湖南岳阳市2026年高三教学质量监测（一模）物理试卷（含答案）

第第页湖南岳阳市2026年高三教学质量监测（一模）物理试卷一、选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。1．物理学的发展与完善离不开科学家的探索，也伴随着重要研究思想与方法的确立。下列对相关物理学史或物理思想方法的描述正确的是（）A．伽利略根据理想斜面实验，提出了力是维持物体运动的原因B．麦克斯韦电磁理论告诉我们变化的磁场可以产生电场，变化的电场可以产生磁场C．牛顿通过“月地检验”，发现了月球受到的引力与地面上的重力是不同性质的力D．点电荷是一种理想模型，当带电体的形状、大小及电荷分布状况对所研究问题影响不可忽略时，可以将带电体视为点电荷2．如图所示，在同一竖直平面内，两套自动投放装置分别安装在不同高度的固定平台上。装置①与装置②分别以大小相等、方向相反的水平初速度释放两个小型探测器，释放后探测器只受重力作用，且两探测器恰好在同一时刻落到地面，它们运动轨迹的交汇点为A点。不计空气阻力，则下列说法中正确的是（）A．两探测器一定在A点相遇B．两探测器一定是在同一时刻被释放的C．装置①与装置②释放的探测器水平方向的位移大小相等D．两物体运动过程中，速度变化率大小始终相等，方向竖直向下3．一只双层圆形晾衣篮（结构如图），篮口平面的圆心为O点。晾衣篮可视为质量均匀分布，半径R=0.40m的刚性圆环。四根轻绳下端系于圆环上四等分点A、B、C、D，上端汇到P点，再由挂钩悬挂。调节四根轻绳的长度，使P点始终在圆心O点正上方，且保持篮口水平。篮与衣物总质量m=12kg，取重力加速度g=10m/s2。每根绳允许的最大拉力为50N，为保证四根绳都不断裂，P点到O点的竖直距离至少应为（）A．0.30m B．0.25m C．0.20m D．0.15m4．如图所示，在某种介质水平面上有S1、S2、Q、O四个点，S1和S2之间的距离为8m，O点为S1和S2连线的中点，点Q到S1的距离为6m，到S2的距离为10m，两波源分别置于S1和S2，t=0时刻同时从平衡位置开始沿竖直方向振动，振动方程均为y=2sinA．该简谐波的波长为2mB．O点振动加强，Q点振动减弱C．在t=6.5s时，点Q的位移大小为4cmD．在0~4s的时间内，点O通过的路程为8cm5．如图所示，理想变压器原、副线圈匝数之比为2：1，接入u=2202sin100πt（V）的理想交流电源，定值电阻R1和R2的阻值均为55Ω，滑动变阻器R3的最大阻值为55Ω，电流表、电压表均为理想电表。当滑动变阻器R3的滑片P从最上端滑动到最下端的过程中，电流表和电压表示数变化量的绝对值分别用ΔI和ΔU表示，下列判断正确的是（）A．滑片在向下滑动过程中，电源的输出功率变小B．滑片在向下滑动过程中，电流表的示数变小C．当滑片滑到最下端时，电压表的示数为44VD．电表示数变化量的绝对值之比ΔU6．如图所示，某智能物流系统的倾斜传送带AB与水平面夹角为a=37°，传送带以v=6m/s的速率沿顺时针方向匀速运行。现将一个质量m=200kg的打包货箱（可视为质点）无初速地置于底端A处。为了提高运输效率，系统对货箱施加一个沿传送带向上的恒定辅助拉力F=1600N。已知货箱与传送带的动摩擦因数μ=0.125，取重力加速度g=10m/s2，空气阻力忽略不计。当货箱运行至顶端B时，速度大小恰好为10m/s，sin37°=0.6，cos37°=0.8。关于该过程，下列判断正确的是（）A．货箱从底端A运行至顶端B耗时5sB．传送带AB段长度LAB=36mC．由于货箱与传送带相对滑动产生的热量为2800JD．货箱在传送带上留下的摩擦痕迹长为14m7．如图甲所示，在与竖直平面平行的匀强电场中，有一质量为m=0.4kg，带电量为q=+0.5C的小球（可视为质点），小球在半径R=2m的竖直光滑圆轨道上，从与圆心等高的点A以初速度v0沿轨道切线向下运动，恰好能做完整的圆周运动。角度θ为小球从A点起沿运动方向转过的圆心角，C点为轨道最低点，已知带电体在运动过程中电势能Ep随角度θ的变化图像如图乙所示，电势能的最大值Ep0=6J，取重力加速度g=10m/s2。下列判断正确的是（）A．电场强度大小为6N/C，方向水平向右B．小球在从A点运动到C点的过程中机械能先增大后减小C．小球在运动过程中速度的最大值为10m/sD．小球在运动过程中对轨道压力的最大值为30N二、选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8．我国“朱雀”行星探测计划对类地行星X进行详细探测，探测器将先进入行星X的同步轨道（轨道周期与行星自转周期相同），轨道高度为h。随后经过多次变轨，最终进入贴近行星表面的圆形轨道运动。已知行星自转周期为T0，贴近表面轨道周期为T，引力常量为G，忽略大气阻力及探测器质量变化。根据上述信息，下列判断正确的是（）A．T小于T0B．行星X的半径R与同步轨道高度h满足关系式RC．行星X的质量可表示为M=4D．探测器在行星X同步轨道上的加速度大于在贴近表面轨道上的加速度9．如图所示，质量分别为m1和m2的两个小球之间用轻绳AB、BQ和轻弹簧PA连接并保持静止，其中轻绳AB保持水平，轻弹簧PA与竖直方向夹角为37°，轻绳BQ与竖直方向夹角为53°，sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度为g，下列说法正确的是（）A．mB．mC．剪断轻绳BQ的瞬间，小球m1的加速度为12D．剪断轻绳BQ的瞬间，小球m2的加速度为1210．如图所示，两根足够长的导轨由上下两段电阻不计，光滑的金属导轨组成，在M、N两点绝缘连接，M、N两点等高，间距L=1m，连接处平滑。导轨面与水平面夹角θ=30°，导轨两端分别连接一个C=0.6F的电容器和一个阻值，R=1.6Ω的电阻，整个装置处于B=1T的垂直斜面向上的匀强磁场中，两根导体棒ab、cd分别放在MN两侧，质量分别为m1=0.4kg、m2=0.2kg，棒ab电阻忽略不计，棒cd电阻A．棒ab静止释放到与棒cd相遇运动的时间为1B．棒cd沿导轨向上运动的距离为6.4C．棒cd沿导轨向上运动过程中产生的焦耳热为24D．两棒碰后，棒cd速度大小为2三、非选择题：本题共5小题，共57分。11．甲同学用单摆测定重力加速度的装置如图所示，O为固定悬点，摆球用细线悬挂，在摆球与O点之间串联力传感器，记录细线对摆球的拉力F。将摆球从最高点（与竖直方向夹角θ<5∘）由静止释放，摆球在同一竖直面内往返运动。数据采集得到（1）由图乙可知，单摆的振动周期T=s。（2）若已知摆长L和周期T，则当地重力加速度的表达式g=（用L、T表示）。（3）乙同学发现他们组的摆球在水平面内做圆周运动，如图丙所示，这时如果测出摆球做这种运动的周期，仍然用单摆运动公式求出重力加速度，则由此测得的重力加速度值与真实值相比将（选填“偏大”“偏小”或“不变”）。12．某同学利用实验室的实验器材制成了简易的欧姆表，该简易欧姆表有×10、×1两个倍率，如图所示，已知电流计（内阻Rg=60Ω，量程为Ig=1mA）、滑动变阻器R（最大阻值为1500Ω）、电阻箱（0~499.9Ω）、干电池（E=1.2V，r=0.8Ω）。（1）电路中M应为（填“红”或“黑”）表笔；断开开关S时，应为（填“×10”或“×1”）倍率。（2）断开开关S，调节滑动变阻器R使电流计满偏，则滑动变阻器接入电路的电阻值为Ω，当电流表的指针偏转角度为满偏的34时，此时所对应的电阻阻值应为（3）这位同学发现，表内电池的电动势已经下降，但仍然可以调零。实际测量时，实际阻值为240Ω的标准电阻的测量值为300Ω，分析可知表内电池的电动势等于V。13．某同学利用几何光学原理制作了一种简易液体折射率测量仪，一正方体容器，边长为d=10cm，紧贴容器底边内侧贴有等间距刻度尺，最左端刻度为0刻度，向右刻度增大。空容器时，从A点恰好能看到底部刻度尺的0刻度点B，向容器中加入透明液体，每次都加到同一高度，使液面稳定在离底部h=8cm处，仍沿AB方向观察，恰好能看到底部刻度尺的C点，读出其刻度读数为x=4cm，空气的折射率取1.0，光在空气中的传播速度取3×108m/s，求：（1）C点刻度处对应的液体折射率n（已知10≈3.16（2）光在该液体中的传播速度v。14．有一粒子源位于边长为2L的正方体空间内的几何中心O，能够向水平各个方向发射速度大小均为v0（1）若只加竖直向下的匀强电场，为使垂直于平面ABCD射出的粒子能打在F点，求所加电场的场强E的大小；（2）若只加竖直向下的匀强磁场，磁感应强度B1（3）当所加竖直向下的匀强电场E=4mv02qL15．一质量M=1kg的绝缘长木板放在倾角θ=37°的光滑斜面上，并在外力作用下保持着静止状态。木板左端距斜面底端的距离s=10.25m，斜面底端固定着一弹性薄挡板，与之相碰的物体会以原速率弹回。t=0时刻将一质量m=2kg的带正电小物块置于木板上距离木板左端l=37m的位置，并使其获得沿木板向上的初速度v0=6m/s，如图所示，与此同时，撤去作用在木板上的外力。空间还存在着沿斜面向上的匀强电场，场强大小E0=4×103N/C，小物块的带电量q=3×10-3C，当木板第一次与弹性挡板相碰时，撤去电场。木板与物块间的动摩擦因数μ=0.5，小物块可以看作质点，且整个过程中小物块不会从木板右端滑出，不考虑因电场变化产生的磁场，sin37°=0.6，cos37°=0.8，取重力加速度g=10m/s（1）t=0时刻，小物块和木板的加速度的大小；（2）木板第一次与挡板碰撞前瞬间的速度大小；（3）小物块从木板左端滑出之前木板与挡板碰撞的次数，及滑出瞬间小物块与挡板间的距离。

答案解析部分1．【答案】B【解析】【解答】A．伽利略的理想斜面实验推翻了亚里士多德“力是维持物体运动的原因”这一错误观点，通过实验推理得出：物体不受外力时，将保持匀速直线运动状态，明确了力是改变运动状态的原因，故A错误；B．麦克斯韦建立了经典电磁场理论，核心结论为：变化的磁场能够在周围空间激发电场，变化的电场也能够激发磁场，二者相互激发形成电磁波，故B正确；C．牛顿的“月地检验”通过定量计算，证明了月球绕地球做圆周运动的向心力，与地面上物体所受的重力本质相同，都遵循万有引力定律，验证了万有引力的普适性，故C错误；D．点电荷是为了简化电磁问题构建的理想化物理模型，只有当带电体的尺寸、形状、电荷分布对研究的电场问题影响可忽略时，才能将其抽象为点电荷，并非只要体积小就可视为点电荷，故D错误；故答案为：B。

【分析】逐一对应各选项涉及的物理学史实与核心概念，辨析伽利略理想斜面实验的结论、麦克斯韦电磁场理论的内容、牛顿“月地检验”的意义、点电荷模型的适用条件。2．【答案】D【解析】【解答】A、两探测器的运动轨迹虽交汇于A点，但二者运动时间不同，经过A点的时刻不一致，并非在A点相遇，A错误；B、两探测器同时落地，但平抛运动的下落时间由高度决定，二者释放高度不同，因此下落时间不同，对应的释放时刻也不相同，B错误；C、平抛运动水平方向为匀速直线运动，水平位移x=vD、两探测器做平抛运动时，均只受重力作用，加速度均为重力加速度g，而加速度是速度的变化率，因此二者运动过程中速度的变化率相同，D正确；故答案为：D。【分析】相遇的条件是同一时刻到达同一位置，而非轨迹交汇；平抛运动下落时间由高度决定，落地时间相同则释放时间不同；水平位移由初速度和运动时间共同决定；加速度是速度的变化率，平抛运动加速度恒为g。3．【答案】A【解析】【解答】设P点到O点的竖直高度为h，每根绳与竖直方向的夹角为θ。对P点进行受力分析，由共点力平衡条件，竖直方向合力为零，可得：mg=4T结合几何关系，绳的水平投影长度等于圆盘半径R，因此有：tan由平衡方程可知，当绳的拉力T达到最大值50N时，cos⁡θ取最小值，对应h取最小值。代入数据解得cos⁡θ=0.6故答案为：A。【分析】以P点为研究对象，利用共点力平衡条件建立拉力与绳角的关系；结合几何关系关联绳角与竖直高度；根据拉力的最大值，推导竖直高度的最小值。4．【答案】C【解析】【解答】A．根据振动方程y=2sin⁡(πt)cm，可得角频率ω=πrad/s。由周期公式T=2πω计算得周期T=2sB．O点到两波源的路程差为0，满足振动加强条件；Q点到两波源的路程差为4m，恰好等于一个波长λC．波从S1传到Q点需3s，从S2传到Q点需5s。在t=6.5s时，S1的波已在Q点振动3.5s，S2的波已在Q点振动1.5s。两列波在Q点引起的振动相位相同，发生叠加，合振幅为2+2=4D．波传到O点所需时间为2s，在0∼4s内，O点实际振动时间为2s，恰好为一个周期。质点在一个周期内的路程为4A故答案为：C。【分析】熟练掌握振动方程与波速、波长、周期的换算关系；明确振动加强点的判定条件（路程差为波长的整数倍）；计算特定时刻两列波在某点的振动相位及叠加效果；结合波的传播时间计算质点振动路程，逐一判断。5．【答案】D【解析】【解答】A．设交流电源有效值为U（恒定不变），对副线圈电路由闭合电路欧姆定律得I2=U2R2+R3；对原线圈电路有U1=U−I1B．由上述分析，R3减小使原线圈电流I1增大，根据变流比C．滑片滑到最下端时，副线圈总电阻R2=55Ω，结合I2=2I1、U1=2U2D．由题意ΔU=|ΔU2|、ΔI=|ΔI2|，结合U1故答案为：D。【分析】以变压器变压比、变流比为核心，结合闭合电路欧姆定律，分别分析原、副线圈的电压、电流关系；针对R3变化的动态过程，推导电流、功率的变化规律；代入临界条件计算副线圈电压；通过电压、电流变化量的关系，推导Δ6．【答案】C【解析】【解答】A．对货箱分两阶段受力分析：第一阶段货箱速度小于传送带，摩擦力沿斜面向上，由牛顿第二定律得F+μmgcos⁡θ−mgsin⁡θ=ma1，代入数据得a1=3m/s2，加速到与传送带共速的时间t1=vB．传送带长度为两阶段货箱位移之和，即L=xC．摩擦力大小f=μmgcos⁡37∘=200N；第一阶段货箱相对传送带的位移ΔsD．摩擦痕迹长度不等于总相对路程，需考虑两阶段相对位移的覆盖关系，实际痕迹长度为8m故答案为：C。【分析】分阶段分析货箱受力与运动状态，明确摩擦力方向随相对运动的变化；结合牛顿第二定律计算各阶段加速度、时间与位移；通过相对路程计算摩擦生热，区分相对路程与痕迹长度的物理意义。7．【答案】D【解析】【解答】A．由电势能-角度图像可知，θ=0°的A点电势能最大，为Ep0=6J。结合电势能公式EB．从A到C的过程中，电场力先做负功后做正功，电势能先减小后增大；机械能的变化量等于除重力外其他力做的功，即电场力做功，因此机械能先减小后增大，故B不符合题意；C．将重力与电场力的合力视为等效重力，计算得等效重力F合=5N，方向与竖直方向成37°斜向左下方，等效重力加速度a=F合m=12.5m/s2D．在等效最低点，轨道对小球的支持力最大。由牛顿第二定律FN−F故答案为：D。【分析】利用电势能公式结合图像求解电场强度与方向；明确电场力做功与电势能、机械能变化的关系；引入等效重力场法，将复合场中的圆周运动转化为等效重力场下的圆周运动，分析等效最高点的临界速度、等效最低点的最大速度与支持力。8．【答案】A,C【解析】【解答】A．根据开普勒第三定律，卫星轨道半径越大，运行周期越长。同步卫星轨道半径R+h大于行星近地轨道半径R，因此同步轨道周期T0大于近地轨道周期T，即T<B．由开普勒第三定律R3(R+h)C．对同步轨道卫星，万有引力提供向心力，由GMm(R+h)D．探测器的向心加速度由a=GMr2决定，轨道半径越大，加速度越小。同步轨道半径R+h故答案为：AC。【分析】以开普勒第三定律为核心，分析不同轨道半径与周期的对应关系；利用万有引力提供向心力的规律，推导行星质量的表达式；结合向心加速度与轨道半径的反比关系，对比不同轨道的加速度大小。9．【答案】B,C【解析】【解答】AB．对两小球分别做受力分析，设弹簧PA弹力为F、绳AB张力为T1、绳BQ张力为T2。对m1，水平方向Fsin⁡37∘=T1，竖直方向FcosCD．剪断绳BQ瞬间，弹簧弹力F不变，绳AB张力突变。对m1，竖直方向Fcos⁡37∘=m1g，故竖直加速度a1y=0，水平方向T'−Fsin⁡37∘=m1a故答案为：BC。【分析】先对平衡状态下的两球分别做正交分解受力分析，联立方程求解质量比；再分析剪断绳后的瞬时状态，利用弹簧弹力不突变、绳张力突变、两球水平加速度相等的条件，联立求解两球的加速度。10．【答案】A,B【解析】【解答】A．由电容器电荷量公式q=CU及感应电动势U=BLv，得回路电荷量变化Δq=C⋅BLΔv。对金属棒ab，由牛顿第二定律m1gsin⁡30∘B．对cd棒上滑过程应用动量定理Ft−m2gsin⁡θ⋅t−BIL⋅t=C．碰前瞬间cd速度为4m/s，由功能关系Fxcd−m2gD．两棒发生弹性碰撞，取沿斜面向上为正方向，碰前v1=−2m/s、v=4m/s。由动量守恒m1v1故答案为：AB。【分析】利用电磁感应与牛顿第二定律结合，推导ab棒的匀加速运动规律；借助动量定理结合电磁感应电荷量公式，求解cd棒上滑位移；通过功能关系计算总焦耳热并分配；利用弹性碰撞的动量守恒与能量守恒，推导碰撞后的速度。11．【答案】（1）1.6（2）4（3）偏大【解析】【解答】（1）由图乙F−t图像可知，相邻两个拉力峰值之间的时间间隔为Δ即摆球连续两次经过最低点的时间间隔为Δ所以单摆的振动周期为T=2Δt=1.6（2）由单摆的周期公式T=2π可得当地重力加速度的表达式为g=4π2L（3）若摆球在同一水平面内做圆锥摆运动，其周期公式为T其中θ为细线与竖直方向的夹角，由于cosθ<1所以对同一摆长L有圆锥摆的周期T'小于单摆的周期T。若仍然用单摆运动公式求出重力加速度，由于实际周期测量值T'偏小，将导致测得的重力加速度值与真实值相比偏大。

故答案为：偏大；(2)直接应用单摆的周期公式T=2πLg，对公式进行变形，将重力加速度g作为未知量，用摆长L和周期T表示，推导出(3)先写出圆锥摆的周期公式T'=2πL（1）由图乙F−t图像可知，相邻两个拉力峰值之间的时间间隔为Δ即摆球连续两次经过最低点的时间间隔为Δ所以单摆的振动周期为T=2（2）由单摆的周期公式T=2π可得当地重力加速度的表达式为g=（3）若摆球在同一水平面内做圆锥摆运动，其周期公式为T其中θ为细线与竖直方向的夹角，由于cosθ<1所以对同一摆长L有圆锥摆的周期T'小于单摆的周期T。若仍然用单摆运动公式求出重力加速度，由于实际周期测量值T12．【答案】（1）黑；×10（2）1139.2；400（3）0.96【解析】【解答】（1）在欧姆表内部，电流从内置电源的正极流出，经过黑表笔、外部待测电阻、红表笔流回电源负极，因此与内部电源正极相连的M表笔为黑表笔；S断开时，干路的最大电流变小，根据Ig故答案为：黑；×10；

（2）根据闭合电路欧姆定律I可得R=1139.2Ω当电流表指针偏转为满偏的34时，设所测电阻为Rx，有代入数据解得R故答案为：1139.2；400；

（3）当电池电动势下降为E'后，仍可调零，欧姆表的内阻R'测量一个实际电阻值为R真=240Ω的电阻时，指针指向的刻度值为R测=300Ω，对于同一个指针位置（即相同的电流I），在电动势为E和E'时，分别满足I=E可得E'=0.96V

故答案为：0.96；

【分析】(1)根据欧姆表内部电流流向（电源正极→黑表笔→待测电阻→红表笔→电源负极），判断与电源正极相连的表笔为黑表笔；由满偏电流公式I(2)用闭合电路欧姆定律Ig=Er+R+Rg，代入数据求解串联电阻(3)电池电动势下降后调零，由Ig=E（1）[1]在欧姆表内部，电流从内置电源的正极流出，经过黑表笔、外部待测电阻、红表笔流回电源负极，因此与内部电源正极相连的M表笔为黑表笔；[2]S断开时，干路的最大电流变小，根据Ig（2）根据闭合电路欧姆定律I可得R=1139.2Ω当电流表指针偏转为满偏的34时，设所测电阻为Rx，有代入数据解得R（3）当电池电动势下降为E'后，仍可调零，欧姆表的内阻R'测量一个实际电阻值为R真=240Ω的电阻时，指针指向的刻度值为R测=300Ω，对于同一个指针位置（即相同的电流I），在电动势为E和E'时，分别满足I=E可得E'13．【答案】（1）解：C点发出的光线CO从液体射向空气中，由折射定律有sin∠AOM由几何关系可知∠AOM=45°解得液体的折射率n=10（2）解：因为n=解得v=3【解析】【分析】(1)根据折射定律n=sin⁡θ空气sin(2)利用折射率与光速的关系n=cv，将第(1)问求出的折射率代入，变形后计算光在液体中的传播速度（1）C点发出的光线CO从液体射向空气中，由折射定律有sin∠AOM由几何关系可知∠AOM=45°解得液体的折射率n=10（2）因为n=解得v=314．【答案】（1）粒子水平方向匀速直线运动L=竖直向下做匀加速直线运动L=12解得：E=（2）粒子在水平面内做匀速圆周运动，根据牛顿第二定律q解得r=mv粒子从O点运动到侧面的最短时间，对应圆周运动中从O点到侧面垂足P的最短弦长，由几何关系可知，弦长OP=L，圆心角θ=最短时间t=θ（3）同时加上电场和磁场，粒子运动可以分解为竖直向下的匀加速直线运动，水平方向的匀速圆周运动。水平方向洛伦兹力提供向心力q周期T=竖直向下匀加速运动L=12联立解得B【解析】【分析】(1)粒子做类平抛运动，水平方向匀速直线运动L=v0t，竖直方向匀加速直线运动y=12at2；由牛顿第二定律(2)粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由qv0B1=mv0(3)粒子同时受电场和磁场作用，运动分解为竖直向下的匀加速直线运动和水平方向的匀速圆周运动；水平方向洛伦兹力提供向心力，列方程求半径r2和周期T；竖直方向位移L=12⋅qEmt（1）粒子水平方向匀速直线运动L=竖直向下做匀加速直线运动L=12解得：E=（2）粒子在水平面内做匀速圆周运动，根据牛顿第二定律q解得r=mv粒子从O点运动到侧面的最短时间，对应圆周运动中从O点到侧面垂足P的最短弦长，由几何关系可知，弦长OP=L，圆心角θ=最短时间t=θ（3）同时加上电场和磁场，粒子运动可以分解为竖直向下的匀加速直线运动，水平方向的匀速圆周运动。水平方向洛伦兹力提供向心力q周期T=竖直向下匀加速运动L=12联立解得B15．【答案】（1）解：对物块进行分析，根据牛顿第二定律有F解得a1=−4m/s对木板进行分析，根据牛顿第二定律有μmg解得a2（2）解：物块先向上做匀减速直线运动，木板先向上做匀加速直线运动，令历时t1达到相等速度，则有v解得t1=1此过程，物块位移x木板位移x之后两者保持相对静止先一起向上做匀减速直线运动，速度减至零后又向下做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律有−解得a=−2运动