广东省深圳高级中学集团2026年中考模拟考试物理试题（含答案）

第第页广东省深圳高级中学集团2026年中考模拟考试物理试题一、2026年春晚融合了传统与现代，展现了中华文化的独特魅力。请运用所学物理知识，完成1～5题。1．春晚小品《智能邻居》中，演员与机器人进行对话互动。下列关于声现象说法正确的是（）A．机器人发出的声音是由内部扬声器振动产生的B．观众分辨演员和机器人的声音主要依据是音调不同C．机器人识别语音指令，说明声音可以传递能量D．演员靠近机器人说话，是在人耳处减弱噪声2．春晚“非遗焕新”环节中，投影仪将敦煌壁画投射到半透明纱幕上，形成放大的彩色影像，下列说法正确的是（）A．投影仪的镜头是凹透镜，使光线发散从而扩大画面范围B．其成像原理与放大镜相同，成正立放大的虚像C．若想让纱幕上的壁画像变大，应将投影仪镜头向靠近纱幕的方向移动D．观众从剧场两侧也能看清画面，是因为光在纱幕表面发生了漫反射3．春晚舞蹈节目《春雪》中，舞台利用干冰制造出如梦似幻的“云雾”效果。关于这一现象，下列说法正确的是（）A．“云雾”是干冰升华形成的二氧化碳气体B．“云雾”是工作人员向舞台喷射的真实烟雾C．利用干冰升华吸热，使空气中的水蒸气放热液化而成D．舞台地面出现的“白霜”是水蒸气凝固形成的4．在《武BOT》节目中，机器人完成了一系列醉拳动作。下列分析正确的是（）A．机器人向上腾空翻转时，若所有外力突然消失，它将立即静止B．机器人向前行走时，受到地面的摩擦力方向始终与运动方向相反C．机器人静止站立时，受到的重力和舞台对它的支持力是一对相互作用力D．机器人从单脚站立变成双脚站立时，对舞台的压强变小5．“武BOT”灵活的四肢运动，依赖于内部的高性能直流电动机，下列图中与电动机工作原理相同的是（）A．B．C．D．6．如图是我国发射神舟十七号载人飞船的情景，下列说法正确的是（）A．火箭发动机是一种比柴油机效率更高的热机B．火箭选用偏二甲肼作燃料，主要是因为它含有大量的热量C．穿越大气层时，飞船与大气摩擦，飞船的内能转化为机械能D．偏二甲肼的原料是化石燃料，化石燃料属于可再生能源7．某同学用如图所示的电路测小灯泡功率，电源电压恒为4.5V，滑动变阻器的规格为“20Ω1A”，灯泡标有“2.5V1.25W”字样。闭合开关后灯泡全程不超过额定电压，不考虑灯丝电阻的变化，则下列说法正确的是（）A．灯泡的电阻为2ΩB．该电路允许通过的最大电流为0.5AC．该电路的最大功率是2.7WD．滑动变阻器的阻值最大只能到18Ω二、作图题（共2小题，每题2分，共4分）8．春晚舞台上某款重500N的机器人完成前空翻，如图所示，请画出机器人悬空瞬间所受重力示意图（其中O为重心）。9．按照要求完成电路。要求：只闭合S时，电动机单独工作；只闭合S1三、填空题（共3小题，每空1分，共9分）10．如图是深圳地标建筑——“湾区之光”摩天轮，转轮直径约113m，质量为50kg的小明乘坐摩天轮轿厢，轿厢由最低点匀速运动到最高点的过程中，他的运动状态（选填“改变”或“不变”），摩天轮轿厢对小明做功J（忽略轿厢的高度），小明的机械能（选填“增大”“减小”或“不变”）。（g取10N/kg）11．用图中滑轮组将物块匀速提升了20cm用时2s，动滑轮重0.9N，绳子自由端弹簧测力计的示数如图所示为N，不计绳重及摩擦，则该物块重N。如果要提高滑轮组的机械效率，你的做法是（答出一条即可）。12．图是一款穿戴式“智能手表”，具有精准定位、计步统计、能量消耗统计等功能，内置规格为“3.7V300mAh”的锂电池，该手表满电时锂电池所储存的电能为J。佩戴者在操场上跑步时智能手表记录情况如图所示，则他跑步的速度是m/s，跑步过程中，以佩戴者手腕为参照物，智能手表是（选填“运动”或“静止”）的。四、实验探究题（共3小题，每空1分，共15分）13．a、b两小组的同学们按照图甲所示的装置做“探究水在沸腾前后温度变化的特点”的实验。（1）实验进行一段时间后，如图甲所示温度计的示数为。（2）a组同学第5min时观察到水中产生气泡和图（选填“丙”或“丁”）一样；图丙中的气泡上升过程中浮力。（选填“变大”“变小”或“不变”）（3）两小组所用器材完全相同，相同时间内水吸收的热量相同，分析图乙中图像可知，可以判断出组的水质量大，a、b两组同学烧杯中水的质量之比为ma:14．某学习小组在“探究液体压强与哪些因素有关”的实验中，进行了如下操作和分析：（1）如图甲所示，某同学使用液体压强计前，发现U形管左右两侧液面存在高度差。他接下来应该的操作是_______；A．取下软管重新安装 B．向U形管右侧加水直至液面相平（2）小明认为图丙中的液体压强更大，判断依据是；（3）保持图丙中金属盒的位置不变，将浓盐水倒入烧杯中搅匀后为图丁，观察图丙和丁，小明得出了“同一深度的液体密度越大，内部压强越大”的结论。此结论错误的原因是。（4）小明将压强计进行改装，在U形管另一端也连接上探头，实验现象如图戊所示，不同液体内部在同一深度处，（选填“左”或“右”）侧液体产生的压强大。15．某小组用如图甲的电路图探究“电流与电阻的关系”，实验中所用器材：学生电源、四个定值电阻（5Ω、10Ω、15Ω、20（1）请用笔画线代替导线将图甲所示的实物连接成完整电路；（2）该组的两个同学先后进行实验，并作出I−R图像如图乙所示，图（选填“A”或“B”）实验操作中不符合要求，原因是；（3）实验过程中定值电阻为20Ω时，滑动变阻器刚好需要滑到最大阻值处才能记录数据，请根据图乙中符合要求的I−R图像计算该电路的电源电压是（4）另一组同学设计了如图丙所示电路测量未知电阻的阻值。已知电源电压不变，定值电阻的阻值为R0①闭合开关S1，将开关S2掷于“1”时，调节滑动变阻器的滑片到适当位置，记下此时电压表的示数为②，记下此时电压表的示数为U2③请写出待测电阻的阻值表达式Rx=（用R0、U1五、计算题（共2小题，共15分）16．如图是我国某公司研发的四轮机器狗，其质量为80kg，四轮与水平地面的总接触面积为50cm（1）该机器狗静止于水平地面时，对地面的压强；（2）该机器狗匀速直线行驶时，受到的牵引力大小；（3）该机器狗以最大速度匀速行驶2min，牵引力做功的功率。17．如图甲所示为一款两挡电火锅，其简化电路原理图如图乙所示，R1和R2均为发热电阻，S为电源开关，S1（1）电火锅将2kg水从20℃加热至100℃，水吸收的热量；（2）电火锅高温挡正常工作5min消耗的电能；（3）电阻R2六、综合题（共2小题，共13分）18．【项目背景】学校物理社团开展制作杆秤的项目化学习研究活动。【驱动问题】如何利用杠杆原理制作一把高精度的杆秤，并将其改装为可以直接读取液体密度的“密度秤”？【项目研究与实施】任务一：制作基础杆秤利用一根木制筷子、一个小盆（作秤盘）、一个钩码（作秤砣）、细线、刻度尺和记号笔等材料制作如图乙杆秤。（1）量程选择：图甲中使用提纽________（选填“1”或“2”）时杆秤的量程更大。（2）刻度标定：小组同学按照以下步骤在图乙杆秤上定刻度：①空秤盘时，标记水平平衡时秤砣悬挂点为“0”刻度。②在秤盘中放入100g砝码，再次标记水平平衡时秤砣悬挂点为“100g”。③将“0”到“100g”之间均匀划分50格，则每一格代表________g。（3）讨论与改进：在制作过程中，同学们发现若要增大杆秤的量程，可换用更________（选填“重”或“轻”）的秤砣。任务二：改装为“密度秤”（4）为能直接测量液体密度，同学们尝试对杆秤进行改造：用小杯子代替小盆挂在秤钩处，如图丙所示。①杯中无液体时，提起秤纽，秤砣在点A处秤杆水平平衡，将A点标记为“0”（表示液体密度为0g②向杯中加入水至固定刻度线a处，移动秤砣至点B使秤杆再次水平平衡。已知水的密度为1g③分析可知，在“0”和“1”之间划分的刻度是________（选填“均匀”或“不均匀”）的。【分析与评估】（5）为了制作出分度值更小的“密度秤”，下列改进措施可行的是_______。A.把提纽位置往靠近杯子一侧移动B.减少加入杯中的液体体积C.减小秤砣的质量（6）用该密度秤测量某液体时，杯子外壁沾有液体，则所测液体的密度值将________。19．阅读材料，回答下列问题。新能源时代的“中国速度”——比亚迪第二代刀片电池与兆瓦闪充技术2026年3月，比亚迪正式发布“兆瓦闪充2.0”技术与“第二代刀片电池”。第二代刀片电池采用磷酸锰铁锂（LMFP）作为正极材料，电压平台从3.2V提升至3.8V；负极采用硅碳复合材料，克容量大幅提升。其单体能量密度突破210W兆瓦闪充充电站采用“储充一体”架构。单枪峰值功率达1500kW（1.5MW），最大输出电流1500A，输出电压范围200V-1000V。站内配备大容量储能柜（由车规级刀片电池组成），平时以较小功率从电网取电储存，充电时由储能柜快速释放电能，避免对电网造成瞬时冲击。充电枪线采用全液冷技术，内部充满冷却液，能在1500A大电流下保持低温。某款搭载第二代刀片电池的轿车，电池包总容量为100kW·h，能量密度为200W·h（1）第二代刀片电池的单体电压平台从3.2V提升至3.8V。若要将多个单体电池组合成一个输出电压为380V的电池包，需要将这些单体电池进行（选填“串联”或“并联”），大约需要个单体电池。（2）为了防止线缆过热，充电枪采用了全液冷技术，利用冷却液的循环流动，通过（选填“做功”或“热传递”）的方式将热量带走。（3）在25℃环境下，该轿车电池剩余电量为10%时，用兆瓦闪充桩充电5min，电池增加的电能是kW·h。（4）该款电动轿车配备的电池质量是kg。（5）请为这款搭载“兆瓦闪充”技术的汽车设计一个安全警示标语，并简单解释所用物理原理。

答案解析部分1．【答案】A【解析】【解答】A．机器人发出的声音由内部扬声器振动产生，故A正确；B．分辨演员和机器人的声音主要依据是音色不同，故B错误；C．机器人识别语音指令，说明声音可以传递信息，故C错误；D．在人耳处减弱噪声是指在人耳处采取降噪措施（如戴防噪耳罩），演员靠近机器人说话不属于这类情况，故D错误。故选A。

【分析】（1）声音是由物体的振动产生的。

（2）音色与发声体的材料和结构有关。

（3）声音可以传递信息，如B超，声音可以传递能量，如超声波碎石。

（4）减弱噪声的三种途径：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱。2．【答案】D【解析】【解答】AB．投影仪的镜头是凸透镜，凸透镜对光有会聚作用，其成像原理f<u<2f，v>2f，成倒立、放大的实像，放大镜的成像原理是u<f，成正立、放大的虚像，两者的成像原理不同，故AB错误；C．根据“物近像远像变大”可知，若要使成的像变大，应减小物距，并增大像距，即将投影仪向远离纱幕的方向移动，故C错误；D．从剧场两侧也能看清画面，是因为光在纱幕表面发生了漫反射，故D正确。故选D。

【分析】（1）投影仪的镜头是凸透镜，当物距在一倍焦距与二倍焦距之间，像距大于二倍焦距，成倒立、放大的实像；

（2）放大镜的成像是物距在一倍焦距以内，成正立、放大的虚像；

（3）要使成的像变大，应减小物距，并增大像距；

（4）平行光射向凹凸不平的反射面，反射光线射向四面八方，这种反射是漫反射。3．【答案】C【解析】【解答】ABC．“云雾”是利用干冰升华吸热，使空气中的水蒸气遇冷液化放热形成的小液滴，不是真实的烟雾，故AB错误，C正确；D．舞台地面出现的“白霜”是水蒸气凝华形成的，故D错误。故选C。

【分析】物质由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固，由液态变为气态叫汽化，由气态变为液态叫液化，由固态直接变为气态叫升华，由气态直接变为固态叫凝华。4．【答案】D【解析】【解答】A．机器人向上腾空翻转时，速度不为0，若所有外力突然消失，它将做匀速直线运动，故A错误；B．机器人向前行走，后脚蹬地时，脚有向后运动的趋势，受到地面的摩擦力方向与运动方向相同，不一定与运动方向相反，故B错误；C．机器人静止站立时，受到的重力和舞台对它的支持力，大小相等，方向相反，是一对平衡力，故C错误；D．机器人从单脚站立变成双脚站立时，对舞台的压力不变，受力面积变大，根据压强公式p=F故选D。

【分析】（1）当物体不受力时，会保持静止状态或匀速直线运动状态；

（2）摩擦力方向与物体相对运动方向相反；

（3）物体处于平衡状态，受到平衡力的作用；

（4）根据p=F5．【答案】A【解析】【解答】直流电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力运动。A．扬声器的工作原理是通电线圈在磁场中受力运动，和直流电动机的原理相同，故A符合题意；B．动圈式话筒的原理是电磁感应现象，和直流电动机的原理不同，故B不符合题意；C．电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，利用的是电流的磁效应，和直流电动机的原理不同，故C不符合题意；D．电磁感应现象，是发电机的工作原理，和直流电动机的原理不同，故D不符合题意。故选A。

【分析】直流电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力运动。6．【答案】A【解析】【解答】A．火箭发动机属于热机，工作原理是将燃料燃烧产生的高温高压气体高速向后喷出，从而获得向前的推力。在此过程中，燃气内能绝大部分转化为机械能，能量损失较少，火箭发动机效率更高，故A正确；B．火箭选用偏二甲肼作燃料，主要是因为偏二甲肼具有高热值，而热量是过程量，不能说物体“含有”热量，故B错误；C．穿越大气层时，飞船与大气摩擦，机械能转化为内能，故C错误；D．偏二甲肼的原料是化石燃料，化石燃料属于不可再生能源，故D错误。故选A。

【分析】（1）在热机中，用来做有用功的那部分能量与燃料完全燃烧放出的热量之比，叫热机的效率；

（2）热量是过程量，不能说物体“含有”热量；

（3）内能的改变：做功、热传递；

（4）可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源，例：水能、风能、太阳能、生物质能、潮汐能；不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源，例：化石能源（煤炭、石油、天然气）、核能。7．【答案】B【解析】【解答】A．灯泡名牌“2.5V1.25W”，不考虑灯丝电阻的变化，灯泡的电阻：

R故A错误；B．灯泡的额定电流：

I滑动变阻器允许最大电流1A，灯泡与滑动变阻器串联，电流处处相等，要求“灯泡全程不超过额定电压”，因此电路最大电流为0.5A，故B正确；C．电源电压恒为4.5V，由P=UI可知电路最大功率发生在电流最大时：

P故C错误；D．滑动变阻器最大阻值R滑max=20 电路中电流：

I=此时灯泡两端的电压为：

U满足电路安全要求，故D错误。故选B。

【分析】由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。

（1）（2）（3）知道灯泡的额定电压和额定功率，根据R=U2P8．【答案】【解析】【解答】重力的作用点在机器人的重心O处，重力方向始终为竖直向下，从O点沿竖直向下方向画一条带箭头的线段，用G表示，大小为500N，如图所示：

【分析】根据重力的方向是竖直向下的，从物体重心做竖直向下的力即可。9．【答案】【解析】【解答】由题意可知，只闭合S时，电动机单独工作，说明电灯和电动机互不影响，是并联的；只闭合S1时，电灯与电动机均不工作，两个开关同时闭合时，电灯与电动机同时工作，说明开关S1

【分析】结合题目给出的三个条件，可以初步判断出开关S的通断影响着整个电路，即开关S位于干路中，控制整个电路；

而S1的通断，只影响电灯的工作状态，说明了电灯与电动机是并联关系，且电灯和开关S1串联在同一支路中，可据此画出对应的电路图。10．【答案】改变；56500或5.65×10【解析】【解答】轿厢由最低点匀速运动到最高点的过程中，运动的速度不变，运动方向不断发生变化，故小明的运动状态发生改变。最低点到最高点的高度等于转轮的直径h=113m，摩天轮轿厢对小明做的功：

W=Gh=mgh=人乘坐摩天轮匀速转动，在上升的过程中，人的质量不变、速度不变，动能不变，高度变大，重力势能增大；机械能等于动能与重力势能之和，所以其机械能增加。

故答案为：改变；56500；增大。

【分析】（1）运动状态改变是指速度大小的改变、运动方向的改变或者二者同时改变。

（2）根据W=Gh=mgh计算轿厢对小明做功。

（3）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；

重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大；

机械能=动能+势能。11．【答案】1.2；2.7；在绳子能承受的拉力范围内，增大物重【解析】【解答】图中弹簧测力计分度值为0.2N，示数为1.2N；由图可知，动滑轮上绳子段数n=3，不计绳重及摩擦，则该物块重力为：

G=nF−不计绳重及摩擦，滑轮组的机械效率：

η=由上式可知，增大物重G，滑轮组的机械效率变大，所以如果要提高滑轮组的机械效率，可以在绳子能承受的拉力范围内，增大物重。

故答案为：1.2；2.7；在绳子能承受的拉力范围内，增大物重。

【分析】（1）认清弹簧测力计的分度值，根据指针对应的刻度读数；

（2）根据滑轮组装置确定绳子股数，不计绳重及摩擦，利用F=1n（G+G动）12．【答案】3996；4；静止【解析】【解答】已知锂电池的规格为“3.7V300mAh”，则该手表满电时锂电池所储存的电能：

W=UIt=3.7由图可知，佩戴者运动的时间：

t=8跑步过程运动的距离：

s=2佩戴者跑步的速度：

v=以佩戴者手腕为参照物，智能手表相对于手腕的位置没有发生变化，因此智能手表是静止的。

故答案为：3996；4；静止。

【分析】（1）根据W=UIt计算锂电池所储存的电能；

（2）根据图中佩戴者运动的时间和距离，利用速度公式v=st进行计算；13．【答案】（1）94℃（2）丁；变小（3）b；2∶5【解析】【解答】（1）由图甲可知，温度计分度值为1℃，示数为94℃。（2）由图乙可知，第5min时，a组的水处于沸腾状态，水在沸腾时产生大量气泡，水汽化产生的水蒸气进入气泡，所以气泡在上升过程中逐渐变大，所以产生的气泡和图丁一样。图丙中的气泡上升过程中，体积变小，排开液体的体积变小，液体密度不变，根据阿基米德原理F浮（3）由图乙可知，从开始加热到水刚开始沸腾，相同时间内，b组水温变化慢，所以b组水的质量大。加热至沸腾时，a、b两组水吸热时间之比为ta∶t温度变化量之比：

Δ由热量公式Q=cmΔt可得，

mamb=QacΔtaQbcΔtbQaQb（1）由图甲可知，温度计分度值为1℃，越往上温度计的示数越大，此时温度为零上，示数为94℃。（2）[1]水在沸腾时产生大量气泡，且气泡在上升过程中逐渐变大，由图乙可知，第5min时，a组的水处于沸腾状态，所以产生的气泡和图丁一样。[2]图丙中的气泡上升过程中，体积变小，排开液体的体积变小，液体密度不变，根据F浮（3）[1]由图乙可知，从开始加热到水刚开始沸腾，相同时间内，b组水温变化慢，所以b组水的质量大。[2]a、b两组水吸热时间之比为t故水吸收的热量之比Q温度变化量之比Δ由热量公式Q=cmΔt14．【答案】（1）A（2）U形管液面高度差更大（3）没有保持探头深度相同（4）左【解析】解答（1）压强计U形管左右两侧的水面有一定的高度差说明U形管中两管上方的气体压强不相等，此时需要将软管取下并重新安装，使气体压强相等，故A符合题意，B不符合题意。故选A。（2）小明认为图丙中的液体压强更大，判断依据是丙图中U形管左右液面高度差更大。（3）要探究液体压强与液体密度的关系，应使探头深度相同，液体密度不同，而小明将一杯浓盐水倒入烧杯中搅匀，深度发生了变化，故此结论错误的原因是没有保持探头深度相同；（4）如图戊所示，不同液体内部在同一深度处，U形管左液面比右液面低，因此左侧液体产生的压强大于右侧液体产生的压强。

故答案为：（1）A；（2）U形管液面高度差更大；（3）没有保持探头深度相同；（4）左。

【分析】（1）压强计U形管左右两侧的水面有一定的高度差，可知两管气体压强不相同，据此分析；

（2）（4）液体内部压强的大小是通过液体压强计U形管两边液面的高度差来判断的，高度差越大说明此时的液体压强越大，采用了转换法；

（3）液体压强与液体的深度和密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变。（1）压强计U形管左右两侧的水面有一定的高度差说明U形管中两管上方的气体压强不相等，此时需要将软管取下并重新安装，使气体压强相等，左右两侧的水面是相平的，压强计才可以正常使用，故A符合题意，B不符合题意。故选A。（2）本实验中用U形管左右液面高度差来反映液体压强大小，是转换法。小明认为图丙中的液体压强更大，判断依据是丙图中U形管左右液面高度差更大。（3）要探究液体压强与液体密度的关系，应使探头深度相同，液体密度不同，而小明将一杯浓盐水倒入烧杯中搅匀，深度发生了变化，故不能得出正确结论。（4）如图戊所示，不同液体内部在同一深度处，U形管左液面比右液面低，因此左侧液体产生的压强大。15．【答案】（1）（2）A；没有控制电阻两端的电压不变（3）6（4）保持滑片位置不变，将开关S2掷于“2”；【解析】【解答】（1）连接电路时，电压表要并联在定值电阻的两端，且电压表需按照“正进负出”的原则接入电路，如图所示：（2）探究“电流与电阻的关系”时，应控制定值电阻两端的电压不变，即电流与电阻的乘积是一个定值，图乙中B图线每组电流与对应的电阻乘积均为3V不变，

U=IR=0.6A×5Ω=0.3A×10Ω=0.2A×15Ω≠0.25A×20Ω

所以B实验操作符合要求，

A图线每组电流与对应的电阻乘积不相等，

U=IR=0.6A×5Ω≠0.4A×10Ω≠0.3A×15Ω≠0.15A×20Ω=3V

所以A实验操作中不符合要求。（3）由B图可知，定值电阻两端的电压为3V，当定值电阻R'=20Ω时，滑动变阻器最大阻值为R滑动变阻器两端的电压：

U电源电压：

U=（4）①闭合开关S1，将开关S2掷于“1”时，Rx与R0、滑动变阻器串联，调节滑动变阻器的滑片到适当位置，电压表测②保持滑片位置不变，将开关S2掷于“2”，Rx与R0、滑动变阻器串联，电压表测R0与Rx两端的总电压U2Rx的阻值：

Rx=UxI=U2−U1U1R0=U2−U1U1⋅R0

故答案为：（1）；（2）A；没有控制电阻两端的电压不变；（3）6；

（4）②保持滑片位置不变，将开关S2掷于“2”；③U2−U1U1⋅R0。

（1）连接电路时，电压表要并联在定值电阻的两端，且电流从电压表正接线柱流入，负接线柱流出，如图所示：（2）由欧姆定律可知，在电压不变时，电流与电阻成反比，即电流与电阻的乘积是一个定值，图乙中B图线每组电流与对应的电阻乘积均为3V不变，所以B实验操作符合要求，A图线每组电流与对应的电阻乘积不相等，如电阻为5Ω时，电流为0.6A，乘积为3V，电阻为10（3）由B图可知，定值电阻两端的电压U当定值电阻R'=20Ω时，滑动变阻器最大阻值为滑动变阻器两端的电压U电源电压U=（4）[1][2]①闭合开关S1，将开关S2掷于“1”时，Rx与R0、滑动变阻器串联，电压表测②保持滑片位置不变，将开关S2掷于“2”，Rx与R0、滑动变阻器串联，电压表测R0与Rx两端的总电压U2Rx的阻值16．【答案】（1）解：机器狗受到的重力：

G=mg=80机器狗静止于水平地面时，机器狗对水平地面的压力和机器狗受到的重力大小相等，即机器狗对水平地面的压力：

F=G=800对地面的压强：

p=答：该机器狗静止于水平地面时，对地面的压强1.6×105Pa。（2）机器狗受到的水平牵引力大小恒为总重力的0.5倍，即机器狗受到的水平牵引力：

f=0.5G=0.5×800机器狗做匀速直线运动，其受到的牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等，则机器狗受到的牵引力大小：

F=f=400答：该机器狗匀速直线行驶时，受到的牵引力大小为400N（3）机器狗的速度：

v=18牵引力做功的功率：

P=答：牵引力做功的功率为2000W【解析】【分析】（1）机器狗静止时对水平地面的压力等于物体和车的总重力，根据F=G=mg求出其大小；已知车轮与地面的接触面积（即受力面积），根据p=FS求出对水平地面的压强；

（2）机器狗匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，根据F=f=0.02G求出机器狗牵引力；

（3）利用（1）机器狗受到的重力G=mg=80机器狗静止于水平地面时，机器狗对水平地面的压力和机器狗受到的重力大小相等，即机器狗对水平地面的压力F=G=800对地面的压强p=（2）机器狗受到的水平牵引力大小恒为总重力的0.5倍，即机器狗受到的水平牵引力f=0.5G=0.5×800机器狗做匀速直线运动，其受到的牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等，则机器狗受到的牵引力大小F=f=400（3）机器狗的速度v=18牵引力做功的功率P=17．【答案】（1）解：水吸收的热量为：

Q吸=c水（2）工作时间t=5电火锅高温挡正常工作5min消耗的电能为：

W=答：电火锅高温挡正常工作5min消耗的电能6.6×10（3）电源电压U=220V不变，根据P=U2R，电阻越小功率越大。当S闭合、S1闭合时，R2被短路，只有R1则R1的阻值为：

低温挡的总电阻为：

R电阻R2的阻值为：

答：电阻R2的阻值88【解析】【分析】（1）知道水的质量、比热容、初温和末温，利用Q吸=cm（t-t0）求出水吸收的热量；

（2）利用W=Pt求出电火锅高温挡正常工作5min消耗的电能；

（3）由图可知，当开关S、S1都闭合时，只有电阻R1接入电路；当开关S闭合、S1断开时，两电阻串联，根据串联电路的电阻特点和P=U2R知高温挡和低温挡时电路的连接方式；根据高温、低温挡功率和P=U2R求出电阻R1的阻值以及R（1）水吸收的热量为Q（2）工作时间t=5电火锅高温挡正常工作5min消耗的电能为W=（3）电源电压U=220V不变，根据P=U2R，电阻越小功率越大。当S闭合、S1闭合时，R2被短路，只有R1则R1的阻值为低温挡的总电阻为R电阻R2的阻值为18．【答案】(1)1

(2)2

(3)重

(4)均匀

(5)C

(6)偏大【解析】【解答】（1）提纽离秤盘越近，物体对应的阻力臂就越小。根据杠杆平衡条件，在秤砣重力与最大动力臂保持不变的情况下，所能平衡的物体重力也就越大，所以提纽1的测量量程更大。（2）由题干条件可得，零刻度线至100g刻度之间共划分50小格，据此可算出每一小格对应的质量大小，每格代表质量100g（3）依据杠杆平衡原理，在阻力臂、动力臂等条件不变时，秤砣质量越大，能够测量的物体重力就越大，量程随之增大，因此可更换质量更大的秤砣。（4）空杯水平平衡时，满足杠杆平衡关系式①；向杯中装入体积固定、密度为ρ的液体后，再次根据杠杆平衡列出关系式②。联立两式化简推导，可得移动距离与液体密度成正比例关系，故此装置刻度分布均匀。（5）想要减小分度值、提升精度，需增大AB段刻度间距，让相同密度变化下，秤砣移动距离更长。结合推导公式分析：

A.提纽靠近杯体，阻力臂减小，对应系数变小，不符合要求；

B.减小液体体积，系数变小，不符合要求；

C.减小秤砣质量，对应系数变大，分度值更小，符合题意。

综上，选择C。（6）若杯子外壁残留附着液体，会造成测得的液体总质量偏大