河南省信阳市淮滨县2025-2026学年高三物理上学期9月月考试题含解析

2025-2026学年度上学期9月月考

高三物理试题

考试时间：75分钟满分：100分

学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________

注意事项：

1、答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在试卷、答题卡上。

2、回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如

需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。

写在本试卷上无效。

3、考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

第I卷（选择题）

一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只

有一项是符合题目要求的。

1．如图所示，物块P、Q叠放在光滑的水平面上，二者在力F的作用下一起向右加速运动，

下列说法正确的是（）

A．物块P受到4个力的作用

B．物块P、Q的接触面可能光滑

C．物块Q受到5个力的作用

D．物块Q受到的支持力大小等于物块Q的重力

2．如图，在天花板上吊有一台电风扇，当电风扇静止时，挂钩受到的拉力大小为F1。当通

电后叶片平稳转动时，挂钩受到的拉力大小为F2。关于F1和F2的大小，下列说法正确的是

（）

A．F1可能大于F2B．F1可能小于F2C．F1一定大于F2D．F1一定小于F2

3．如图所示，物体甲放置在水平地面上，通过跨过定滑轮的轻绳与小球乙相连，整个系统

处于静止状态。现对小球乙施加一个水平力F，使小球乙缓慢上升一小段距离，整个过程中

物体甲保持静止，甲受到地面的摩擦力为Ff，则该过程中（）

A．Ff变小，F变大B．Ff变小，F变小

C．Ff变大，F变小D．Ff变大，F变大

4．如图，在竖直平面内固定一个四分之一光滑圆弧支架，O点为圆弧的圆心，OA、OB为圆

弧的半径，OA沿竖直方向，支架圆弧上和半径OA上分别穿着a、b小球，a、b两小球的质

量分别为m1和m2，两小球之间用一轻绳连接，平衡时小球a、b分别位于P、Q两点已知

，，两小球均可视为质点，设支架对小球a的弹力为F，对小球b

AOP30OQPQN1

的弹力为FN2，则下列说法正确的是（）

A．m1:m22:1B．m1:m23:1

C．FN1:FN22:1D．FN1:FN21:1

5．如图所示，M、N物块分别以①②两种方式在水平外力作用下，一起由静止开始沿光滑水

平面运动。已知M、N之间的动摩擦因数为，M、N的质量之比为1：2，最大静摩擦力认为

等于滑动摩擦力，则①②两种情况下，M、N一起运动相同的距离时（M、N均恰好不相对滑

动），两者的最大速度之比为（）

A．1：1B．1:2C．2:1D．1：3

6．如图所示，倾角为α的斜面固定在水平地面上，斜面上有两个质量均为m的小球A、B，

23

它们用劲度系数为k的轻质弹簧相连接，现对A施加一个水平向右大小为Fmg的恒

3

力，使A、B在斜面上都保持静止，如果斜面和两个小球的摩擦均忽略不计，此时弹簧的长

度为L，则下列说法正确的是（）

mg

A．弹簧的原长为LB．斜面的倾角为α=60°

2k

1

C．撤掉恒力F的瞬间小球A的加速度为gD．撤掉恒力F的瞬间小球B的加速度为g

2

7．车厢中用细线悬挂小球，通过细线的倾斜程度来检测车辆在行进过程中的加速度。如图

所示，质量相同的两个光滑小球通过轻质细线分别系于车的顶部，左侧小球与车厢左侧壁接

触，两细线与竖直方向的夹角相同，拉力大小分别为FT1和FT2。下列说法正确的是（）

A．车正在向右做加速运动

B．两细线的拉力FT1＝FT2

C．当汽车加速度增大时，FT1变小

D．当汽车加速度减小时，FT2增大

二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有

多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

8．如图甲，质量M2kg的足够长木板静止在粗糙水平地面上，木板左端放置一质量m1kg

的小物块。t0时刻对小物块施加一水平向右的拉力F，拉力F的大小随时间t的变化关系

如图乙所示，4s末撤去拉力。已知物块与木板间的动摩擦因数10.6，木板与地面间的动

2

摩擦因数20.1，重力加速度g10m/s，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。下列说法正确

的是（）

A．t1s时物块受到的摩擦力大小为5N

B．24s内物块相对木板滑行的位移大小为16m

C．t5.2s时物块与木板的速度大小均为8m/s

D．t12s时木板在水平面上停止运动

9．很多智能手机都有加速度传感器，能通过图像显示加速度情况。用手掌托着手机，打开

加速度传感器，手掌从静止开始迅速上下运动，得到如图所示的竖直方向上加速度随时间变

化的图像，该图像以竖直向上为正方向。由此可判断出（）

A．手机在t1时刻运动到最高点

B．手机t1t2时间内处于超重状态

C．手机可能离开过手掌

D．手机在t1t3时间内，受到的支持力先减小再增大

10．如图，杂技演员在钢丝中点表演金鸡独立。静止时，两边钢丝与竖直固定杆的夹角均为

θ，已知杂技演员所受重力大小为G，钢丝质量不计，则（）

A．钢丝对演员的作用力大小为G

B．钢丝对演员的作用力大小为G

2

G

C．钢丝中的拉力大小为

2sin

G

D．钢丝中的拉力大小为

2cos

第II卷（非选择题）

三、非选择题：本题共5小题，共54分。

11．某兴趣小组在“验证力的平行四边形定则”实验中，先在一张白纸上画好若干同心

圆，圆心记为O，从内向外依次标记为圆1、2、3n，圆的半径为nR，再用图钉将该纸钉

在方木板上。随后找来三根完全相同的弹性绳，将它们的一端系在一起形成结点P，当P位

于圆心O点处且三根弹性绳刚好伸直时，三根绳的另一端点A、B、C的位置如图1所示。

然后将A固定在圆9某位置处，在圆8上调节B的同时在圆7上调节C，使结点P仍处于圆

心O。然后记录下B、C的位置。

(1)本实验中（选填“需要”或“不需要”）测量每根弹性绳上的弹力大小；（3分）

(2)某次实验的结果如图2所示，移走绳后，连接OA、OB、OC，测得OB、OC的夹角约

等于_____（选填A、B、C、D）；（3分）

A．45°B．60°C．90°D．120°

(3)某同学提出可以直接以OB、OC为邻边做平行四边形，然后看其对角线OA与OA在误

差允许范围内是否共线且等长，如果是，则可以验证力的平行四边形定则，另一同学马上提

醒该同学这样操作是错误的，错误的原因为。（3分）

12．如图所示，小华正在做俯卧撑，可以将他的身体看作一个杠杆，O为支点，A为他的重

心，相关长度已在图中标明，已知他的质量m=60kg，g=10N/kg。

(1)求小华受到的重力G；（4分）

(2)求图示时刻地面对双手支持力F的力臂l1，并在图中画出此力臂；（5分）

(3)求图示时刻地面对双手的支持力F。（5分）

13．水平传送带A、B两端相距L=3.5m，工件与传送带间的动摩擦因数μ=0.1。工件滑上左

2

边A端瞬时速度vA=4m/s，到达B端的瞬时速度设为vB，重力加速度g=10m/s。

（1）．若传送带不动，vB大小为m/s。（3分）

（2）．若传送带逆时针转动，vB大小为m/s。（3分）

（3）．若传送带以速度v顺时针匀速转动，当v23m/s时，vB大小为m/s；当v3m/s

时，vB大小为m/s；当3m/sv23m/s时，vB与v的关系为vBv。（6分）

（4）．描绘出vB与v的关系图像（5分）

14．某同学在从1楼乘坐电梯到9楼的过程中，利用手机传感器测得电梯运行的加速度时间

图像如图所示（取向上为正方向），根据图像回答下列问题：

（1）．该同学在乘坐电梯的前3s时间内处于（选填“超重”或“失重”）状态；（3

分）

（2）．下列定性描绘的电梯运行的v-t图像最合理的选项是_________（3分）

A．B．

C．D．

（3）．若该同学体重为60kg，重力加速度g=10m/s2，计算该同学对电梯的最大压力为。

（3分）

（4）．有同学根据信息推测该电梯最大运行速度约为1m/s，请你判断其是否合理，说明理

由。（5分）

《2025-2026学年度上学期9月月考》高三物理参考答案

题号12345678910

答案CCDABCBADBCAD

1．C

【详解】AB．对P受力分析，可知在竖直方向上，物块P受到的重力与物块Q对P的支持力

平衡，水平方向上，由于二者一起向右做加速运动，故物块P在水平方向受到Q对其的摩擦

力，因此物块P受到三个力的作用，故AB错误；

CD．单独对物块Q受力分析可知，竖直方向上，Q受到自身的重力、P对Q的压力以及地面

对Q的支持力，根据平衡条件及牛顿第三定律可知，物块Q受到的支持力大小等于物块Q、

P的总重力；水平方向上，Q受到P对Q的摩擦力和外力F，因此物块Q总共受到5个力的

作用，故C正确，D错误。

故选C。

2．C

【详解】当电风扇静止时，挂钩所受的拉力F1大小等于电风扇的重力G的大小。当通电后

叶片平稳转动时，电风扇受到三个力，电扇的重力、挂钩对电扇的拉力和空气对电扇叶片向

上的作用力，所以F2的大小小于电风扇的重力G的大小，F1一定大于F2。

故选C。

3．D

【详解】以小球乙为研究对象，受力分析如图甲所示，设轻绳与竖直方向的夹角为α，小球

乙的质量为m乙，根据平衡条件可得，水平拉力F＝m乙gtanα

小球乙缓慢上升一小段距离的过程中，α增大，可知水平拉力F逐渐增大，轻绳的拉力

mg

F乙

Tcos

故轻绳的拉力也逐渐增大。

以物体甲为研究对象，受力分析如图乙所示，根据平衡条件可得，物体甲受到的地面的摩擦

力Ff与轻绳的拉力沿水平方向的分力等大反向，有Ff＝FTx＝FTcosθ

由题可知，小球乙缓慢上升一小段距离的过程中，物体甲保持静止，θ不变，又Ff＝FTcosθ

则摩擦力随着轻绳拉力FT的增大而逐渐增大。

故选D。

4．A

【详解】根据题意，分别对小球a、b受力分析，如图所示

由平衡条件有F2sin30m2g，F2cos30FN2，F1cos30FN1sin30，

FN1cos30m1gF1sin30

又有F1F2

联立解得FN12FN2，m1g2m2g

即m1:m22:1，FN1:FN22:1

故选A。

5．B

【详解】当M、N之间达到最大静摩擦力时，两者的加速度最大。

第①种情况有·2mg2ma1

2

v12a1x

2

解得v12gx

第②种情况有·2mgma2

2

v22a2x

2

解得v24gx

v1

则最大速度之比为1

v22

故选B。

6．C

【详解】AB．对小球B进行受力分析，根据平衡条件可得mgsinkx

对A、B整体进行受力分析，根据平衡条件则有Fcos2mgsin

代入数据解得30

mg

弹簧的原长为L，故AB错误；

2k

C．撤掉恒力F的瞬间，对A进行受力分析，根据牛顿第二定律可得mgsinkxmaA

结合上述结论可得aAg，故C正确；

D．撤掉恒力F的瞬间，弹簧弹力不变，B球所受合力不变，B球的加速度为零，故D错误。

故选C。

7．B

【详解】A．因小车沿水平方向运动，故小车的加速度一定沿水平方向，又因小球受竖直向

下的重力和斜向右上方的拉力，故小球所受合力一定水平向右，加速度也水平向右，则小车

可能向右加速，或者向左减速，故A错误；

B．因两细线与竖直方向的夹角相同，由两球竖直方向受力平衡可知，两细线的拉力FT1＝FT2，

故B正确；

C．根据上面选项的分析，可知当汽车加速度增大时，FT1不变，故C错误；

D．对悬挂小球2的细线与竖直方向的夹角为，则有mgtanma，FT2cosmg

mg

得agtan，F

T2cos

可知当汽车加速度减小时，变小，FT2变小，故D错误。

故选B。

8．AD

【详解】A．由题意可知，在0～2s的时间内，物块受到拉力F6N

（）（）

假设物块与板不发生相对滑动，对整体由牛顿第二定律可得F2MmgMma

解得a1m/s2

再隔离m有Ffma

解得f5N

物块受到最大静摩擦力为fm1mg0.6110N6N

因为ffm

假设成立，物块受到的摩擦力大小为5N，故A正确；

B．t12s时，物块和木板的速度为v0at112m/s2m/s

2～4s的时间内，拉力F12N

设物块和木板间发生相对滑动，物块和木板的加速度分别为a1和a2，隔离m有F1mgma1

（）

隔离M有1mg2MmgMa2

22

解得a16m/s，a21.5m/s

（）（）

t24s时，物块和木板的速度分别为v1v0a1t2t1，v2v0a2t2t1

解得v114m/s，v25m/s

vvvv

在2～4s的时间内，物块在木板上滑行的位移大小为x01tt02tt

221221

解得x9m，故B错误；

C．撤去拉力后，设经过t3时间二者相对静止，此时二者的速度为v。物块的加速度大小为

'22

a11g0.610m/s=6m/s

2

木板的加速度不变仍为a21.5m/s

则v1a1t3v2a2t3

解得t31.2s

由vv2a2t3

解得v6.8m/s

故tt2t34s1.2s5.2s

故t5.2s时物块与木板的速度大小均为6.8m/s，故C错误；

D．由题意可知，二者将一起滑行，一起滑行时的加速度为a'，时间为t4，则

22

a2g0.110m/s=1m/s

根据0va't4

可得t46.8s

故木板在水平地面上停止运动的时刻为tt2t3t4

解得t12s，故D正确。

故选AD。

9．BC

【详解】A．at图像与横轴围成的面积表示速度变化量，题意知手机初速度为0，故速度

变化量表示为末速度，结合图像可知，0到t1时间内速度变化量为正，即末速度为正值，说

明手机还在继续上升，并未到达最高点，故A错误；

B．由图可知，在时间内手机的加速度方向竖直向上，手机处于超重状态，故B正确；

t1~t2

C．由图可知，在t3时刻之后有一段时间内手机的加速度等于重力加速度，则手机与手掌没

有力的作用，手机可能离开过手掌，故C正确；

D．由图可知时间加速度a向上不断减小，设手机受到的支持力大小为F，根据牛顿第

t1~t2

二定律得Fmgma

可得Fmgma

可知时间支持力F不断减小；时间内加速度向下不断增大，根据牛顿第二定律得

t1~t2t2~t3

mgFma

可得Fmgma

可知t2~t3时间支持力不断减小；综合以上分析可知，手机在t1~t3时间内手机受到的支持力

一直减小，故D错误。

故选BC。

10．AD

【详解】AB．根据受力平衡可知，钢丝对演员的作用力大小为G，故A正确，B错误；

CD．设钢丝中的拉力大小为T，根据平衡条件可得2TcosG

G

解得T，故C错误，D正确。

2cos

故选AD。

11．(1)不需要

(2)C

(3)误认为弹性绳的弹力大小与弹性绳的长度成正比。

【详解】（1）本实验只需要测量三根弹性绳的弹力大小之比，不需要测量每根弹性绳的弹力

大小。

（2）由图1可知，三根弹性绳OA、OB、OC的原长均为4R，伸长后的长度分别为9R、8R、

7R，伸长量分别为5R、4R、3R，因弹性绳的弹力大小与弹性绳的伸长量成正比，故三根弹

222

性绳OA、OB、OC的弹力大小之比为5:4:3，满足FOBFOCFOA

故FOB与FOC垂直，故测得OB、OC的夹角约等于90。

故选C。

（3）该同学错误的原因为误认为弹性绳的弹力大小与弹性绳的长度成正比。

12．(1)600N

(2)150cm，

(3)400N

【详解】（1）小华受到的重力G=mg=60kg×10N/kg=600N

（2）作出小华受力分析，如图所示

过支点作支持力F的作用线的垂线段，即为其力臂，由图可知l1=100cm+50cm=150cm

（3）根据杠杆平衡的条件可得Fl1=Gl2

即F×150cm=600N×100cm

解得F=400N

13．（1）匀减速直线运动vB=3m/s（2）．受滑动摩擦力不变，匀减速直线运动vB=3m/s（3）

当v23m/s时，物体一直加速到B点，vB=23m/s当v3m/s时，物体一直减速到B

点，vB=3m/s当3m/sv23m/s时，物体减速或者加速至共速，然后匀速到B点，vB=v

（4）．

【解析】13．（1）若传送带不动，工件所受滑动摩擦力水平向左，向右做匀减速直线运动，

由牛顿第二定律可知，工件加速度大小为a=μg=0.1×10m/s2=1m/s2

若传送带足够长，设工件运动t秒停止，由vA=at

v4

得tAs=4s

a1

v4

在4s内工件可运动位移为sAt4m8m＞L3.5m

122

所以工件一直在减速。

到达B端的速度2

vBvA2aL3m/