某同学改用图2装置通过共点力的平衡“验证力的平行四边形定则”。某次平衡后与金属环O相连的

细线OC悬挂5个钩码，OA、OB跨过定滑轮后分别悬挂3个、4个钩码。将右侧滑轮移至D处，待系统稳定

后，OA、OB两线的夹角________（选填“增大”“减小”或“不变”）。

【答案】（1）2.50##2.51##2.52##2.53（2）C

（3）不变

【解析】

【小问1详解】

弹簧测力计的最小刻度为0.1N，则读数为2.52N；

【小问2详解】

A．两细线的长度要尽量长些，但不一定必须完全相等，A错误；

B．不可以用手按住橡皮筋再读数，否则会产生误差，B错误；

C．记录力的方向的细线适当长些，这样可减小记录力的方向时产生的误差，C正确；

D．为减小误差，必须要使弹簧测力计与木板平行，D错误。

故选C。

【小问3详解】

以O点为研究对象，受到三个力的作用，由于钩码个数不变，因此三个力的大小不变，O点所受竖直方向的

拉力大小方向不变，即OA，OB两绳子拉力的合力大小方向不变，根据平行四边形定则可知，二力的大小不

变，其合力的大小方向不变，则该二力的夹角不变。

17.2025年9月3日，纪念抗战胜利80周年阅兵中，某主战坦克以v010m/s匀速行驶，接到“定点停

车”指令后，以a2m/s2匀减速至停止。求：

（1）刹车后t12s末的瞬时速度v1；

（2）紧急刹车的总时间t；

（3）刹车到停止的总滑行距离x。

【答案】（1）v16m/s

（2）t5s

（3）x25m

【解析】

【小问1详解】

根据速度-时间关系可得:v1v0at1

解得v16m/s

【小问2详解】

vv010

刹车至停止时末速度v0，则刹车时间t0s5s

a2

【小问3详解】

v10

刹车到停止的总滑行距离x0t5m25m

22

18.如图所示，倾角37的斜面A置于粗糙水平面上。质量均为m的光滑小球B、C通过轻杆连接，小

球B置于斜面A上，小球C用细线固定于天花板。已知轻杆水平，细线与竖直方向夹角也为，A、B、C均

处于静止状态。sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度为g，求：

（1）轻绳对小球C的拉力FT的大小；

（2）斜面A对小球B的支持力FN的大小；

（3）地面对斜面A的摩擦力Ff。

【答案】（1）FT1.25mg

（2）FN1.25mg

（3）Ff0.75mg，方向水平向右

【解析】

【小问1详解】

设杆对小球C的弹力为F，对小球C进行受力分析：

水平方向FTsinF

竖直方向FTcosmg

mg

解得F1.25mg

Tcos

【小问2详解】

由（1）可知FFTsin0.75mg

而FF（与F是相互作用力）

将F和重力沿斜面、垂直斜面分解，根据平衡条件垂直斜面方向合力为0，则FNmgcosFsin

代入数据FNmg0.80.75mg0.61.25mg

【小问3详解】

选A、B、C及轻杆整体为研究对象，则FfFTsin0.75mg，方向水平向右。

19.如图所示，某鱼塘养殖区沿水平方向依次排列着6个方形网箱（编号1至6）。所有网箱宽度均为d1m，

左右边沿均与水面平齐，其中网箱1、6紧靠两岸。养殖区左岸的自动投料机投料口位于网箱1左边沿正上

方，离水面高度H1.25m。养殖区两岸离水面高度均为h0.45m。鱼饵（视为质点）从投料口以初速

度v0水平射出，忽略空气阻力，若鱼饵与岸发生碰撞，碰撞后水平速度大小不变、方向反向，竖直速度保

持不变，求：

（1）当v03m/s时，鱼饵在空中运动的总时间和落入网箱的编号；

（2）当v010m/s时，为使鱼饵落入网箱4，所有网箱需同步抬起的最小高度hm；

（3）使鱼饵落入网箱6的初速度v0的取值范围。

【答案】（1）t10.5s，网箱2

（2）hm0.45m

（3）10m/sv014m/s

【解析】

【小问1详解】

1

当v3m/s时，根据平抛运动规律可得Hgt2

021

2H

解得鱼饵在空中运动的时间为t0.5s

1g

鱼饵在水平方向的位移x1v0t11.5m

故鱼饵落入网箱2中。

【小问2详解】

当v010m/s时，落在网箱4右边界，则有4dv0t2

解得t20.4s

1

根据运动学规律可得Hhgt2

m22

解得hm0.45m。

【小问3详解】

由对称性可知：平抛的水平距离在5d~7d之间，则有5dv1t1

解得v110m/s

同理可得7dv2t1

解得v214m/s

2

16d

当时，落点D距离水面的高度，符合上述题意。

v014m/sh1Hgh

2v0

综上所述v0取值范围10m/sv014m/s

20.如图所示，传送装置由同一竖直平面内的四分之一圆弧轨道AB、水平轨