2026年广东省佛山市顺德区中考一模物理试题（含答案）

2026年广东省佛山市顺德区中考一模物理试题

一、选择题：本大题共7小题，每小题3分，共21分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符

合题目要求的。

1.“爆竹声声驱年兽”，爆竹的巨响能驱赶“年兽”，这里的“巨响”是指声音的（）

A.响度大B.音调高C.音色好D.速度快

2.圭表是我国古代的天文观测仪器。如图所示,它是根据表在圭上形成的影子长度来确定节气和季节。影

A.光的直线传播B.光的反射

C.光的折射D.光的色散

3.夏天，冰棒周围出现的“白气”是（）

A.汽化形成的水蒸气B.液化形成的小水滴

C.熔化形成的小水滴D.升华形成的水蒸气

4.“天问一号”火星探测器使用了一种新型材料纳米气凝胶，该材料具有超轻特性，其质量大约只有同体

积水的质量的六分之一。这里的“超轻”是指（I

A.质量小B.密度小C.熔点低D.沸点低

5.下列是用频闪摄影（相邻闪光的时间间隔相同）拍摄小球在水平桌面运动的频闪照片（黑点表示小球）,

其中小球可能做匀速直线运动的是（）

B.D.

6.如图所示，闭合开关，下列操作能使静止的铜棒ab运动的是（）

B.使条形磁铁向下运动

C.适当增加ab的长度D.换磁性更强的蹄形磁铁

7.如图是世界第一支气体温度计丁作原理图,下列说法正确的是（）

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A.原理是水的热胀冷缩B.温度升高，水柱上升

C.玻璃管越粗，越灵敏D.玻璃泡越大，越灵敏

二、填空题：本大题共7小题，每空1分，共21分。

8.2025年10月31日，我国“神舟二十一号“载人飞船成功发射。飞船离开地面的过程中，以地球为参照

物，飞船是的，以运载火箭为参照物，飞船是的；飞船与地面控制中心通过

传递信息。

9.醒狮是佛山开学季最热闹的文化活动之一，表演中鼓声主要是由鼓面产生，通过传

入人耳；舞狮动作根据鼓点变化而变化，这是利用声音能够传递o

10.如图所示，打开礼花喷射器的气阀，压缩气体快速释放并伴随礼花喷出的过程中，气罐内气体的内

能，温度，能量转化情况与四冲程汽油机的冲程相似。

气阀礼花

压缩气罐

11.如图所示，用毛皮摩擦过的橡胶棒因得到电子而带电，将其靠近静止的带电小球时，小球向

左运动，说明_________电荷相互

12.如图是《天工开物》中的“生熟炼铁炉”图，古人将铁料熔成铁水，铁的质量（选填“变大”“变

小”或“不变，，）；铁水沿管道流入水塘淬火。淬火时，铁（选填“吸收”或“放出”）热量，这是通过一

改变铁的内能。

第2页

13.如图是高压输电常用的“多股铝绞线“，由多根铝线绞合而成，这是通过增大的方式，使输

电线的电阻,若发电厂输出电流不变，则输电线上电能损耗将（后两空选填“变大”“变

小”或“不变”）。

14.如图是某汽车座椅加热装置的简化电路图，此装置利用电流的效应工作，五根电热丝是

联的。正常工作时，若其中一根电热丝烧断，电路的总功率（选填“变大”“变小”或“不变

三、作图题：本题7分。

15.（1）如图所示，一束光射向水面0点，请画出反射光线和大致的折射光线。

X--------------

（2）A、B两位同学在同一起跑线同时同向做匀速直线运动，某时刻他们的位置如图甲所示，请在图乙

中画出他们运动的s-t图像（须分别注明

（3）如图是小明为电动窗帘设计的电路原理图，通过电磁继电器改变电动机M的电流方向来实现窗帘的

开与合。请按要求将电路连接完整，并在括号内标出电磁铁上端的极性。

i

i

r

」!-----------

四、实验题：本大题共3小题，第16、17小题各7分，第18小题6分，共20分。

16.（1）如图所示，铅笔的长度为cm,读数过程中（“存在”或“不存在”）误差;

第3页

（2）小明利用如图甲的装置探究冰熔化时温度的变化规律。某时刻温度计示数如图乙，读数

为℃o根据实验数据作出图像如图丙，则冰熔化过程中温度；AB段的温度变化比CD

段的温度变化快，主要原因是冰和水的不同；

。

-Io

三

三

三

-O

三

三

1二

一1O

二

甲乙丙

（3）在测量盐水的密度实验中，小明用两个相同的烧杯分别装30mL水和盐水，并放在已调节好的天平

上，移动游码,使天平水平平衡，如图所示。则右盘中的烧杯装的是（选填"水”或“盐水”），盐水

的密度是kg/m3o（P水=10x103kg/m3）

STB

17.在探究凸透镜成像的规律实验中，凸透镜焦距为lOcni,F光源（发光部分）高度为3.0cm。

（1）实验前，调节光源、凸透镜和光屏，使它们的中心高度。

（2）实验时，小明从物距4.0cm开始，每次增加2.0cm。卜表是他记录的实验情况。

物距/cm4.06.08.010.012.014.016.018.020.022.024.026.028.0

像距/cm\\\\60.135.226.622.420.018.417.216.315.6

像的高度

\\\\15.17.55.03.73.02.52.11.91.7

/cm

像的正倒正正正\倒倒倒倒倒倒倒倒倒

①可以通过比较与的大小关系判断实像是放大还是缩小;

②成实像时，像是（选填“正”或“倒”）立的，且物苑越大，像越。

（3）小明尝试通过作图法，找出物距u、像距V、物高L、像高h之间关系：

①在如图画出光路图，找到AB所成的像的位置；

②分析光路图，可知u、v、L、h的关系式为：o

第4页

18.小明用伏安法测量盐水柱的电阻，他连接的电路如图甲所示，导线与盐水接触良好。

（1）图甲中，连接错误的电路元件是。

（2）纠正错误后，将滑动变阻器的滑片P移至（选填"A”或"B”）端,闭合开关，得到第1组

数据。调节滑动变阻器，依次记录数据如下表所示，其中第6次实验电压表示数如图乙所示，为

实验序号123456

电压U/V1.001.201.501.802.00

电流I/A0.100.120.160.180.200.25

（3）小明根据实验数据在坐标系中描绘的点如图丙所示，请尔帮他完成U-I图像。由图像可

知：盐水柱的电阻为Q。

（4）若要获取盐水柱两端电压为0.5V时的数据，可采取的办法

是o

五、计算题：本大题共2小题，第19题6分，第20题7分,共13分。

19.如图是神舟载人飞船返回舱成功着陆的画面。返回舱表面是一层由我国自主研发的合金蒙皮，具有承力

密封、抗热护舱的作用，厚度为2x10-2小。返回舱在返回过程中经过了4.5x104m的“黑障区，，，历时.

3OOso返回舱的合金蒙皮面积为20m2,合金蒙皮的密度取1.4Xl（Pkg/m3,求：

（1）返回舱经过“黑障区”的平均速度;

（2）返回舱合金蒙皮的质量。

20.如图甲是某实验小组设计的电热锅的简化电路原理图，Ri、力为加热电阻，其中8为110。。当开关拨

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当开关拨至2时，&与&并联，为高加热挡位，功率为1320W。求:

乙

(1)低加热挡位时，通过&的电流;

(2)/?2的阻值;

(3)另一设计如图乙所示，根据甲、乙制成的两个电热锅，沟高加热挡位加热，请通过计算说明哪个加

热更快。

六、综合能力题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。

21.液体汽化时需要吸收热量。在一个标准大气压下，单位质量的某种液体变为同温度的气体所吸收的热

量，叫做这种液体的汽化热。通常情况下，同种液体在不同温度下的汽化热是不同的。小明利用如图所示的

装置测量水沸腾时的汽化热：用电压可调的电加热器将水加热至沸腾，用电子秤测量沸腾稳定后持续加热一

段时间前后水的质量，记录所用的时间及在该段时间内电加热器的电压和电流，实验数据如下表所示。实验

过程散热损失是不可忽略的。

实验次序电压/V电流/A时间/S水的初质量/g水的末质量/g

12013007068

24023007060

（1）一定质量的水全部变成同温度的水蒸气，内能将变

（2）若用Q表示水变为同温度的水蒸气所吸收的热量，m表示水变为同温度水蒸气的质量，那么水的汽

化热4=：

（3）装置中小孔的作用是；

（4）两次实验均需从水沸腾（选填"前”或“后”）开始计时；实验次序（选填T或

“2”）中水变为同温度的水蒸气更多;

（5）若水沸腾后散热快慢不变，则水沸腾时的汽化热2为J/kgo

22.在制作地磅模型的跨学科实践活动中，小明的设计如图甲所示。电源两端电压U恒为9V,电流表测量

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范围。〜0.6A,R。是阻值为10Q的定值电阻，滑动变阻器R的最大阻值为20Q,其阻值与其接入电路的长度

成正比，AB间距为4cm。未放重物时，滑片P处于A端，并能随托盘一起上下滑动。弹簧的长度1与重物

对托盘压力F的大小关系如图乙所示，P在AB之间滑动，弹簧均未超出弹性限度。g取10N/kg。

（1）当在托盘上放置重物时，弹簧被压缩，滑动触头P会向（选填或"B”）移动，滑动变

阻器接入电路的阻值（选填“变大”“变小”或“不变”

（2）将电流表改装地磅示数表时，应在电流表示数为A刻度线标“0”，该地磅模型的最大称量

为kg；

（3）在不更换电流表的情况下，若要增大最大称量，可采取的办法是;

（4）小明发现改装后地磅示数表的刻度是不均匀的，他想利用电压表代替电流表，并改进电路，使刻度

变均匀，请在图丙中画出改进后的旦路。

23.阅读短文，回答问题。

太阳能

太阳是太阳系的中心天体，占太阳系总体质量的99.86%。太阳内部每时每刻都在发生核聚变，释放巨大

的能量，并以电磁波的形式向四周辐射，其辐射的总功率为4'：026^,,太阳到地球的距离为L5xl0i】m,

太阳辐射到地球的能量在穿越大气层时，有3（）%被吸收或反射回太空，剩余能量到达地表，即为太阳能。如

图是地表太阳辐射光谱图，描述了到达地球大气层和地球表面的太阳辐射能量随波长的分布规律。我国幅员

辽阔，日照充足，一年太阳辐射到我国地表的能量为1016仁力.鼠

太阳能汽车是利用太阳能的一种方式。某新型太阳能概念车，车身表面覆盖光伏膜，可将太阳能直接转化

为电能，光伏膜的面积越大，发电功率就越大，产生的电能既可直接驱动电动机，也可存储到蓄电池中备

用。该概念车的部分技术参数如下表所示，利用蓄电池供电，当蓄电池储能降至0.1品时，停止电能输出。

辐射能量

紫

红外区

外

区

大气上界太阳辐射

可

见、地球表面太阳辐射

光

区

0波长

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技术参数

额定功率（Pi）90kW

电动机

效率（%）90%

最大发电功率（P2）1000W

光伏膜

光电转换效率（必）20%

蓄电池满电储能（E。）60kW-h

（1）太阳能是（选填“可再生”或“不可再生”）能源。

（2）分析太阳辐射光谱图，辐射能量最强的部分集中在区，”地球表面太反辐射”曲线整体

低于“天气上界太阳辐射”曲线的原因是。

（3）一年太阳辐射到我国地表的能量相当于I标准煤完全燃烧释放的热量”娱取3X

107j/kg）°

（4）假设光伏膜以最大功率发电，且蓄电池满电储能，汽车以8（）km/h的速度在水平路面上匀速行驶，此

时电动机的输出功率为O.lPi：

①若光伏膜和蓄电池同时向电动机供电，则汽车匀速行驶的最大路程为km。

②若仅靠太阳能供电，理论上要求光伏膜的面积至少为巾2（计算结果保留整数，球形面积公式

S=471r2,九取3）。

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答案解析部分

1.【答案】A

【解析】【解答】响度表示声音的大小。“巨响”是指声音很大，即响度大，故A符合题意，BCD不符合题

意。

故选Ao

【分析】声音的大小指响度，声音的高低指音调，声音的特色，是音色。

2.【答案】A

【解析】【解答】根据主的影子，判断时间，是主表的工作原理，利用了光沿直线传播，故A符合题意，

BCD不合题意。

故选Ao

【分析】影子是光沿直线传播形成的。

3.【答案】B

【解析】【解答】冰棒周围的温度非常低，空气中温度较高的水蒸气遇到温度低的冰棒，出现白气，发生液

化，故B符合题意，ACD不符合题意。

故选Bo

【分析】水蒸气变为小水滴，是液化现象。

4.【答案】B

【解析】【解答】纳米气凝胶密度小，纳米气凝胶和其他物质体积相同，纳米气凝胶的质量小，减轻了火星车

的质量，运动更灵活，故B符合题意。

故选B。

【分析】体积一定时，物体的密度越小，质量越小。

5.【答案】C

【解析】【解答】图中，C中相邻两点间的距离相等，且沿直线运动，相同时间的路程相等，则C做匀速直

线运动，故ABD不符合题意，C符合题意。

故选Co

【分析】匀速直线运动中，相同时间的路程相等，速度保持不变。

6.【答案】B

【解析】【解答】铜棒ab运动，是通电导体在磁场中受到力的作用，要让铜棒运动，电路中产生感应电流，

使铜棒成为通电导体，在蹄形磁铁的磁场中受力运动。

要产生电流，闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动，则条形磁铁向下运动，螺线管切割磁感线，闭合的

电路中会产生感应电流,电流会通过铜棒在磁场中受力运动，故B符合题意：ACD不符合题意c

故选Bo

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【分析】电磁感应现象中，导体切割磁感线，产生感应电流；通电导体在磁场中，受力运动。

7.【答案】D

【解析】【解答】A.气体温度计根据封闭气体的热胀冷缩来工作，通过水面来显示温度高度，并非测温物

质，故A错误。

B.当温度升高，玻璃泡内的空气受热，体积膨胀，挤压玻璃管内的水柱，使水柱液面下降；温度降低时，

空气收缩，水柱液面上升。则温度升高时，水柱下降，故B错误。

C.相同温度变化下，水柱的升降幅度越大，越灵敏。玻璃管越粗，相同体积变化对应的液面高度变化越

小，灵敏度越低：故C错误。

D.玻滴泡越大，内部空气质量越大，温度变化时，气体的体积变化量越大，水柱升降的幅度越大，温度计

的灵敏度越高，故D正确。

故选Do

【分析】根据气体的热胀冷缩，可以测量温度；气体温度计的玻璃管越细，液面高度变化越大，灵敏度越

8.【答案】运动；静止：电磁波

【解析】【解答】飞船升空远离地面的过程中，选取地球作为参照物，飞船相对地面的位置不断发生改变，因

此飞船是运动的；若以运载火箭作为参照物，飞船和火箭之间相对位置没有发生变化，所以飞船处于静止状

态。

真空环境中无法传播声波，而电磁波能够在真空中传播，飞船与地面指挥中心正是依靠电磁波实现通信和信

息传输。

故答案为：运动；静止；电磁波。

【分析】(1)判断物体运动还是静止，关键看研究对象与所选参照物之间的相对位置是否发生改变，位置改

变即为运动，位置不变即为静止；

(2)电磁波具备可在真空环境传播的特点，航天通信中普遍利用电磁波来传递各类信息。

9.【答案】振动；空气；信息

【解析】【解答】声音是物体振动产生的，鼓声是鼓面被敲击振动产生的，经空气传播进入人耳后听到的。

根据鼓点变化，舞狮动作变化，是杈据声音传递信息。

【分析】声音是物体振动产生的；声音可以传递信息。

10.【答案】减小；降低；做功

【解析】【解答】打开礼花喷射器的气阀，压缩气体快速释放，将礼花喷出，气罐内气体对外做功，气罐内气

体内能减小，温度降低，将内能转化为礼花的机械能，与四冲程汽油机的做功冲程能量转化相似。

【分析】气体的内能对外做功时，内能转化为机械能，内能减小，和做功冲程能量转化相同。

1L【答案】负；同种;排斥

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【解析】【解答】毛皮摩擦橡胶棒，得到电子带负电；当靠近静止的带电小球时，小球向左运动，即橡胶棒和

小球相互排斥，则同种电荷相互排斥。

【分析】不同物质相互摩擦时，得到电子带负电；电荷间，同种电荷相互排斥。

12.【答案】不变；放出；热传递

【解析】【解答】质量是物体含有物质的多少，与状态、位置、形状无关，当铁料熔成铁水，铁的质量不变。

淬火时，铁放出热量，温度降低，内能减小，是通过热传递改变铁的内能。

【分析】质量和物体的形状、状态等无关；物体间温度不同，通过热传递改变内能。

13.【答案】横截面积；变小；变小

【解析】【解答】电阻和导体的材料、长度、横截面积有关，高压输电是“多股铝绞线”，“多股铝绞线“并联，

相当于增大了导体的横截面积。在导体材料与长度一定时，增大导体的横截面积，输电线的电阻变小。

根据P=/2R,发电厂输出电流不变，输电线的电阻变小，输电线上的热功率变小，电能损耗变小。

【分析】根据导体电阻的影响因素，判断电阻的变化；根据尸二产对判断导线上的热功率的变化。

14.【答案】热；并：变小

【解析】【解答】根据题意，汽车座椅加热装置工作时，将电能转化为内能，利用了电流的热效应。

图中，五根电热丝并列连接，是并联关系，当一根电热丝烧断后，电路中的总电阻变大，电源电压不变，根

据「=*，电路的总功率变小。

【分析】电流通过导体产生热量，是电流的热效应；电热丝并联，支路发生断路，总功率变小。

【解析】【解答】（1）过O点，垂直界面画法线，根据反射角等于入射角，在法线右侧空气中画出反射光

线；在水中法线的另一侧画出折射光线靠近法线，折射角小于入射角，如图

第11页

(2)图甲中，相同时间，B运动的路程大于A运动的路程，则B的s-t图像更陡峭，如图

(3)图中，电流由电磁铁的下端流入，根据安培定则，电磁铁的上端为N极；电流的方向控制电动机的转

向，当改变电流方向，即可实现窗帘的开与合，当衔铁被吸引时：电机与左边的电源构成闭合回路，电流从

电机的上端流入；衔铁释放时，电机与右边的电源构成闭合回路，电流从电机的下端流入，如图

【分析】(1)光在反射时，反射角等于入射角；在折射时，空气中的角度比水中的角度大；

(2)时间相同时，路程越大，则速度越大；

(3)根据安培定则，判断通电螺线管的磁极位置；电动机转动方向和电流方向有关。

(1)垂直分界面画出法线，在法线右侧空气中画出反射光线，使反射角等于入射角；在水中法线的另一侧

画出折射光线，使折射角小于入射角，据此作图。

(2)由图甲可知，相同时间，B运动的路程大于A运动的路程，则B的s-t图像更陡峭，据此作图。

(3)由图可知，电流由电磁铁的下端流入，上端流出，由安培定则可知，电磁铁的上端为N极；电流的方

向控制电动机的转向，故改变电流方向即可实现‘窗帘的开与合，当衔铁被吸引时，电机与左边的电源构成闭

合回路，电流从电机的上端流入；衔铁释放时，电机与右边的电源构成闭合回路，电流从电机的下端流入，

据此作图。

16.【答案】(1)8.50；存在

(2)-3；不变；比热容

(3)水；1.1x103

【解析】【解答】(1)图中，刻度尺分度值为0.1cm,铅笔的长度为8.50cm；误差不可避免，测量必然存在。

(2)图乙，温度计分度值为1℃,液面在零刻度线下3格处，示数为-3℃。

图丙，冰熔化时，持续吸热，温度保持0C不变。

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水的比热容大于冰的比热容，质量和吸收热量相同时、冰升高的温度多，则AB段的温度变化比CD段的温

度变化快；

(3)图中，水和盐水体积相同，盐水的密度较大，根据m=pV,盐水的质量较大，则右盘中的烧杯是水，

左盘烧杯是盐水；天平标尺分度值为0.2g,游码对应的刻度为3g,则m盐水=山水+3/根据m=pv,则有

P盐水x30cm3=lg/cm3x30cm3+3g,解得盐水的密度p盐水=l.lg/cm3=1.1x103kg/m\

【分析】(1)根据物体对应刻度尺的位置，测量长度；测量中，必然存在误差；

(2)根据温度计液柱位置，测量温度；冰是晶体，熔化时，温度保持不变；质量和吸热相同时，比热容越

大，温度差越小；

(3)根据m=pV,体积相同时，密度越大，质量越大；根据体积和质量关系，计算密度。

(1)如图所示，刻度尺分度值为0.1cm,铅笔的长度为8.50cm；误差不可避免，读数过程中存在误

差。

(2)[1]如图乙，温度计分度值为1C,液面在零刻度线下方，则示数为-3℃。

⑵由图丙可知，冰熔化过程中持续吸热，温度保持09不变。

[3]AB段的温度变化比CD段的温度变化快，主要原因是水的比热容大于冰的比热容，质量和吸收热量相同

时，冰升高的温度多。

(3)水和盐水体积相同，盐水的密度较大，根据m=pV可知，盐水的质量较大，所以右盘中的烧杯装

的是水，左盘中的烧杯装的是盐水；标尺分度值为0.2g,游码对应的刻度为3g,则有m盐水水+3g,根

33

据m=pV,贝IJ有P盐水x30cm3=lg/cm3x30cm+3g,解得盐水的密度P盐水=l.lg/cm=1.1x

103Zc^/m3

17.【答案】(1)相同

(2)像；光源的高度大小；倒；小

【解析】【解答】(1)实验时，应调节光源、凸透镜和光屏的中心高度相同，可使像成在光屏中央；

(2)根据表中数据，可知像的高度，通过像与光源的高度大小，判断实像是放大的还是缩小的。

成实像时，像是倒立的，物距越大，像的高度越小，像越小。

(3)延长AF,平行于主光轴的光线经凸透镜折射后，过焦点，作出入射光线和折射光线，两折射光线的交

点，即为物体的像A，点，过A，点垂直于主光轴作垂线段，与主光轴交于点B，，即为物体的像AB：如图所

示：

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图中，△ABO和△ABC是相似三角形，则像高与物高的比值等于像距与物距的比值，即。=工

【分析】（1）探究凸透镜成像规律时，调节光源、凸透镜和光屏的中心高度相同；

（2）根据像的大小，比较像和物体的大小关系；凸透镜成实像时，是倒立的；

（3）光线和凸透镜的主光轴平行，折射光线过焦点，画出像的位置；结合三角形相似关系，判断像高、物

高、像距和物距的关系。

（1）为了使像成在光屏中央，应调节光源、凸透镜和光屏，使它们的中心高度相同。

（2）由表中数据可知像的高度，通过比较像与光源的高度大小来判断实像是放大的还是缩小的。

[3][4]由表中数据可知，成实像时，像是倒立的，物距越大，像的高度越小，所以像越小。

（3）[1]延长AF,根据平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点作出另外一条入射光线，这两条入射光

线的交点即为物体的像A，点，过A，点垂直于主光轴作一条垂线段，与主光轴交于点即可得到物体的像

⑵由图可知，△ABO和△AEO是相似三角形，所以像高与物高的比值等于像距与物距的比值，即[二〜

18.【答案】（1）电流表

（2）B；2.6

（4）换一个最大阻值更大的滑动变阻器

【解析】【解答】（1）用电流表测量电流时，接线柱正入负出，图中电流从电流表的负接线柱流入，电流表连

接错误。

（2）图甲，闭合开关前，滑片移至阻值最大处，应将滑片移至B端，可保护电路。

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图乙中，电压表选。〜3V的量程，分度值是0.1V,示数为2.6V。

（3）根据小明描绘的点，连线即可，如图所示：

图丙中，盐水柱的电阻./?=9=魁=10Q；

（4）盐水柱和滑动变阻器串联，滑动变阻器取值最大时，盐水电阻分压最小为IV,要使盐水柱两端电压为

0.5V,则滑动变阻器两端电压增大，电阻增大，可换一个最大阻值更大的滑动变阻器或减小电源电压，使盐

水电阻分压更小。

【分析】（1）电流表连接时，电流从电流表的正接线柱流入，负接线柱流出；

（2）闭合开关前，滑片在电阻最大处；根据电压表量程和指针位置，测量电压；

（3）根据计算电阻；

（4）在串联电路中，若减小定值电阻分压，可以增大滑动变阻器的分压，增大滑动变阻器的电阻。

（1）电流表测量电路中的电流时，应该使电流从电流表的正接线柱流入，负接线柱流出，图中电流从电流

表的负接线柱流入，所以电流表连接错误。

（2）[1]闭合开关前，应将滑片移至阻值最大处，由图甲可知，应将滑片移至B端。

⑵由图乙可知，电压表选0~3V的量程，分度值是0.1V,此时电压表的示数为2.6V。

（3）⑴根据小明描绘的点连线即可，如图所示：

[2]由图丙可知，盐水柱的电阻R=苧=魄=10。

（4）由图甲可知，盐水柱和滑动变阻器串联，要使盐水柱两端电压为0.5V,则滑动变阻器两端电压增大，

可采取的办法是换一个最大阻值更天的滑动变阻器或减小电源电压。

19.【答案】⑴解:返回舱经过“黑障区”的路程s=4.5X104m,所用时间300s；则返回舱经过“黑障区”的

4

平均速度””4.5辑m=]50m/s

v。U

（2）解：返回舱厚度h=2x10-2g,合金蒙皮面积S=20m2,则返回舱合金蒙皮的体积V=Sh=20m2x

第15页

2x10-2m=0.4m3

合金蒙皮的密度p=1.4x103kg/m\则返回舱合金蒙皮的质量加二0V二1.4x103kg/m3x0.4m?=560kg

【解析】【分析】（1）根据〃号，计算平均速度；

（2）根据V=Sh,计算体积，根据m=pU,计算质量。

（1）返回舱经过“黑障区”的路程s=4.5x104m,所用时间300s；则返回舱经过“黑障区”的平均速度u=

4.5x10%

300s=150m/s

（2）返回舱厚度九=2x10-2m,合金蒙皮面积S=20m2,则返回舱合金蒙皮的体积V=Sh=20mzx2x

10-2m=0.4m3

合金蒙皮的密度p=1.4x103kg/m3,则返回舱合金蒙皮的质量加=pV=1.4x103kg/m3x0.4m3=560kg

n??ov

20.【答案】（1）解：低加热档位时，仅治工作，通过R1的电流八=言=播^=24

P

（2）解：高加热档位时，%与心并联，干路电流/=g=嚷9=64根据并联电流规律，通过心的电流

I2=I-I1=6A-2A=4A

则&的阻值&=专=鬻=55。

2

（3）解：图乙电路可知，当开关拨到1时，Ri、/?2串联，此时总电阻较大，根据。=力，总功率较小，为

R

2

低加热档位；当开关拨至2时，仅/?2工作，此时总电阻较小，根据p=L，总功率较大，为高加热挡位，则

R

高加热挡位功率P..,'=?=仁鎏=880W图甲设计中的高加热挡位功率较大，根据P=^可知，产生相

wKobbilC

同的热量时，用时较短，加热更快。

【解析】【分析】（1）根据/=1,计算通过&的电流；

（2）根据电功率，利用/=#，计算电流；计算并联电路电流规律，根据/?=午，计算电阻；

（3）根据p=（,计算电功率，根据P=3,产生相同的热量时，用时较短，加热更快。

（1）低加热挡位时，仅％工作，通过％的电流八=II哥=22瑞01/=24

（2）高加热挡位时，％与刈并联，干路电流高-■1320W_

1~U~220V~0/1

根据并联电流规律，通过心的电流％=/-匕=64-2A=44

则&的阻值%=g=鬻=55c

2

（3）分析图乙电路可知，当开关拨到1时，%、/?2串联，此时总电阻较大，根据夕=也，总功率较小，为

R

2

低加热挡位；当开关拨至2时，仅生工作，此时总电阻较小，根据p=L,总功率较大，为高加热挡位，则

R

22

高加热挡位功率P”.’=（=空翳=880勿

向/<2Dull

第16页

图甲设计中的高加热挡位功率较大，根据p=3可知，产生相同的热量时，用时较短，加热更快。

21.【答案】(1)大

⑵2

ra

(3)使容器内水面上方的气压等于外界大气压

(4)后；2

(5)2.25x106

【解析】【解答】(1)水变成水蒸气，是汽化现象，汽化吸热，内能增大。

(2)单位质量的某种液体变为同温度的气体，吸收的热量是汽化热，则水的汽化热X=2。

m

(3)盖上的小孔能让容器内与外界大气相通，使容器内的气压等于外界大气压。

(4)测量水沸腾时的汽化热，从水沸腾后，开始计时。

根据表中数据，两次实验水的初质量相等，第2次实验，水的末质量少，有更多的水变成同温度的水蒸气。

(5)电热器每秒放出的热量是一定，散热损失有：容器本身导热造成损失，热量散失到空气中，装置每秒

散失的热量一定，与电热器本身放出热量的多少无关，设每秒散失的热量为Q',第一组也热器300s,放出的

热量Q1=%==20VxlAx300s=6000J,

第一组水所吸收的总热量Q水=(6000)-300Q),

每千克水的汽化热认=胃=黑以答鼠=(3000-150Q)X加/kg，

第二组电热器300s,放出热量：=IV2=U2l2t2=40Vx2Ax300s=24000J

被水所吸收的总热量Q水=(24000J-300(2),

每千克的水汽化热冬==ST。?)=(2400_x103J/kg,

m2(70-60)xl0-3kgI)6

水的汽化热相等，Ai=a2，代入可得(3000-150Q)x103J/kg=(2400-30Q)x103J/kg,

解得Q'=5J,则入i=(3000-150x5)x103J/kg=2.25x106J/kg,水沸腾时的汽化热为2.25x106J/kg<>

【分析】(1)液体汽化时，吸收热量，内能变大；

(2)根据吸收的热量和质量的比值，计算汽化热；

(3)实验时，烧杯盖上有小孔，使内外大气压相等；

(4)探究沸腾的汽化热，从沸腾开始计时，实验末质量越小，则汽化产生的水蒸气更多；

(5)根据W=UIt,计算电流产热量的多少；结合汽化热相等，计算汽化热的大小。

(1)水变成水蒸气，是汽化现象，需要吸热，内能增大。

(2)由题意可知，单位质量的某种液体变为同温度的气体所吸收的热量是汽化热，所以水的汽化热;1=2。

m

(3)小孔能让容器内与外界大气相通，使容器内水面上方的气区等于外界大气压。

第17页

(4)[1]由题意可知，测量水沸腾时的汽化热，所以应从水沸腾后开始计时。

⑵由表中数据可知，两次实验，水的初质量相等，第2次实验，水的末质量少，说明更多的水变成同温度的

水蒸气。

(5)由于电热器每秒放出的热量是一个定值，又因为散热损失主要只有两个方面，一个是容器本身导热时

的损失，另一个是热量散失到空气口，因此，这个装置每秒散失的热量是一定的，与电热器本身放出热量的

多少无关，因此我们可以设每秒散失的热量为Q,第一组电热器300s放出的热量Q1=Wi=弧1由=20Vx

1Ax300s=6000J

那么第一组被水所吸收的总热量Q水=(6000J-300Q)

那么每千克水的汽化热—胃=黑翳需金=(3000T50Q)x助/kg

第二组电热器300秒放出的热量=卬2=U212t2=40VX2AX300s=24000J

那么第二组被水所吸收的总热量(2水=(240001-300Q)

第二组每千克的水汽化热;!=SJL=(24000J300?)=°。一*10-3j/k

m2(70-60)xl0~3kgI)

而水的汽化热相等，入=月，代入可得(3000-150Q)x103J/kg=(2400-30Q)x103J/kg

解得Q'=5J,则入i=(3000-150x5)x103J/kg=2.25x106J/kg

6

水沸腾时的汽化热为2.25x10J/kgo

22.【答案】(1)B；变小

(2)0.3；1.5

【解析】【解答】(1)图中，定值电阻心和滑动变阻器串联，托盘上放置重物时.，弹簧被压缩，滑动触头P

会向B移动，接入电路的阻值变小，根据/=半电流表示数变天。

(2)未放重物时，滑片P在A端，滑动变阻器接入最大阻值，电流为/。=而q=10Q+20c=03&在

电流表为0.3A刻度线标“0”。

U9V

电流表量程为。-0.6A,电流最大为0.6A,滑动变阻器阻值为R=1-Ao=U^-l°0=5n,

大

第18页

滑片下移的长度为第=2x4cm=3cm；弹簧的长度为/=15cm-3cm=12cm；

缘乙U3L

解得弹簧的长度1与重物对托盘压力F的大小关系式为2=-0.2F+15,代入，=12cm,解得尸=15N,则该

地磅模型的最大称量为：巾=。=）=需为=1.5kg；

9Slu/v/K,y

（3）不更换电流表时，若增大最大称量，可以减小电源电压。根据/?=¥，电流最大时，电路中的总电阻变

小，则变阻器接入的阻值变小，滑片下移的长度增加，弹簧的长度更小，重物对托盘压力变大，则最大称量

增大。

（4）根据要求，设计电路图如下：

凡

丙

定值电阻心和滑动变阻器的最大阻值串联，电路中的总电阻恒定，则电流恒定，电压表测变风器上半部分分

得的电压，根据Uv=/R上，电压表示数与变阻器上半部分的阻值成正比，而变阻器上半部分的阻值与上半部

分的长度成正比，电压表示数与变阻器上半部分的长度成正比，电压表刻度是均匀的。

【分析】（1）在串联电路中，滑片靠近下面接线柱，电阻减小，电流变大；

（2）根据/=名，计算电流；结合电阻和接入电阻长度的关系，判断质量，利用m=［计算质量；

（3）根据R=S，电流最大时，电路中的总电阻变小，若增大最大称量，可以减小电源电压；

（4）将电压表连接在滑片上，滑片移动，电阻不变，电压表测量的范围改变，则电压表示数和物体的重力

成正比。

（1）分析电路可知，定值电阻3和滑动变阻器串联，电流表测电路电流。当在托盘上放置重物时，弹

簧被压缩，滑动触头P会向B移动，滑动变阻器接入电路的阻值变小，则总电阻变小，根据/=小电流表

示数变大。

（2）［1］未放重物时，滑片P处于A端，滑动变阻器的最大阻值接入电路，此时电路中电流为/。=研町=

9V

10Q+20C=034

所以应在电流表示数为0.3A刻度线标“0”。

nUn9V

⑵电流表测量范围为。〜0.6A,电路中电流最大为0.6A,此时滑动变阻器阻值为R=7；-Ro=访？-

大

1011=5。

此时滑片下移的长度为办=20*5x4cm=3cm

4US，。

此时弹簧的长度为，=15cm-3cm=12cm

第19页

根据数学知识解得弹簧的长度1与重物对托盘压力F的大小关系式为I=-0.2F+15,将1=12cm代入，解

得F=15N,则该地磅模型的最大称量为m=5=5=1就0=15kg

（3）在不更换电流表的情况下，若要增大最大称量，可以减小电源电压。根据/?=苧，电流最大时，电路中

的总电阻变小，则变阻器接入电路的阻值变小，滑片下移的长度增加，则对应弹簧的长度更小，重物对托盘

压力变大，则最大称量增大。

（4）设计如下：

0

丙

定值电阻心和滑动变阻器的最大阻值串联，电路中的总电阻恒定，则电流恒定，电压表测变风器上半部分分

得的电压，根据Uv=/R上，电压表示数与变阻器上半部分的阻值成正比，而变阻器上半部分的阻值与上半部

分的长度成正比，所以电压表示数与变阻器上半部分的长度成正比，则电压表刻度是均匀的。

23.【答案】（1）可再生

（2）可见光区；一部分太阳辐射被吸收

（3）1.2x1012

（4）480；48

【解析】【解答】（1）太阳能可从自然界得到补充，是可再生能源。

（2）图中，可见光区的辐射能量最大，可知，辐射能量最强的部分，集中在可见光区。

太阳福射到地球的能量在穿越大气层时，有30%被吸收或反射回太空，剩余能量到达地表，“地球表面太阳

辐射''曲线整体低于“大气上界太阳辐射”曲线。

6

（3）太阳一年辐射到我国的能量为1。16上卬•心相对于燃烧煤的质量m=?=⑹温.胃1西=I2x

q3xlOzJ/kg

1015kg=1.2x1012t；

（4）蓄电池满电储能Eo=6OkW.h,当蓄电池储能降至O.lEo时，停止电能输出，蓄电池可输出的电能/电=

（1-O.l）Fo=0.9x60kW-h=54kW•h；

光伏膜最大功率发电P2=1000W=lkW,电动机的输出功率P出=O-1P1=01x90kW=9kW.

p