湖南市雅礼中学2026届高三下学期高考模拟（二）（月考十）物理+答案

高三模拟卷(二)2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试一、单项选择题(本题共7小题，每小题4分，共28分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的)1.2026年武威钍基熔盐核电项目取得新的进展。已知²Th核发生衰变的核反应式为233Th→33Pa+X,衰变过程中伴随有γ射线射出。该γ射线照射到逸出功为W。的金属表面，逸出的光电子最大初动能为Ek,普朗克常量为h。则C.若该γ射线照射到逸出功为2W。的金属表面，也一定有光电子逸出D.该衰变过程中产生γ光子的频率为2.中国象棋用具简单，趣味性强，流行极为广泛。如图所示，3颗完全相同的象棋棋子整齐叠放在水平面上，第3颗棋子最左端与水平面上的O点重合，所有接触面间的动摩擦因数均相同，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。现用一直尺快速水平向右把中间棋子击出，稳定后，1和3棋子的位置情况可能是物理试题(H10)第1页(共8页)空间站dR3.如图，从我国空间站伸出的长为d的机械臂外端安置一微型卫星。绕地球做匀速圆周运动过程中，微型卫星和空间站与地心始终在一条直线上。已知地球半径为R,空间站的轨道半径为空间站dRA.微型卫星的角速度比空间站的角速度小B.微型卫星的线速度与空间站的线速度大小之比C.空间站的加速度与地球表面重力加速度之比D.若机械臂操作不当导致微型卫星脱落，微型卫星将做近心运动4.某电场的等差等势线分布如图中的实线所示。一带正电的试探电荷射入电为运动轨迹与等势线的交点。已知试探电荷A.b点的电势低于c点的电势B.若试探电荷从a点运动到c点，电势能先增大后减小C.试探电荷在a点时的加速度小于在c点时的加速度D.试探电荷在a点时的速度小于在c点时的速度5.近年来，中科院研发的第三代横波远探测成像测井仪在超深井中实现了清晰的井外地质成像及8340米深度的探测纪录，创下该类国产仪器深度探测纪录，对保障国家能源安全具有重要意义。若一列简谐横波沿x轴传播，如图所示，图甲是t=3s时的波形图像，P为波传播方向上的一个质点。此时yp=5cm,图乙是x=2m甲处质点Q的振动图像。下列说法正确的是乙A.该波沿x轴正方向传播B.该波通过2m的障碍物时，不会发生明显的衍射现象C.质点P再经过0.25s通过的路程为5cmD.t=4s时，质点P的加速度方向沿y轴正方向，且加速度在增大IⅡ真空Ⅲ6.如图绝热汽缸内壁光滑，被锁定的绝热活塞a、b把汽缸容积等分成三份，其中IIⅡ真空Ⅲ活塞a突然漏气，一段时间后再解锁b,当系统重新稳定时，下列说法正确的是A.活塞b处于汽缸中央B.I的温度大于Ⅲ的温度C.I、Ⅲ中单位时间单位面积碰撞器壁分子个数相同D.与初始状态相比，Ⅲ中单位时间单位面积碰撞器壁分子个数增加物理试题(H10)第2页(共8页)根长度L=1m的不可伸长的轻绳使小球在水平面内做以O₂为圆心的匀终落在O₃所在的水平地面上。O₁O₂O₃的连线垂直地面，不计空气对小球运动的影响，小球可视为质点且落地后即静止。重力加速度g取10m/s²,下面说法正确的是A.若只增大小球的质量，落点到O₃的距离减少B.小球的落点到O₃的距离二、多项选择题(本题共3小题，每小题5分，共15分，在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的不得分)8.磁感应强度为B的匀强磁场中，矩形导线框abcd沿ab边中垂线ef垂直弯折，弯折后的线框绕PM轴以角速度w匀速转动(从上往下看为顺时针方向),PM与磁场方向垂直，ae=eb=bc=L,t=0时刻转动到如图所示位置，此时磁场方向与线框aefd平行，与线框ebcf垂直，且线框ebcf垂直纸面向外，下列说法正确的是A.t=0时线框abcd中电流方向为c→bB.线框abcd中的电流可能不按正弦式规律变化C.线框abcd的磁通量最小值为BL²9.如图甲所示，倾角θ=30°的光滑斜劈固定在水平地面质点的小球B相连，静止时小球B与斜面底端相距2l。现将与小球B完全相同的小球A从斜劈底部以一定的初速度沿弹簧轴线方向滑上斜劈，两球发生碰撞且碰撞时间极短，碰后粘连在一起共同运动21后速度减为零。以A、B碰撞位置为坐标原点O,沿斜面向上为正甲乙方向建立x轴，碰后A、B整体的重力势能随x变化的图像如图乙中I所示，弹簧的弹性势能随x变化的图像如图乙中Ⅱ所示，重力加速度为g,则A.小球A的质量B.弹簧的劲度系数为kC.碰撞后两小球的速度为2√glD.小球A在斜劈底部的初速度为√10gl物理试题(H10)第3页(共8页)10.如图，在xOy平面直角坐标系x>0、y<y。区域内存在大小为Bo、方向垂直于纸面向里的匀强磁场，在x<0、y<y。区域内存在大小为3Bo、方向垂直于纸面向里的匀强磁场。开始计时时，一质量为m、电荷量为q的带正电的粒子以速度vo从坐标原点O沿x轴正向射入磁场，A.若粒子的速度方向能再次沿x轴正向，所经历的时间可能B.若粒子的速度方向能再次沿x轴正向，此时粒子位置的纵坐标可能C.若粒子离开磁场时速度与y轴成30°夹角，所经历的时间可能D.若粒子离开磁场时速度与y轴成30°夹角，yo的大小可能三、实验题(本题共2小题，共16分)11.(7分)某小组利用如图所示的实验装置探究合外力做功与动能变化的关系。调节木板倾斜程度，使得滑块未连接细绳时，恰好可以沿着木板匀速下滑。细绳一端通过力传感器连接在天花板上，另一端绕过滑块上的滑轮连接一重物(含遮光条),重物下方安装有两个光电门A和B。(1)本实验不需要测量的物理量有◎A.滑块的质量MB.重物的质量mC.光电门A和B之间的高度hD.遮光条宽度d和经过光电门的遮光时间tA、tBE.力传感器的读数F物理试题(H10)第4页(共8页)(2)重物通过光电门A时，滑块的速度为0(3)重物从A运动到B的过程中，滑块所受合外力做的功为,滑块动能的变化量为,若两者在实验误差范围内，即可得到合外力做功与动能变化的关系。12.(9分)某兴趣小组用如图(a)所示电路测量待测电阻R.的阻值(为几百欧),图中G(内阻Rg=100Ω)为量程0～10mA的灵敏电流计，R。为定值电阻(R₀=100Ω),R为滑动变阻器(滑动变阻器R₁:阻值范围0～10Ω;滑动变阻器R₂:阻值范围0～100Ω)。(1)操作一：将滑动变阻器的滑片置于适当位置后，闭合开关S₁,将单刀双掷开关S₂接1端，改变滑动变阻器滑片的位置，记录此时电流计的示数I₁;操作二：保持滑动变阻器滑片不动，将S₂接2端，记录此时电流计的示数I₂。若要求上述两次操作中M、N两点间的电压的位置重复上述操作并记录对应的I₁和I₂。(2)由(1)中电流的数据描点作图，以I₂为纵坐标，以I₁为横坐标，得到如图(b)所示的图线，图线斜率的物理意义用表达式表示为k=(用物理量的标号表示),则R= Ω(结果保留3位有效数字)。5(3)由于(1)中操作一和操作二，M、N两点间的电压会发生变化，实验过程中认为该电压不四、计算题(本题共3小题，共41分)性良好且可无摩擦左右滑动，汽缸I左端开口。外界大气压强为po,汽缸I内通过活塞A封有压强为po的气体，汽缸Ⅱ内通过活塞B封有压强为4po的气体，一细管连通两汽缸，初始状态A、B均位于汽缸最左端。该装置放入水下后，通过A向右移动的距离可测定水的深度。体视为理想气体。14.(14分)如图所示，两足够长的平行光滑的金属导轨MN、PQ相距为d,导轨平面与水平面的两金属导轨的上端连接右侧电路，灯泡的电阻RL=3R,电阻箱电阻调到R′=6R,重力加速度为g。现闭合开关S,给金属棒施加一个方向垂直于杆且平行于导轨平面向上的、大小为F= 消耗的功率最大?消耗的最大功率为多少?高三模拟卷(二)物理参考答案一、单项选择题(本题共7小题，每小题4分，共28分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的)1234567DCCADBD1.D【解析】半衰期是原子核的固有属性，与外界温度、压强等环境因素无关，温度升高Th的半衰期不变，故A错误；根据核反应电荷数、质量数守恒，X的电荷数为90-91=-1,质量数为233—233=0,可知X为电子，该衰变为β衰变；且α射线的实质是高速氦核流，不是电子流，故B错误；由光电效应方程得该γ光子能量为hv=Ek+W₀,若照射逸出功为2W。的金属，只有满足hv≥2W。(即Ek≥W₀)时才会有光电子逸出，因此不一定逸出，故C错误；根据光电效应方程Ek=hv—W。变形得Y光子频率,故D正确。故选D。2.C【解析】根据题意三颗相同象棋棋子竖直叠放，所有接触面间的动摩擦因数均相同，设1、2两个棋子间最大静摩擦力为f,则2、3棋子间最大静摩擦力为2f,第三颗棋子与水平面间最大静摩擦力为3f,中间棋子被击出，中间棋子对第1颗棋子有向右滑动摩擦力，则第1颗棋子有向右的加速度，即向右有位移，后落在第3颗棋子上，在摩擦力作用下静止在第3颗棋子上，第3颗棋子仍受力平衡，第3颗棋子位移是零，可知稳定后，棋子的位置情况可能是C。故选C。3.C【解析】微型卫星和空间站与地心始终在一条直线上，可知微型卫星的角速度和空间站的角速度相等，故A错误；根据v=rw可知微型卫星的线速度与空间站的线速度大小之比,故B错误；根据牛顿第二定律,解得空间站所在轨道处的加速度,在地球表面,解得,所)故C正确；对卫星,卫星脱落后,做离心运动，故D错误。4.A【解析】根据曲线运动条件可知，带正电的试探电荷受到的静电力在曲线凹侧，可知电场线方向也指向曲线凹侧，随着电场线方向电势降低，可知b点的电势低于c点的电势，故A正确；试探电荷从a点运动到c点，电势先减小后增大，根据Ep=qφ可知，电势能先减小后增大，故B错误；等差等势线越密，场强越大，图像可知a点处等差等势线比c处密集，可知a点场强大于c点场强，则试探电荷在a点受到的静电力F比b大，根据可知，试探电荷在a点时的加速度比b大，故C错误；题图可知ac在同一等势面上，其电势差为0,根据动能定理有qU=0=△Ek;可知动能变化量为0,因此试探电荷在这两点的动能相同，则速度大小也相同，故D错误。故选A。5.D【解析】由图乙可知t=3s时，x=2m处质点Q向下振动，根据“同侧法”可知，该波沿x轴负方向传播，故A错误；该波的波长为λ=4m,当障碍物比波长小或与波长接近时，波会发生明显的衍射现象，故B错误；t=3s时yp=5cm,波的周期为T=2s,经过,波向x轴负方向传播，可把波形整体向左平移m,可知此时质点P并未到达波峰位置，其通过的路程小于5cm,故C错误；从t=3s到t=4s时，质点P经历T,可把波形整体向左平移半个波长，即2m,可知此时质点P在y=-5cm的位置，且质点P向下振动，故加速度方向沿y轴正方向，且加速度在增大，故D正确。故选D。6.B【解析】设初始状态气体的压强为p,体积为V,温度为T₀,活塞a漏气后，由于绝热过程，I中气体自由扩散，体积变为2V,设此时I中气体压强为p₁,解锁b活塞后，系统平衡时的压强为p,I中气体的体积为V₁,温度为T₁,Ⅲ中气体的体积为V₃,温度为T₃根据玻意耳定律，对于I中气体，b活塞未解锁时，则有pV=p₁·2V活塞b解锁后，根据理想气体状态方程则对应Ⅲ中气体则由于解锁b后，Ⅲ中气体膨胀对外做功，内能减小，温度降低，则有T₃<T。活塞b压缩I中气体，I中气体内能增大，温度升高，则有T₁>T。联立可得V₁>V³,可见活塞b并未处于汽缸中央，故A错误，B正确；根据上述分析可知，I、Ⅲ中气体的温度不同，分子的平均动能不同，虽然两部分的压强相等，但单位时间碰撞容器壁单位面积上的分子个数与压强、分子平均动能都有关系，则I、Ⅲ中单位时间碰撞器壁单位面积分子个数不相同，故C错误；初始时，Ⅲ中气体的体积为V,最终状态Ⅲ中气体的体积大于V,分子数密度减小，又因温度降低，分子平均动能减少，因此单位时间碰撞容器壁单位面积的分子个数减小，故D错误。故选B。7.D【解析】绳子断开后小球做平抛运动，由解得设小球做圆周运动的速度大小为v,则有解得小球平抛的水平位移,小球的落点到O₃的距离s=√(Lsin37°)²+x²=1.2m,与小球质量无关，故AB错误；由,得若增大L,由,得v=√gLsin37°tan37°小球平抛的水平位移小球的落点到O₃的距离,又1,若增大L,由二次函数知识可知落点到O₃的距离一直增大，故C错误，若增大H,由可知小球做平抛运动的时间变长，小球平抛运动的初速度大小不变，则小球平抛的水平位移x变大，落点到O₃的距离s变大，故D正确，故选D。二、多项选择题(本题共3小题，每小题5分，共15分，在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的不得分)题号89答案ADAD8.AD【解析】t=0时刻磁通量在增大，由楞次定律可得为abcd中电流方向为d→c→b→a,故A正确；闭合导体线框绕垂直于匀强磁场的轴匀速转动，即可产生正弦式交流电，则线框abcd中的电流为正弦式交流电，故B错误；当abcd所在平面平行于磁场时有效面积最小为0,则磁通量最小值为0,故C错误；当abcd所在平面垂直于磁场时有效面积最大为S=√2L²,最大感应电动势em=BSw=√2BL²w,故D正确。故选AD。9.BD【解析】设两小球质量均为m,碰后两小球重力势能随x变化图像斜率绝对值为2kl=2mgsinθ=mg解得,A错误；由图乙可知，小球B静止时弹簧的伸长量为l,设弹簧的劲度系数为k’,应有k'l=可得k′=k,B正确；对两小球从碰后到速度减为0,由能量守恒可得Ek₁+Ep+E;1=Ep十Ei2由图像可知Ep=Ep2,EG=kl²,Ep;2=5kl²解得Ek₁=4kl²又因为联立可得v=√2gl,C错误；解得碰前速度v₁=2v=2√2gl对小球A从最低点到碰前，由能量守恒可得E₀=E+EG解得vo=√10gl,D正确。故选BD。在左侧磁场中运动的半径,周期若粒子的速度方向能再次沿x轴正向，所经历的时间若粒子的速度方向能再次沿x轴正向，此时粒子位置的纵坐标则不可能,B错误；的形式从磁场中沿与y轴成30°角方向射出，根据几何关系可知,所以d₂<d₁,故粒子离开磁场时不可能沿着轨迹a;若粒子沿类似轨迹b的形式从磁场中沿与y轴成当n=3时,粒子所经历的时间三、实验题(本题共2小题，共16分)11.(7分)(1)B(1分)②其中重物经过两光电门时的速度分别为,则对应的滑块的速度等于重物速度的即由于使用了力传感器，不需要用重物的重力代替绳子的拉力，因此不需要测量重物的质量m,故ACDE正确，B错误。本题选择不需要测量的物理量。故选B。(2)连接滑块的滑轮为动滑轮，因此滑块的运动速度为重物速度的一半，即滑块的速度(3)重物从A运动到B的过程中，滑块运动的距离,滑块所受的合外力F合=2F,合外力所做的功W=滑块动能的变化量为12.(9分)(1)R₁(2分)(3)系统(1分)大于(2分)【解析】(1)两次操作中M、N两点间的电压变化极小，可以忽略，滑动变阻器越小越好，应选R₁。(2)根据题意，电路M、N间电压保持不变，由串联电路特点与欧姆定律有I₁(R+R,)=I₂(R+R,+R₀)解得故图线斜率的物理意义用表达式表示为将k代入解得(3)由于实验原理本身带来的误差应为系统误差；单刀双掷开关S₂接2时，电路总电阻变大，由闭合电路的欧姆定律可知，干路电流变小，路端电压变大，分压电路分压变大，即M、N间电压变大，I₂的测量值偏大，待测电阻阻值为电流I₂值偏大，则待测电阻R,测量值大于真实值。四、计算题(本题共3小题，共41分)13.(10分)(1)2h(2)4h【解析】(1)当A向右移动时，设B不移动，对I内气体，由玻意耳定律得解得p₁=3po而此时B中气体的压强为4po>p1,故B不动…………(1分)设深度计所处位置水的深度为h₁,则有解得h₁=2h(2)该装置放入水下后，由于水的压力A向右移动，I内气体压强逐渐增大，当压强增大到大于4po后B开始向右移动，当A恰好移动到缸底时所测深度最大，设最大深度为hm,此时原I内气体全部进入Ⅱ内，设B向右移动x距离，两部分气体压强为p2。对原I内气体，由玻意耳定律得p₀SL=p₂Sx……(2分)对原Ⅱ内气体，由玻意耳定律得4poSL=p₂S(L—x) 又因为联立解得hm=4h 14.(14分)(1)(3)当R′=3R时消耗的功率最大，最大功率：(2)设回路总的电热为Q,由功能关系导体棒的电热(3)R'消耗的电功率为P=I'²R′,由(1)得稳定时E=Bdvm,化简可得由数学知识可知，当时，即R′=R=3R…………(2分)时R′消耗的功率最大，最大功率为(不可直接用等效电源处理)…………(1分)15.(17分)(1)0.1N·s【解析】(1)物块a从A滑到B根据动能定理，有解得v₀=5m/s……(2分)物块滑到传送带上时，根据牛顿第二定律，有μmg=ma,a=5m/s²…………………(1分)当物块速度减为4m/s时，由运动学公式v²—v₂=-2ax,解得运动的位移为x=0.9m<L由此可知物块在传送带上运动时将会与传送带共速……………………(1分)物块a第一次与传送带共速的时间为t₁,则有