四川省绵阳市2025-2026学年高二年级上册期末物理试卷（含解析）

四川绵阳市2025-2026学年高二上学期期末物理试题

一、单选题：本大题共8小题，共24分。

1.如图所示，矩形线圈a匕cd与通电直导线在同一竖直平面内，线圈的两条边与导线平行。保持导线中电流

不变，只进行下列操作，线圈中能产生感应电流的是（）

A.线圈不动B.线圈向右平动C.线圈向下平动D.线圈向上平动

2.在竖直平面内，质点M绕定点。沿逆时针方向做匀速圆周运动，质点N沿竖直方向做直线运动，M、N在运

动过程中始终处于同一高度。亡=0时，M、N与。点位于同一育线匕如图所示。此后在M运动一周的过程

中，N运动的速度〃随时间£变化的图像可能是（）

3.由红、蓝两种单色光组成的复色光以一定的入射角从空气射向平行玻璃砖，射出时形成如图中a、b所示

的两束光。下列说法正确的是（）

N

Q

A.。光为蓝光B.b光在玻璃砖中的传播速度较大

C.。光在玻璃砖中的传播速度较大D.a、b光在玻璃砖中传播的速度相等

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4.杨氏双缝干涉实验中，双缝之间的距离为d,波长为a的激光垂直入射到双缝上，在屏上出现如图所示的

干涉图样。光屏上标记两条亮纹中心位置，测其间距为。=%2-不，则（）

A.相邻两暗条纹间距为?B.相邻两亮条纹间距为£

C.双缝与光屏间的距离为唱D.双缝与光屏间的距离为穿

*rAZA

5.两位同学在实验室利用如图甲所示的电路测定电阻R。、电源的电动势E和内电阻r。调节滑动变阻器的滑

动触头P向某一方向移动，一个同学记录了电流表A和电压表匕的示数，另一同学记录的是电沆表A和电压

表七的小数。根据记录的数据描绘了如图乙所不的两条U-/直线。卜列说法止确的是（）

A.电源的内阻为0.5。

B.电源的电动势为1.0V

C.也源的输出功率最大为0.5625加

D.定值电阻Ro上消耗电能的最大功率为。・5勿

6.如图所示，式轴与某静电场中条电场线重合，M、P、N是x粕上三个点，OM=ON,x轴上的各点电势拶

分布图线关于@轴对称。有一电子从M点静止释放，仅受电场力作用。下列说法正确的是（）

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A.P点电场强度方向沿x轴负方向

B.M点的电场强度与N点的电场强度大小相等，方向相同

C.电子在P点的动能小于在N点的动能

D.电子在M点的电势能大于在P点的电势能

7.一平行板电容器充放电电路如图甲所示。开关S接1,电源E给电容器C充电：开关S接2,电容器C对

电阻R放电，并通过电流传感器记录放电电流随时间变化情况如图乙所示。其中。表示电容器的电容，R是

阻值为500。的定值电阻，E是电源电动势（电源内阻可忽略），下列说法正确的是（）

A.充电过程中，充电电流大小增大，电容器两极板间电势差增加

B.放电过程中，放电电流大小增大，电容器两极板间电势差减小

C.加在电容器两极板的最大电压约为2.4V,电容器电容约为5.2x10-3F

D.加在电容器两极板的最大电压约为1.2V,电容器电容约为2.6x10-3F

8.离子注入机是研究材料辐照效应的重要设备，其工作原理如图1所示。从离子源S释放的正离子（初速度

视为零）经电压为火的电场加速后，沿00'方向射入电压为出的两极板之间的电场，00'平行于两极板的

中轴线，极板长度为I、间距为d,啰-t关系如图2所示；样品长度为m垂直放置在两极板右端的右侧某

处，与右端相距为L,样品中心位于。,点。假设单个离子在通过出的电场区域的极短时间内，电压力可

视为不变。当〃2=±Um时，离子恰好从两极板的边缘射出。不计重力及离子之间相互作用。、列说法正确

的是（）

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A.力的最大值

B.当U2=±4n且乙=巨段时，离子恰好能打到样品边缘

C.若其他条件不变，要增大离子对样品的辐照范围，需增大以

D.若其他条件不变，要增大离子对样品的辐照范围，需使用比荷更大的离子

二、多选题：本大题共4小题，共20分。

9.关于电磁波，下列说法正确的是（）

A.均匀变化的电场或磁场都能产生电磁波

B.按正弦规律变化的电场或磁场都能产生电磁波

C.电磁波是纵波，没有偏振现象

D.电磁波是横波，具有偏振现象

10.如图甲为一列沿无轴传播的简谐横波在t=0时刻的波形图，图乙为x=6m处质点P的速度u—时间t图像,

规定向上振动为速度〃的正方向，下列说法正确的是（）

,y/cm

10K

A.该波的传播速度为5m/sB,该波沿x轴正方向传播

C.质点2在£=0.6s时刻的位移为0D.质点P在0.6s内通过的路程为20cm

11.如图所示，P、Q是电荷量相等的两个点电荷，。为尸、Q连线的中点，c、d是Q、Q连线延长线上的两点,

Q、b是P、Q中垂线上的两点，Q与b关于。点对称，c与d关于。点对称。则（）

Qd

A.若P、Q为同种电荷，则a与b点电场强度相同，c与d点电场强度相同

B.若尸、Q为同种电荷，则a与b点电场强度不同，c与d点电场强度不同

C.若P、Q为异种电荷，则Q与匕点电场强度相同，c与d点电场强哽相同

D.若，、Q为异种电荷，贝以与b点电场强度不同,c与d点电场强度不同

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12.如图所示，一倾角为30。的绝缘斜面固定在水平地面上，空间中存在平行斜面向下的匀强电场E,物块M、

N用一根不可伸长的轻绳绕过滑轮连接，N的另一端与弹簧连接，弹簧的另一端固定在地面。初始时，用外

力使M静止在斜面上，轻绳恰好伸直且无张力；撤去外力，M经过时间£第一次到达最低点。己知物块M带

正电，电荷量为q，物块N不带电，M、N质量相等为电场强度后=嘤，弹簧劲度系数为鼠不计一切

摩擦。则（）

A.M下滑的最大距离为小B.释放时M的加速度为2g

CM下滑的最大速度为J窣D.M下滑的距离为詈时，所用时间为g

三、实验题：本大题共2小题，共20分。

13.在“用单摆测重力加速度”实验中：

（1）下列器材中，应选用。（填序号）

4小铁球

8.小塑料球

C.30sn长的摆线

Z）.100cm氏的摆线

£打点计时器

尸.秒表

（2）摆球在竖直面内摆动，从摆球某次通过平衡位置开始计时，数出摆球通过平衡位置的次数71（摆球第一次

通过平衡位置计数为0），所用的时间为久单摆振动的周期7=。

（3）若测得的g值偏小，可能的原因是。（填序号）

人单摆振动过程中振幅太小

从测摆长时，仅测了摆线长度

C.测摆长时，将线长加了小球直径

。・选用摆球质量偏大

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14.物理实验小组将一电流表G（量程为1mA）改装成一个量程为3V的电压表，并用改装后的电压表和电阻

箱测一电源的电动势和内阻。实验过程：

（1）先用多用电表欧姆挡粗测电流表G的内阻。将选择开关旋置“X10”倍率，欧姆调零后将红表笔与电流

表G的（选填“正”或“负”）接线柱连接，正确接好电路后，多用电表示数如图甲所示，则电流表G

甲

（2）再用如图乙的电路较准确地测量电流表G的内阻。供选择的器材:

4电源%（电动势为3V,内阻几欧）

8.电源用（电动势为20V,内阻几十欧）

C.滑动变阻器R（最大阻值约为6kQ）

。.电阻箱Ro（O〜9999.9。）

E.开关两只，导线若干

乙丙丁

①电源应该选择（选填“邑”或"%”）；

②正确连接电路后，将滑动变阻器接入电路的电阻调到最大，阮合开关S］，调节滑动变阻器使电流表G的示

数为17714闭合开关S2,调节电阻箱品，当阻值为149.0时，电流表G的示数为0.5m4则电流表G的内阻

为0。

（3）接着，把电流表改装成量程为3V电压表V。需要将与电流表G串联的电阻箱阻值调为Qo

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(4)最后，用如图丙所示的电路图测量甩源的电动势和内阻。闭合开关，调节电阻箱阻值为时，记录改装

的电压表v示数u,测量多组数据，建立坐标系，得到:图线如图丁所示，则电源电动势为_____V，内

UK

阻为n.

四、计算题：本大题共3小题，共36分。

15.如图所示，折射率为n=，I的透明材料制成的中空柱状管道，其横截面的内圆半径为广。围色光线平行

于横截面从A点以入射向8=45。射入透明柱状管道，恰好在内圆表面发生全反射。y[2«1.4O求：

(1)透明材料的临界角。；

(2)管道横截面的外圆半径R。

16.小型直流电动机提升重物的装置和电路如图甲所示。闭合开关，电动机稳定运行，重物以速

度I，=0.5m/s匀速上升过程中，电压表和电流表测得电动机的输入电压U和输入电流/与时间t的关系图像

如图乙所示。电源电动势为K-3.2V,提升的重物重力为G-1.16N。不计一切摩擦及电表内阻的影响.g

取10ni/s2o求：

(1)电源内阻；

(2)电动机的内阻;

(3)t=0时刻电动机的效率(结果保留2位有效数字)

17.如图所示，竖直平面内的直角坐标系xOy,%轴水平向右，在v>0区域存在水平向右的匀强电场E],在

y<0区域存在竖直向上的匀强电场场,在第HI象限的某点固定一点电荷Q,”轴上安装有带孔的特殊装置,

能屏蔽点电荷。对y>0区域的影响，带电小球又能无接触地通过该装置。一带正电小球在A点(-

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O.lm,O.l?n)由静止释放，沿直线经坐标原点。第一次穿过、轴，在y40区域绕点甩荷Q做匀速圆周运动，一

段时间后，经。点第三次穿过x轴。匀强电场的场强大小/=E2=450，IN/C,重力加速度g取10m/s2,

静电力常量k=9.0x109N-m2/c2。求：

(1)小球的比荷及小球第一次穿过r轴时的速度大小;

(2)点电荷的电荷量Q：

(3)小球从释放到第三次经过%轴所经历的时间。

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答案解析

1.【答案】B

【解析】4线圈不动时，穿过线圈的磁通量不变，则线圈中不产生感应电流，故力错误；

8.线圈向右平动时，穿过线圈的磁通量减少，线圈中会产生感应电流，故8正确；

C。,线圈向下平动或向上平动时，穿过线圈的磁通量不变，则不产生感应电流，故8错误。

故选瓦

2.【答案】D

【解析】因为M、N在运动过程中始终处于同•高度，所以N的速度也丫与M在竖直方向的分速度u%,大小

相等，

设M做匀速圆周运动的角速度为3,半径为r,其竖直方向分速度u%,=o)rcos3t

即vN=a)rcoscot

则。正确，力8C错误。

故选Do

3.【答案】C

【解析】4图像可知6光的偏折程度较大，则玻璃对b光的折射率较大，可知匕光的频率较大，故a光为红光,

b光为蓝光，故,4错误：

BCD.因为玻璃对b光的折射率较大，根据

可知b光在玻璃砖中的传播速度较小，Q光在玻璃砖中的传播速度较大，故4。错误，C正确。

故选C。

4.【答案】C

【解析】根据题意，由图可知，相邻两亮条纹(暗条纹)间距为4%=",故力错误，3错误；

CD公式Ax=Aj

a

代入Jx=

解得双缝与光屏间的距离，=*,故C正确，。错误。

故选C

5.【答案】D

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【解析】4B.由图甲可知，根据闭合电路欧姆定律有E=3+lr

变形有%=-Ir+E

所以图乙中的直.线甲为电源的路端电压和电流的变化图像，故"-/图像与纵轴的截距就是电源的电动势,

即电源的电动势为E=b=1.5V

同理力-/图像斜率的绝对值就是电源的内阻，所以电源的内阻为厂=固=|答故

AB错误；

。.图乙中的直线乙为电阻Ro两端电压随电流变化的图像，所以有A。=华=黑。=2。

ZJ/V/.O

电源的输出功率与外电阻的关系图像如图所示：

所以当外电阻等于内阻时电源的输出功率最大。由于%>r,故随着滑动触头P向右滑动，外电阻不断增

大，而电源的输出功率逐渐减小，所以当户滑到最左端时外电阻最小，此时电源的输出功率最大。由图乙可

知，此时电源的路端电压为%=1.0K,电路的电流为/'=0.5A,所以电源输出功率的最大值为「血=

1/1I'=O.S>W,故C错误：

。由尸=/2R可知，当P滑到最左端时外电阻最小，此时电路中的电流最大，故此时定值电阻,%上消耗电

能的功率有最大值。由图乙可知，此时电阻R。两端的电压为=1・OV,电路的电流为/'=0.54,所以

定值电阻Ro上消耗电能的最大功率为Pomua/'=0.51V,故。正确。

故选

6.【答案】D

【解析】4沿电场线方向电势降低，故P点电场强度方向沿％轴正方向，故力错误；

比M点的电场强度与N点的电场强度大小相等，方向相反，故8错误；

C.曰Ep=q(p,电子带负电，(pP>(pN，故电子在P点的电势能小于在N点的电势能，电子仅受电场力作

用，电势能和动能之和保持不变，电子在P点的动能大于在N点的动能，故。错误；

。.由Ep=q*,电子带负电，3M<9P，故电子在M点的电势能大于在P点的电势能，故。正确。

故选

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7.【答案】D

【解析】4充电过程电容器所带比量Q逐渐增加，电容器两极板间电势差增加，但由于极板间可势差与电源

电动势的差值越来越小，即电阻R的电压减小，根据欧姆定律可知流过电阻R的电流减小，即充电电流减小，

故,4错误；

区放电过程中，电容器极板上的电荷量逐渐减少，电容器两极板间电势差减小。即电阻R的电压减小，根据

欧姆定律可知流过电阻R的电流减小，即放电电流减小，故8错误：

CD放电瞬间(£=0),电流最大，此时电容器的电压等于电源电动势，从图乙可知，最大电流/«2.4X10-34，

则加在电容器两极板的最大电压U«ImR=1.2V

I-t图面积表示电荷量，图乙可知电容器放电量为Q=35x0.2x10-3x0.4C=2.8x10-3C

故电容

联立解得C弓2.33x10-39，可知选项。错误，选项。较为接近。

故选

4.充电过程电容器所带电量Q逐渐增加，电容器两极板间电势差增加，但由于极板间电势差与目源电动势的

差值越来越小，即电阻R的电压减小，根据欧姆定律可知流过电阻R的电流减小，即充电电流减小，故力错

误；

员放电过程中，电容器极板上的电荷量逐渐减少，电容器两极板间电势差减小。即电阻R的电压减小，根据

欧姆定律可知流过电阻R的电流减小，即放电电流减小，故8错误：

CD放电瞬间(£=0),电流最大，此时电容器的电压等于电源电动势，从图乙可知，最大电流/«2.4x10-3力，

则加在电容器两极板的最大电压U«ItnR=1.2V

I-t图面积表示电荷量，图乙可知电容器放电量为Q士35x0.2x10-3x0.4C=2.8x10-3。

故电容C=g

联立解得2.33x10-3/，可知选项。错误，选项。较为接近。

故选

8.【答案】B

【解析】4离子在加速电场中有=^mv2，得i?=J

在偏转电场中，1=vt,q萼=ma，y=|at2,得y=累;？

当力=Um，y=3时

解得Um=翁。1

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故,4错误；

B.离子离开电场运动至样品处的过程中满足号=工，得V=y（1+今

（丫为离子打在样品上的位置距。'的距离）

当%=Um，y=3时，若离子恰好打在样品边缘，则丫=3

解得心二巨拱

故B正确；

c」W】+忙髭。+学）

增大火则y减小，样品的辐照范围变小，

故C错误；

­（1+机然（1+学）

易得使用比荷更大的离子时，对离子对样品的辐照范围没有影响，

故D错误。

故选B。

9.【答案】BD

【解析】4均匀变化的电场会产生恒定的磁场，均匀变化的磁场会产生恒定的电场，恒定的电场或磁场无法

继续产生新的场，因此不能产生电磁波。故力错误；

8.按正弦规律变化的电场（或磁场）是周期性变化的，它会产生周期性变化的磁场（或电场），这种相互激发的

过程可以持续进行，从而形成电磁波。故8正确；

CD在电磁波传播的过程中，电场和磁场的振动方向都与波的传播方向垂直，满足横波的定义，故电磁波是

横波：由于横波具有偏振现象，所以电磁波具有偏振现象，故C错误，。正确。

故选BD

10.【答案】ACD

【解析】4由图甲可知波长为a=6771,由图乙可知周期为T=1.2s,则该波的传播速度为%=彳=5m/s,

故,4正确：

比由图乙可知t=0时刻质点P向上振动，根据波形平移法可知，该波沿x轴负方向传播，故8错误；

。.日图乙可知质点P在t=0.6s时刻的速度达到负向最大，此时质点P处于平衡位置向下振动，即此时位

移为U,故C正确;

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力.根据/亡=0.6s=9T

可知质点P在0.6s内通过的路程为s=2/l=20cm,故。正确。

故选ACD.

11.【答案】BC

【解析】4B.若P、Q为同种电荷，则由对称性可知，Q与b点电场强度大小相同，方向相反，c与d点电场强

度大小相同，方向相反，/!错误，4正确；

CD若P、Q为异种电荷，根据等量异种电荷的电场分布可知，a与b点电场强度大小方向都相同，c与d点电

场强度大小方向都相同，C正确，。错误。

故选BC.

12.【答案】CD

【解析】力B.初始时，N静止，受力分柝mg=kxi

解得必=詈

整体受力分析qE+mgsin30°+kx}-mg=2ma

解得Q=g,8错误：

M、N速度最大时，即位于平衡位置，此时qE+mgsin30°=k+mg

解得M=詈

根据简谐运动对称性可知，M下滑的最大距离为2(与+上)=等，/错误；

C从初始位置运动到最大速度过程，弹簧形变量必=义2,弹性势能不发生变化

2

动能定理qE(4i+x2)+mgsin300al4-x2)一瓶＜。01+x2)=1max

解得"max=J率，。正确；

。.简谐运动振幅)

A=(%i+%2=K»T=2t

简诸运动表达式无=Acos期t'=^^cos?t'

/KL

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M下滑的距离为等时，等二等3?1

KKKI

解得£'=1,D正确;

故选CD。

13.【答案】ADF

2t

n

B

【解析】(1)本题实验为了减小空气阻力的影响和测量误差，应选择长约100cm的摆线和小铁球构成单摆，

需要用秒表测量时间，故需要的器材有：ADF

(2)从摆球某次通过平衡位置开始计时，摆球通过平衡位置两次，小球摆动一个周期，计第一次通过平衡位

置计数为0,则当计数为n时，小球共完成了］次完整的振动，可知单摆的周期为7=个

(3)4根据单摆的周期公式T=2/

可知g-4兀2,

因此单摆的周期与振幅、小球质量无关，故力。错误；

8.若测摆长时，仅测了摆线长度，没考虑小球的半径，则乙的测量值偏小，由上述分析可知0的测量值偏

小，故8正确；

。.测摆长时，将线长加了小球直径，则L的测量值偏大，由上述分析可知g的测量值偏大，故。错误。

故选瓦

14.【答案】负

E2

149.0

2851

2

1

【解析】1)口］［2］将选择开关旋至“X10”倍率，欧姆调零后，根据“红进黑出”，则将红表笔与电流表G

的负接线柱连接：电流表G的内阻为15X10。=150G

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(2)⑦[1]用半偏法测电阻时，闭合开关52的前后，认为干路甩流保持不变，则要求滑动变阻器总电阻较大，

而此时要使电流表满偏时，则要求电源电动势较大，所以电源需要选择%;

②(2]闭合开关S2,调节电阻箱治，当阻值为149.0。时，电流表G的示数为0.5m4可知通过电流表的

电流等于通过电阻箱的电流，可知电流表G的内阻等于电阻箱的电阻，为%=149.0。。

(3)把电流表改装成量程为3U电压表V。需要将与电流表G串联的电阻箱阻值调为R==薪。-

149c=2851c

(4)[1][21根据E=U+*r

由图像可知|=0.50步=

it£aUU

解得E=27,r=in

15.【答案】(1)临界角C满足sinC=；

代人题中数据，解得C=45。

(2)光路图如图所示

设入射角£=45。时折射角为由贝iJ〃=舞

联立解得R=y/2r

【解析】详细答案和解答过程见答案

16.【答案】(1)根据题图乙可知，电动机正常工作时的电压和电流分别为/=3.07,/1=0.2A

设电源内阻为丁，根据闭合电路欧姆定律£=%+//

解得r=1/2

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(2)设电源对电动机的输入功率为P入，电动机的输出功率为P空，电动机的内部消耗