湖南省衡阳市2025-2026学年高一下学期期末考物理试自编试卷（人教版）（解析版）

湖南省衡阳市2025-2026学年高一下学期期末考试自编试卷物理试题（解析版）题号12345678910答案ABACDABACBCAC1．A【详解】A．平抛运动的加速度为重力加速度，大小和方向均不变，且轨迹为曲线，故A正确；B．水平方向不受力，分运动为匀速直线运动，故B错误；C．水平射程，若高度不同，初速度大的物体射程未必更远，故C错误；D．飞行时间，仅由竖直高度决定，与初速度无关，故D错误。故选A。2．B【详解】设此时轨道车与演员的速度大小分别为v、，有可得故选B。3．A【详解】AB．安全带在刹车过程中延长了司机的受力时间，从而减小了司机的受力，使人不易受伤，故A正确，B错误；CD．司机刹车前后的速度变化量不变，因此无论有无安全带，司机动量的变化量都相等，根据动量定理，司机所受的冲量等于动量的变化量，无论有无安全带，司机所受冲量都一样，故CD错误。故选A。4．C【详解】由于桶的内壁光滑，桶不能提供给物体竖直向上的摩擦力去平衡重力，所以绳子的拉力一定不能等于0，绳子沿竖直向上的方向的分力与重力的大小相等，若绳子沿水平方向的分力恰好提供向心力，则桶对物块的弹力可能为零，故物块可能受2个力或3个力的作用。故选C。5．D【详解】当滑动变阻器的滑动触头缓慢向上滑动时，滑动变阻器接入电路中的阻值变小。AB．根据“串反并同”可知，与滑动变阻器串联的B灯功率变大，变亮；与滑动变阻器等效并联的A灯功率变小，变暗，故AB错误；C．当外电路电阻与电源的内阻大小相等时，电源的输出功率最大，由于外电路电阻与电源的内阻大小关系不能确定，因此不能确定电源的输出功率如何变化，故C错误；D．因为滑动变阻器接入电路中的阻值变小，所以外电路的总电阻减小，电源的工作效率由于外电路的电阻R外减小，电源的工作效率减小，故D正确。故选D。6．A【详解】设两电荷带电量大小均为q，则O点的场强若将N点处的点电荷移至P点，则O点电场强度的大小为则故选A。7．B【详解】AB．根据牛顿第二定律，物块加速运动的加速度为物体加速到速度为v所需的时间为在这段时间内物块的位移为传送带的位移为则物体与传送带间的相对位移为可知物体在传送带上的划痕长；物块与传送带间的热量为故A错误，B正确；C．根据功能关系可知，电动机多做的功等于物体的动能增加量与产生的热量之和，则有故C错误；D．电动机增加的功率等于传送带克服摩擦力做功的功率，大小为故D错误。故选B。8．AC【详解】AB．由题意可得火车转弯时的向心力由重力和支持力的合力提供，有解得若火车速率大于时，可知此时外轨将会对火车产生一个弹力的作用，即火车将挤压外轨，故B错误，A正确；C．汽车通过凹形桥的最低点时，由牛顿第二定律有解得可知，速度越快，越大，越容易爆胎，故C正确；D．由于小球在管道内，在最高点，当内管壁对小球的支持力等于小球的重力时，此时小球恰好可以过最高点，而此时小球的速度为零，故D错误。故选AC。9．BC【详解】设绳子与竖直方向夹角为θ，绳子长度为l，小球所在平面距离顶点的竖直高度为h，对小球分析有整理有，，A．由于小球从A处到达B处，l减小，θ增大，则无法判断vA、vB的关系，故A错误；B．由于其中联立有由题意可知，小球从A处到达B处，h减小，则故B正确；CD．由于整理有由题意可知，其角度θ变大，所以小球所受向心力变大，即向心加速度大小也变大，即故C正确，D错误。故选BC。10．AC【详解】AB．根据动能定理可得图像的斜率绝对值表示合力大小，则上滑过程有下滑过程有联立解得，，故A正确，B错误；C．上滑过程，根据动能定理可得代入数据解得故木块上滑的最大高度为，故C正确；D．根据可知摩擦力和重力沿斜面方向分力之比保持不变，与木块质量无关，则上滑过程，木块克服摩擦力做功和克服重力做功之比为根据动能定理可得可得木块上滑过程克服摩擦力做的功为木块的初动能的，所以减小木块质量，保持木块的初动能不变，木块上滑过程克服摩擦力做的功不变，故D错误。故选AC。11．(1)0.9975（0.9973~0.9978均对）(2)②0.52(3)9.86【详解】（1）由图可得，L的长度为；（2）[1]摆球的半径为r，摆长，由单摆周期公式，则有，图像②可能是该组作出的。[2]由图可知。（3）根据数学知识可知，对图象斜率，将图②数据代入可求出当地重力加速度。12．(1)A(2)钢球能静止在斜槽末端(3)D(4)0.59.75【详解】（1）研究平抛运动的实验中，不需要测量钢球质量和运动时间，但是需要测量水平位移和竖直位移，故选A。（2）可以把钢球放在末端，如果钢球能静止在斜槽末端，说明斜槽末端水平。（3）钢球水平位移满足，竖直位移满足，联立解得即，故选D。（4）[1]根据题意，到和到的水平位移相等，根据水平方向做匀速直线运动，即到和到的时间相等，频闪光源的频率为，即周期为0.02s，根据，解得平抛运动的初速度大小[2]竖直方向，做匀变速直线运动，根据逐差法，代入数据解得13．（1）4.0m/s，1.0m/s；（2）B先停止；0.50m；（3）0.91m【详解】（1）设弹簧释放瞬间A和B的速度大小分别为vA、vB，以向右为正，由动量守恒定律和题给条件有解得vA=4.0m/s，vB=1.0m/s（2）A、B两物块与地面间的动摩擦因数相等，二者运动的过程中，若A一直向右运动，一直到停止，则对A由动量定理可得则B一直向左运动，则解得可知B先停止运动，该过程中B的位移解得从二者分开到B停止，A若一直向右运动，由动量定理可得B停止时A的速度解得对A由动能定理可得则位移这表明在时间t2内A已与墙壁发生碰撞，但没有与B发生碰撞，此时A位于出发点右边的距离为B位于出发点左边0.25m处，两物块之间的距离s为（3）t2时刻后A将继续向左运动，假设它能与静止的B碰撞，碰撞时速度的大小为，由动能定理有解得

故A与B将发生碰撞．设碰撞后A、B的速度分别为′以和，由动量守恒定律与机械能守恒定律有，解得，

这表明碰撞后A将向右运动，B继续向左运动。设碰撞后A向右运动距离为′时停止，B向左运动距离为时停止，由运动学公式，解得，小于碰撞处到墙壁的距离。由上式可得两物块停止后的距离14．（1）3.2V；1.25Ω；（2）95%；（3）0.94Ω【详解】（1）电动机与电源构成闭合回路，由图丙、丁知，刚启动时U1＝2.8V，I1＝0.32A，由闭合电路欧姆定律电动机稳定工作时U2＝3.0V，I2＝0.16A，有联立解得，（2）电