2026届安徽省江南十校高三5月学业检测物理试题及答案

姓名座位号（在此卷上答题无效）★启用前绝密注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号框涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号框。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将答题卡交回。一、单项选择题：本题共8小题，每小题4分，共32分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1．我国“人造太阳”在2025年创下“亿度千秒”的世界纪录，即在上亿摄氏度条件下实现1066秒稳态长脉冲高约束模等离子体运行，为实现可控核聚变迈出了坚实的一步。核聚变燃料主要是氢的同位素，其核反应方程之一为：H+H→He+x，下列说法正确的是A．x为质子B．该反应属于α衰变C．氦核内有2个质子，4个中子D．该反应有质量亏损,会释放能量2．“拔火罐”是一种传统的中医疗法，利用燃烧在罐内形成负压，使其吸附于皮肤表面。若罐内气体可视为理想气体，且气体体积不变。在罐内气体温度逐渐下降的过程中，下列说法正确的是A．罐内气体分子的平均动能减小B．罐内气体的内能不变C．罐内气体密度增大3．如图所示，一透明玻璃砖截面为等腰直角三角形ABC，一束单色光从AB中点垂直射 入，该玻璃砖对入射光的折射率为3，下列说法正确的是A．光从真空射入玻璃砖后频率变小B．光从真空射入玻璃砖后波长变长C．AC边有光射出D．若将入射光平行上移一段距离，其在玻璃砖中的传播时间不变4．2026年1月，马斯克旗下SpaceX公司宣布“星链”降轨计划，计划将4400颗星链卫星从原来550公里高度降至480公里，直接逼近中国空间站（运行于400~450公里轨道构成严重的碰撞风险。右图为星链卫星降轨前的示意图，以下说法正确的是A．空间站的运行速度小于星链卫星的运行速度B．星链卫星要实现降轨需要减速C．星链卫星的运行周期小于空间站的运行周期5．如图所示，理想变压器原、副线圈匝数比为2∶1，原线圈接u=220sin100πt(V)的正弦式交变电流，副线圈电路中电阻R1=10Ω,R2=40Ω,D为理想二极管。开关S分别接1和2时，变压器的输入功率之比为6．某运动员进行跳台滑雪训练，两次从雪坡滑下后从P点水平飞出，分别落在斜面上的M、N两点，落在M、N两点时运动员的速度方向与斜面间的夹角分别为θ1、θ2，忽略空气阻力，以下说法错误的是A．落在N点的速度较大B．落在N点过程速度变化量较大C．落在N点过程动量变化率较大θ27．如图所示，质量为m，电阻为R，直径为d的圆形金属线框置于粗糙绝缘的水平桌面上，线框的左半部分处于一个垂直桌面向下的正方形匀强磁场区域，磁场区域边长也为d.磁感应强度B随时间t的变化规律如图乙所示，其中B0、t0均为已知量，圆形线框一直处于静止状态。重力加速度为g,下列说法正确的是A．0~t0时间内线框中的感应电流方向为顺时针B．2t0时刻线框所受安培力大小为C．0.5t0与2t0时刻，线框受到的摩擦力大小相等，方向相反D．0~t0和t0~3t0时间内，导体框中产生的焦耳热之比为4∶18．如图所示，在水平桌面上有一个质量M=4kg的长木板，其上端放置一个质量m=2kg的物块A，木板右端连接一根轻绳，轻绳跨过光滑的定滑轮连接一质量也为m=2kg的物块B，木板与A和桌面间的动摩擦因数μ均为0.4，t=0时刻在木板左端施加一个水平向左的拉力F=2t（F单位为N，t单位为s）。不计空气阻力，木板、轻绳足够长，A不会从木板上滑落，B不会碰到定滑轮，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g=10m/A．t=0时刻，桌面对木板的摩擦力大小为24NB．t=25s时刻，A的加速度大小为1m/s2C．t=25s时刻，B的速度为1.125m/sD．t=50s时刻，轻绳对B的拉力大小为34N二、多项选择题：本题共2小题，每小题5分，共10分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。9．如图所示，竖直面内固定一个半径R=2.0m，表面粗糙的四分之一圆弧轨道，圆心O与A等高，P是圆弧AB的中点。一个质量m=0.5kg的小物块以恒定速率v0从A点沿圆弧轨道运动到B点，重力加速度g=10m/s2，下列说法正确的是A．小物块重力的功率一直减小B．小物块受到的合力做功为0，合力的冲量不为0C．小物块与轨道间的动摩擦因数处处相等D．小物块在AP段与轨道摩擦产生的热量为5J空间）内存在竖直向下的匀强磁场（未画出磁感应强度忽略粒子重力及粒子间相互作用。则A．粒子做圆周运动半径r=2LB．粒子运动到正方体侧面的最短时间为2C．若整个空间内还存在竖直向下的匀强电场子都会打到正方体底面中心O12D．若整个空间内还存在竖直向下的匀强电场所有粒子都会打到正方体底面中心O1三、非选择题：本题共5小题，共58分。116分）某实验小组做“探究两个互成角度的力的合成规律”的实验，装置如图所示，其中A为固定橡皮条的图钉，O为橡皮条与细绳的结点，OB和OC为细绳。OBC（1）本实验主要采用的科学方法是OBCA．控制变量法B．物理模型法C．理想实验法D．等效替代法（2）下列操作正确的是。A．实验前需标记橡皮条原长时结点的位置B．同一组实验中，节点O的位置不能改变D．橡皮条必须与两绳夹角的角平分线在同一直线上（3）某次实验中两弹簧秤夹角小于900，现保持OB方向及节点O的位置不变，使OC与虚线夹角逐渐减小，则OC绳上的拉力。(选填“不变”、“逐渐变大”或“逐渐变小）1210分）某同学用如图甲所示的电路测量电源的电动势和内阻。可用器材如下：A．待测毫安表mA（量程5mA，内阻约为B．电阻箱R0（最大阻值为9999.99Ω)C．电源E（电动势约为8V，内阻未知）D．电压表V（量程10V，内阻约为15kΩ)E．滑动变阻器R1（最大阻值为1kΩ)F．滑动变阻器R2（最大阻值为2kΩ)G．滑动变阻器R3（最大阻值为20Ω)(1)首先测量毫安表mA的内阻。正确连接电路后，进行如下操作：①将滑动变阻器的滑片滑到最右端，闭合开关S；②调节滑动变阻器使毫安表mA满偏，闭合开关S2，调节电阻箱R0使毫安表mA达到满偏的一半，记录此时电阻箱的读数为9.60Ω。由上述操作可知，本实验中滑动变阻器应选择（选填“E”或“F”），毫安表的内阻Rg=Ω;毫安表内阻的测量值(选填“偏大”、“偏小”或“准确”）(2)测量电源的电动势和内阻。调节R0，将毫安表mA改装成量程为1.0A的电流表，将滑动变阻器换成R3，再闭合S1，多次改变滑动变阻器连入电路的阻值，记录毫安表与电压表的示数，根据实验数据作出U-I图像如图乙所示。若电表内阻对实验的影响忽略不计，根据图线可求出电源的电动势E=V，内阻r=Ω。（结果均保留两位有效数字）13.（10分）超声波在医疗及生产领域的应用很广泛，将超声波传播简化为如题图甲所示，超声波从介质1进入介质2中继续传播，A、B、C为传播方向上的三个点。如图乙所示为t=0时刻A质点右侧介质1中的部分波形图，此时B点刚开始振动，图丙所示为该时刻起B点的振动图像。已知B、C两质点间的距离为0.36cm，超声波在介质2中的速度为1.8×103m/s，求：(1)该波在介质1中传播速度的大小；(2)0~3×10-6s内质点C运动的路程s。14.（14分）如图，水平边界M下方足够大的空间内存在水平向左的匀强电场，场强大小未知。两个质量相等的带正电小球A、B电荷量之比为1:3，在M上方等高处分别以大小为v0和3v0的初速度同时水平反向抛出，A球进入电场时速度方向与边界M成60。角，在电场中做直线运动。不计空气阻力、小球大小和电荷间的作用力，重力加速度为g，在两球碰撞前，求：(1)刚开始时小球距水平边界M的高度；(2)B球在电场中运动过程中的最小速度；(3)从进入电场开始，经多长时间两球相距最远。15.（18分）如图所示，固定在竖直平面内的四分之一光滑圆弧轨道，半径R=0.2m，其底端与水平传送带相切于A点，传送带左、右两端的距离LAB=2.0m，以v=4m/s的速度沿顺时针方向转动，足够长的光滑水平面BD与传送带相切于B点。一轻质弹簧右端与固定于D点的挡板拴接，左端与一质量M=8kg的物块Q连接。质量m=1kg的物块P从圆弧轨道顶端由静止滑下，运动到C点与物块Q发生碰撞，每次发生的都是完全非弹性碰撞，但碰后并不粘连，第一次碰撞前物块Q静止于平衡位置，且每次回到平衡位置时物块Q都会立即被锁定，而当它们再次碰撞前锁定被解除。弹簧的最大压缩量不超过其弹性限度。已知物块P与传送带间的动摩擦因数μ=0.5，重力加速度g=10m/s2，两物块均可视为质点，忽略它们经过衔接点时的机械能损失。求：(1)物块P从轨道顶端下滑至底端时对轨道的压力大小；(2)物块P第一次从A运动到B的过程中，传送带对它的冲量大小结果可用根号表示）(3)全过程中，物块P与传送带间因摩擦而产生的热量。1.D详解：由电荷数、质量数守恒可判断x应为中子，故A错；该反应是聚变反应，不是自发的衰变反应，故B错；氦核内有2个质子，2个中子，故C错；该聚变反应有质量亏损，会释放核能，故D正确。2.A详解：温度降低，气体的平均动能减小，内能减小，故A正确，B错误；气体质量、体积均不变，故气体密度不变，故C错误；罐内气体温度降低，体积不变，所以压强减小，比外部大气压小，故D错误。3.D详解：光从真空射入玻璃，频率不变，速度减小，由λ=得波长应变短，故AB错误；折射率为，由sinC=得全反射临界角C<45o,所以光射到AC边会发生全反射，没有光从AC边折射出去，故C错误；将入射光平行上移一段距离后，光在玻璃中的运动路程及速度均不变，所以传播时间不变，故D正确。4.B详解：空间站的轨道半径比星链卫星低，所以空间站的运行速度大于星链卫星速度，A错误；星链卫星要从高轨道变轨到低轨道需要减速，故B正确；星链卫星的轨道半径比空间站轨道半径大，所以星链卫星的运行周期大于空间站运行周期,故C错误；由开普勒第二定律可知，D错误。5.C详解：开关接两端电压的有效值U1=110V；开关接，由于二极管的存在，R2两端电压有效值U2=55带入数据得P1∶P2=8∶1，故选C.6.C详解：过M点作一条水平线与从P平抛落在N点的轨迹交于Q点，比较从P到M与从P到Q，下落高度相同，从P到Q水平位移较大，故落到N点对应的平抛初速度较大，且落到N点下落高度更高，在N点的竖直方向分速度也更大，所以落在N点的速度更大，故A错误；速度变化量ΔV=ΔVy=所以落到N点过程速度变化量更大，Q故B错误；动量变化率等于该运动员所受重力，故C正确；设斜面倾角为α,PM连线与水平方向夹角为θ3，PN与水平方向夹角为θ4，根据平θ32，故D错误。Q7.B详解：由楞次定律可判断0~t0时间内线框中感应电流方向为逆时针，故A错误；2t0时刻线框中的电流；联立解得，故B正确；0.5t0与2t0时刻，线框中电流大小不同，安培力大小不同，线框受到的静摩擦力与安培力大小相等，所以摩擦力也不相等，故C错误；0~t0和t0~3t0时间内，电流大小之比为2∶1,8.C详解：t=0时刻，F=0,由于mg<μ(M+m)g，木板与A静止，由平衡可得，木板受桌面的摩擦力f=mg=20NFμ（m+M)g+mg=44N,物块A与木板刚发生相对滑动时：F=50N>44N，A与木板未发生相对滑动，对A、B、木板整体：F-μ（m+M)g-mg=(M+2m)a1，解得a=0.75m/s2,故B错误；22~25s过程，对-系统运用动量定理：FΔt-μ(M+m)gΔt-mgΔt=(M+2m)v-0，F=100N>76N，A与木板相对滑动，对B与木板系统：F-μ（M+m)g-μmg-mg=(M+m)a2，对B：T-mg=ma2，联立解得：T=36N,故D错误。9.AB详解：设小物块与O点连线与水平方向夹角为θ,从A到B小物块重力的功率P=mgvcosθ,故A项正确；小物块动能不变，所以合外力做功为0.小物块动量变化了，N,分析可得：FN增大，μ减小，故C错误；从A到B过程中，由能量守恒：Q=mgR=10J，又因为AP段的摩擦力比PB段大，所以QAP>5J,故D错误。10.BCD详解：粒子在磁场中做匀速圆周运动L，故A错误；粒子打到侧面中心点时弦长最短l=L，时间最短tmin=，故B正确；要使所有粒子都会打到211.（每空2分1）D（2）BC（3）逐渐变大详解1）合力作用效果与两分力作用效果相同，故选D；（2）实验前不需要记录橡皮条原长时节点的位置；同一组实验中，节点O的位置不能改变，以保证合力与分力的作用效果相同；要保证实验结论普遍性，不需要使橡皮条与两绳夹角的角平分线在一条直线上，故本题正确答案选BC（3）由图解法分析可知，OC绳上的拉力逐渐变大12.（每空2分1）F9.60偏小（2）7.92.5详解1）要使毫安表满偏，回路总电阻R总==1600Ω,故滑动变阻器选F；测毫g安表内阻用的是“半偏法”，故毫安表内阻Rg=9.60Ω;闭合开关S2后，回路总电阻略减小，总电流略大于Ig，毫安表半偏时，实际流过R0的电流大于Ig，所以R0<Rg，故毫安表内阻测量值偏小。（2）由闭合电路欧姆定律：U=E-200Ir，所以E=7.9V，200r=7.9-6.4，解得：-313.（1）超声波在介质2中传播时T=2×10−7s在两种介质中传播时周期不变，1分则在介质1中传播时v1==−m/s=1.5×103m/s3分（2）超声波从B传到C的时间为t==s=2×10−6s2分0~3×10-6s内C点振动的时间Δt=3×10−6s−t=1×10−6s2分C点运动的路程s=×4A=1×10−4m2分14.（1）小球在进入电场前做平抛运动，将进入电场时的速度分解，竖直方向速度vy=v0tan60∘,1分小球距水平边界M的高度ℎ==2分（2）A球在电场中做直线运动，说明合力方向与速度方向共线。A球受重力和电场力，设A球电荷量为q，质量为m，则=tan60∘1分B球电荷量为3q，则电场力FB=3qE,1分设B球所受电场力和重力的合力与电场边界夹角为α,tanα==，α=30°1分设B球进入电场时速度与电场边界夹角为β,tanβ==,β=30°1分速度大小vB==23v01分将速度分解为沿合力方向vB∥的和垂直合力方向vB⊥,则最小速度vmin=vB⊥=vBCOs(90°−α−β)=3v01分（3）两球在竖直分运动相同，水平速度相同时相距最远，则有vAx=vBx即v0+aAxt=−3v0+aBxt2分对A球，根据牛顿第二定律，有qE=maAx,解得aAx=g1分对B球，根据牛顿第二定律，有3qE=maBx,解得aBx=3g1分联立解得解得t=1分15.（1）物块P从轨道顶端下滑至底端的过程中，机械能守恒定律可得mgR=mv解得vA=2m/s，1分物块P到达轨道底端时，根据牛顿第二定律可得FN−mg=m1分根据牛顿第三定律，物块P对轨道底端的压力F′N=FN=30N1分（2）物块P滑上传送带后，根据牛顿第二定律有μmg=ma解得a=5m/s21分物块P的速度增大到与传送带速度相等所需的时间t1==0.4s1分对地位移x=t1=1.2m1分由于x<LAB，此后物块P做匀速直线运动，到达传送带最右端还需要的时间t2=代入数据解得t2=0.2s1分物块P从A运动到B摩擦力的冲量为If=μmgt1=2N⋅s1分支持力的冲量为IN=mgt1+t2=6N⋅s1分传送带对物块P的冲量大小为I=I+I=210N⋅s1