江苏省南京市秦淮区化学2026年中考二模考试卷-附答案

中考二模考试卷

一、选择题（本题包括15小题，每小题只有一个选项符合题意。每小题2分，共30分。）

1.下列图标中表示禁止燃放鞭炮的是

2.主持研发了稀土分离技术，使我国能够自主分离稀土产品的化学家是

A.闵恩泽B.范旭东C.张青莲D.徐光宪

3.过氧化氢、乙醇、碘（I?）、次氯酸钠（NaCIO）在规定剂量和范围内可作为消毒防腐药，其中属于

有机化合物的是

A.过氧化氢B.乙静C.碘D.次氯酸钠

4.下列物质由原子构成的是

A.金刚石B.CMIC.氮气D.氨气

5.在化学反应中，可能发生变化的是原子的

A.质子数B.中子数C.核外电子数D.核电荷数

6.下列材料中属于无机非金属材料的是

A.塑料B.陶瓷C.黄铜D.橡胶

7.下列物质的用途主要与化学性质有关的是

A.用镁粉制作照明弹B.用活性炭除冰箱异味

C.用铜制作电线电缆D.用干冰进行人工降雨

8.在实验室进行粗盐中难溶性杂质的去除实验时，不需要使用的一组仪器是

A.烧杯、玻璃棒B.集气瓶、玻璃片

C.漏斗、铁架台D.蒸发皿、酒精灯

9.以下示意图描述了两种物质的变化过程，其中表示氧原子，表示氢原子。下列说法不正确

图1图2

A.图1所示过程属于物理变化

B.图2是过氧化氢分解的示意图

C.图1所示过程中，分子间的间隔增大

D.图2所示过程中，原子的数目变多

10.某学生量取液体，视线与液体凹液面的最低处相平，读数为40mL,将液体倒出一部分后，俯视读数

为20mL,则该同学实际倒出的液体体积为（）

A.大于20mLB.小于20mLC.等于20mLD.无法确定

11.某种葡萄糖酸锌口服液的标签提供了如图信息，下列说法正确的是

葡萄糖酸锌口服液

有效成分：葡萄糖酸锌）

含锌量：每支口服液含锌5mg

A.锌是人体必需的常量元素

B.每支口服液含葡萄糖酸锌35mg

C.葡萄糖酸锌中碳元素质量分数最大

D.葡萄糖酸锌由12个碳原子、22个氢原子、14个氧原子和1个锌原子构成

12.有关水的部分知识网络如图所示，下列说法正确的是

水溶液

①③一

天然水一＞水不二土氢气+氧气

（4）

⑤

氢氧化钙

A.天然水是纯净物

B.水溶液都是无色透明的

C.转化③④证明水是由氢气和氧气组成的

D.若转化⑤是化合反应，该反应放出热量

13.实验室利用如图所示实验进行燃烧条件的探究，其中热水的温度为X0C,通常状况下白磷的着火点

为40C,红磷的着火点为260C,下列说法正确的是

A.热水中的白磷燃烧，产生大量白烟

B.实验过程中气球的大小不会发生变化

C.对比Y形管中的白磷与热水中的白磷是否燃烧，说明燃烧需要空气

D.对比Y形管中的红磷与热水中的白磷是否燃烧，说明燃烧需要温度达到可燃物的着火点

14.下列实验操作、实验现象与实验结论对应关系正确的是

选项实验操作实验现象实验结沦

测量加入氢氧化钠固体前水的温度和氢氧化钠溶液温度低于水氢氧化物固体溶解时放

A

固体溶解后溶液的温度的温度热

向一个收集满二氧化碳气体的质地较软的塑料

二氧化碳能与氢氧化钠

B瓶中加入少量氢氧化钠溶液，立即旋紧瓶盖，塑料瓶变瘪

发生反应

振荡

取少量久置的氢氧化钠溶液于试管中，向其中无色酚酿溶液变

C该氢氧化钠溶液未变质

滴加几滴无色酚歆溶液成红色

取少量久置的氢氧化钠溶液于试管中，向其中

D有气泡产生该氢氧化钠溶液已变质

滴加足量稀盐酸

A.AB.BC.CD.D

15.向两份相同质量、相同pH的氢氧化钢溶液中分别逐滴滴加硫酸钠溶液和稀硫酸，不断搅拌，同时用

电导率传感器采集数据，得到如图曲线（电导率传感器用于测量溶液的导电性强弱；一定条件下，电导

率的大小能反映离r浓度的大小）。下列说法不正确的是

电导率Qs/cm）

A.两个实验中均有白色沉淀产生

B.曲线2对应的实验滴加的是稀硫酸

C.N点溶液呈中性，P点溶液呈酸性

D.M点溶液的pH大于Q点溶液的pH

二、（本题包括2小题，共14分。）

16.初中化学学习了氧气与二氧化碳的实验室制取。

（1）实验室用高钛酸钾制取氧气的化学方程式为.;用向上排空气法收集氧气

时，证明集气瓶中已收集满氧气的方法是

（2）某化学学习小组同学设计了下图所示实验装置制取二氧化碳并验证二氧化碳的性质。其中三通

”表示气体流向。

①当三通阀1为“状态X”时，可以观察到试管1中的澄清石灰水变浑浊，试管1中发生反应的化学方

程式为o

②当二通阀I为“状态Y”、二通阀2为“状态X”时,可以观察到试管2中的紫色石蕊溶

液O

③当三通阀1为“状态"、三通阀2为“状态”时，可以在输液袋2中收集到二氧化

碳气体。

④下列干燥剂中，本实验最适宜选用的是（填字母）。

A.氧化钙B.氯化钙C.氢氧化钠D.浓硫酸

17.我国某盐湖地区有“夏天晒盐，冬天捞碱”的说法，这里的“盐”是指氯化钠，“碱”是指碳酸钠。两种物

质的溶解度曲线如下图所示。

温度/七

（I）氯化钠在水中解离出的阴离子是（填离子符号）。

（2）夏天晒“盐”时，湖水中析出较多晶体，此时湖水中一定含有的溶质是（填化

学式，下同）；冬天捞'‘碱”后，湖水中的一定是饱知的。

（3）在20c时，氯化钠的溶解度为36g,则在20c时的饱和氯化钠溶液中，溶质与溶液的质量比为.

（填最简整数比）。

（4）将一定量的饱和碳酸钺溶液从28c升温至50C,溶液中溶质的质量分数（填“变大”或

，，变小，，或“不变，，）；分别将等质量的饱和碳酸钠溶液和饱和氯化钠溶液从50C降温至28C,所得碳酸钠

溶液和氯化钠溶液中，前者与后者溶质质量的大小关系为（填字母）。

A.大于B.小于C.等于D.无法确定

三、（本题包括1小题，共11分。）

18.人类利用的能量大多来自化石能源。

（I）煤、石油和等化石能源及其加工后的产品常被用作燃料，因此化石能源也被称为化石燃

料。

（2）石油的综合利用。

①将石油加热并使用催化剂炼制，再利用各成分的不同进行分离，可得到多种燃料和化工原

料。

②液化石油气中含有丙烯（CJIQ和丁烯（CJIQ等气体。某气体由CJI。和CJL中的一种或两

种组成，取该气体样品在氧气中完全燃烧，测得生成的二氧化碳和水的质量比为22:9,该气体的组成可

能是（填字母）。

A.只有C3H6

B.只有C4H8

C.CJL和CM以质量比1：।混合

D.C；L和QH*以质量比4:3混合

（3）煤的综合利用。

①煤的“气化”与“液化”：将煤与水蒸气的反应简单看作为碳与水蒸气的反应，碳与水蒸气在高温条件

下通过置换反应生成两种可燃性气体，化学方程式为：生成的两种气体在一定

条件下通过化合反应生成甲醇（CII.OH）,参加该化合反应的两种气体的分子个数比为o

②煤的“焦化”：将煤隔绝空气加强热分解，可以得到焦炭。写出碳在高温时还原氧化铜的化学方程

式,并计算要使120g氧化铜完全还原，需要碳的质量至少是。

四、（本题包括2小题，共14分。）

19.酸、碱、盐在生产和生活中有着广泛的应用。它们之间的部分转化关系如下图所示。

转化③

（1）在金属活动性顺序里，金属能否通过与稀盐酸、稀硫酸发生置换反应实现转化①，判断的依据

是0

（2）氧化铜、氧化亚铜（＜7%0）与稀硫酸反应均可实现转化②，且生成的盐相同，其中，氧化亚

铜固体与足量稀硫酸充分反应后得到蓝色溶液与红色固体，漫反应的化学方程式为”

（3）通过转化③、转化④均可生成硫酸钠，其中，转化④对应的化学方程式为。

（4）除了上图所示的转化外，盐与金属、酸等物质均有可能发生反应。铝与硝酸银溶液反应生成的

盐是（填化学式），用小苏打治疗胃酸过多症的原理是（用化学方程式表示r

20.图中A~K是初中化学常见的纯净物，且分别由H、C、。、CkFe中的一种或几种元素组成。A、

B、C、D的物质类别相同，F、H的组成元素相同，相同条件下D是密度最小的气体，E中各元素的原

子个数比为2：3,K的溶液呈黄色。图中“一”表示两端的物质间能发生化学反应，“t”表示物质间存在转

化关系，反应条件、部分反应物和生成物已略去。

（2）写出HTF反应的化学方程式：

（3）写出ITK反应的化学方程

式：。

五、（本题包括1小题，共11分。）

21.海洋是一个巨大的资源宝库。海水晒盐可以得到粗盐和苦卤，某跨学科实践活动小组对此展开了学

习探究。

（1）以粗捻为原料得到二氧化氯。

【查阅资料】以粗盐为原料得到二氧化氯的主要流程如下图。

过量X溶液过量Na2c溶液适量如酸盐酸Cl2

Mg(0H)2、CaCO3H2NaCl溶液

通电

其中，反应②的化学方程式为NaC1+3HQ^=NaC1O"3Hj。

~80℃

【分析流程】

i.X的化学式是,操作A是。

ii.X溶液和Na?COa溶液均需过量的目的是；但又不宜过量太多的原因是。

iii.反应③涉及多种含氯物质，写出其中作为反应物的含氯物质的化学式，并标出氯元素的化合

价：o

(2)以苦卤为原料得到碳酸镁水合物。

【查阅资料】苦卤中含有较多的氯化镁，以苦卤为原料可以得到碳酸镁水合物(MgCOjgHq),该

反应化学方程式为MgQ/C02+2Na0H+2H?O2+MgCOr311,0；。

【进行实验】在实验室里模拟以苦卤为原料得到碳酸镁水合物的过程，根据实验需要，预先把苦卤的

pH调节至8左右。实验过程中pH随时间的变化如图所示，该实验的操作顺序为(填字母)。

①向NaOH溶液中通入CO,至饱和

②向苦卤中通入CO,至饱和

③滴加、aOH溶液，同时维续通入CO?

④滴加苦卤，同时继续通入CO?

A.①③B.①④C.②③D.②④

【交流反思】上述实验所得的沉淀经过滤、洗涤、干燥，得到碳酸镁水合物（MgCOjS%。）。如果

改变实验条件，也有可能得到碱式碳酸镁［化学式用xMgCO/yVg（OH）?,7H,O表示］。工业上，碳酸镁

水合物和碱式碳酸镁均可用于生产耐火材料。

【拓展延伸】碱式碳酸镁固体受热完全分解生成三种氧化物。加热46.6g碱式碳酸镁固体，温度达到

301.4C前，气体产物只有水蒸气；温度达到30I.4C后，气体产物只有二氧化碳；温度达到600C后，

固体质量不再发生变化。加热过程中，固体质量随温度的变化关系如图所示。

20301.4600温度/C

i.分析图像，将表格填写完整。

温度/C固体质量/g固体成分

2046.6xMgCO3-yMg(OH)2-zH2O

301.4,C—4MgCO,MgO

60020—

ii.依据表格数据，可以推测出x:y:z为（填最简整数比）。

答案

1.【答案】B

【解析】【解答】A、该图标表示禁止烟火，不符合题意；

B、该图标表示禁止燃放鞭炮，符合题意；

C、该图标表示禁止吸烟，不符合题意；

D、该图标表示禁止放易燃物，不符合题意；

故答案为：B.

【分析】根据化学中常见图标的含义解答。

2.【答案】D

【释析】【解答】A、闵恩泽为我国炼油催化剂制造技术奠定了基础，他研发了多种用于石油化工生产的

催化剂，故A不符合题意；

B、范旭东创办了永利制碱公司，推动了纯碱工业的发展，是中国近代化工的奠基人之一，被誉为“中国

民族化学工业之父”，故B不符合题意；

C、张青莲为相对原子质量的测定做出了卓越贡献，他主持测定了钢、钺、箱等元素的相对原子质量的新

值，故C不符合题意；

D、徐光宪被誉为“稀土之父”，他提出“串级萃取理论”，解决了稀土分离的关键技术难题，使我国实现了

稀土资源的自主高效分离，故D符合题意；

故答案为：Do

【分析】根据常见化学家在化学领域取得的主要贡献进行分析解答、

3.【答案】B

【解析】【解答】A.有机化合物必须含有碳元素，过氧化氢不含碳元素，属于无机化合物，故A不符合

题意；

B.除了CO、CO2及碳酸和碳酸盐，其余含碳元素的化合物都属于有机物，乙醇（C2H50H）含碳元素属

于有机化合物，故B符合题意；

C.碘（12）只由一种元素组成，属于单质，既不是有机物也不是无机化合物，故C不符合题意；

D.有机物必须含有碳元素，次氯酸钠（NaCIO）不含碳元素，属于无机化合物，故D不符合题意；

故答案为：Bo

【分析】根据不含碳元素的化合物属于无机物，含碳元素（除CO、CO2以及碳酸和碳酸盐之外）的化合

物属于有机物进行分析解答。

4.【答案】A

【解析】【解答】A、金刚石是碳的单质，直接由碳原子构成，故A符合题意；

R、CcO是碳的单质，由Coo分子构成，每个分子中含有60个碳原子，故B不符合题意。

C、氮气由氮气分子构成，一个氮分子由两个氮原子构成，故C不符合题意；

D、氨气由氨分子构成，一个氨分子由3个氢原子和1个氮原子，构D不符合题意；

故答案为：Ao

【分析】A、根据金刚石直接由碳原子构成进行分析解答；

B、根据C60由C60分子构成进行分析解答；

C、根据氮气由单分子构成进行分析解答；

D、根绝氨气由氨分子构成进行分析解答。

5.【答案】C

【解析】【解答】A、元素的种类由质子数决定，根据质量守恒定化学反应前后元素的种类不变，所以化

学反应中质子数不变，故A不符合题意；

B、化学反应前后原子的种类和数目不变，原子核也不变，原子核由质子和中子构成，所以化学发反应前

后，中子数小变。故B小符合题意；

C、原子的最外层电子数决定元素的化学性质，原子最外层电子数＜4时，在化学反应中容易失去电子形

成阴离子。若原子的最外层电子数＞4,在化学反应中容易得到电子，所原子通过得失电子可以转变为离

子，故C符合题意；

D、核电荷数二质子数，化学反应前后质子数不变，所以核电荷数也不变，则故D不符合题意。

故答案为：C.

【分析】A、根据化学反应前后原子的种类和数目不变进行分析解答；

B、原子核由质子数和中子数构成，质子数不变，则中子数也不变进行分析解答；

C、根据原子通过得或失最外层电子数，可以形成离子进行分析解答：

D、根据核电荷数=质子数，化学反应前后质子数不变，所以核电荷数也不变进行分析解答。

6.【答案】B

【蟀析】【解答】A、有合成材料包括塑料、合成纤维和合成橡胶，所以塑料属于有机合成材料，不属于

无机非金属材料，故A不符合题意；

B、陶究属于无机非金属材料，因为陶究是以黏土、石英等无机非金属矿物高温烧结而成的材料，故B

符合题意；

C、金属材料包括纯金属和合金，黄铜是由铜和锌的合金，所以属于金属材料，不属于无机非金属材料，

故C不符合题意；

D、橡胶分为天然橡胶和合成橡胶，合成橡胶属于有机合成材料，天然橡胶是天然有机高分子材料，两者

都不属于无机非金属材料，故D不符合题意。

故答案为：Bo

【分析】根据塑料属于有机合成材料、陶瓷属于无机非金属材料、黄铜属于金属材料、合成橡胶属于有

机合成材料，天然橡胶是属于天然有机高分/材料进行分解解答。

7.【答案】A

【解析】【解答】A、镁在空气中点燃，可观察到发出耀眼的白光，因此，可用镁粉制作照明弹，则利用

的是其化学性质，故A符合题意；

B、活性炭具有疏松多孔的结构，因此，具有吸附性，可用于除冰箱异味，属于物理性质，故B不符合

题意；

C、铜具有用良好的导电性，可用铜制作电线电缆，导电性属于物理性质，故C不符合题意；

D、用干冰进行人工降雨，是因为干冰升华吸热，属于物理性质，故D不符合题意；

故答案为：A<,

【分析】A、根据是否需要通过化学变化才能表现出来的性质进行分析解答；

B、根据吸附性不需要通过化学变化就能表现出来的性质进行分析解答；

C、根据导电性不需要通过化学变化就能表现出来的性质属于物理性质进行分析解答；

D、根据不需要通过化学变化就能表现出来的性质属于物理性质进行分析解答。

8.【答案】B

【解•析】【解答】A、粗盐提纯需要在烧杯中溶解粗盐，并用玻璃棒搅拌，加速溶解，故A不符合题意；

B、粗盐提纯实验不需要收集气体，所以不需要用到集气瓶和玻璃片，故B不符合题意；

C、粗盐提纯实验需要用漏斗对溶液进行过滤，铁架台用于固定漏斗，故C不符合题意；

D、粗盐提纯需要用蒸发皿对食盐溶液进行蒸发，酒精灯提供加热的热源，故D不符合题意；

故答案为：Bo

【分析】粗盐中难溶性杂质的去除实验步骤主要为溶解、过滤、蒸发，需要用到的仪器有铁架介、烧

杯、漏斗、玻璃棒、蒸发皿进行分析解答。

9.【答案】D

【眸析】【解答】A、图1中的分子间隔变大，本身不变，没有新物质生成，属为物理变化，故A正

确；

B、过氧化氢分解生成水和氧气，从图2可知，反应物是过氧化氢分子，生成物是水分子和氧分子，符合

过氧化氢分解，故B正确；

C、从图1可知，该过程的分子间的间隔增大，故C正确；

D、根据质量守恒定律，化学反应前后原子的种类和数不变，故D错误。

故答案为：Do

【分析】A、根据物理变化分子本身不变，只是分子之间的间隔发生改变进行分析解答；

B、根据过氧化氢分解生成水和氧气进行分析解答；

c、根据图示分r的间隔变大进行分析解答；

D、根据质量守恒定律，化学反应前后原子的种类和数目不变进行分析解答。

10.【答案】A

【辞析】【解答】用量筒量取液体时，量筒要放平，读数时视线应与凹液面最低处相平；如果仰视液面，

读数比实际偏低，若俯视液面，读数比实际偏大。某学生量取液体，视线与液体凹液面的最低处相平，

读数为40mL,实际体积等于40mL：将液体倒出一部分，俯视读数为20mL,其读数会比实际偏大，那

么实际体积应小于20mL；则该学生实际倾倒的液体体积大于20mL。

故答案为：Ao

【分析】根据量筒的读数方法进行分析

11.【答案】B

【解析】【解答】A、锌在人体的含量小十0.01%,是人体必需的微量兀索。而不是常量兀索，故A错

误。

B、由标签可知，每支口服液含锌的质量为5mg,每支口服液含葡萄糖酸锌(Ci2H220i4Zn)的质量

65

=5mg4-x100%=35rng,故B正确。

12x12+1x22+16x14+65

C、葡萄糖酸锌中C、H、O、Zn元素质量比=(12x12)：(1x22)：(16x14)：65=144：22：224：65；氧元

素的质量占比最大，所以氧元素的质量分数最大，故C错误。

D、化学式表示物质的一个分子，化学式元素符号右下角的数字表示一个分子中所含的原子个数，从葡萄

糖酸锌的化学式。2H22Oi4Zn可知，1个葡萄糖酸锌分子由12个碳原子、22个氢原子、14个氧原子和1

个锌原子构成，故D错误。

故答案为：Bo

【分析】A、根据在人体中含量小于0.01%的元素，属于微量元素进行分析解答:

该元素的相对原子质量x原子个数

B、根据化合物的质量二元素的质量+X100%进行分析解答;

相对分子质量

C、根据化合物中各元素的质量比二各元素的相对原子质量X原子个数之比，元素质量比越大，元素的质

量分数也越大进行分析解答；

D、根据化学式表示物质的一个分子，化学式元素符号右下角的数字表示一个分子中所含的原子个数进行

分析解答。

12.【答案】D

【解析】【解答】A、天然水中溶解有可溶性的矿物质(如钙、镁等离子对应的盐类)等，属于混合

物，故A错误；

B、水溶液不一定都是无色的，如高钵酸钾溶液就是紫红色，氯化铁溶液是黄色，故B错误；

C、转化③是水通电分解生成氢气和氧气，转化④是氢气和氧气点燃生成水，氧气是由氧元素组成的，

氢气是由氢元素组成的，根据质量守恒定律，化学反应前后元素种类不变，故转化③④证明水是由氢元

素和氧元素组成的，而不是由氢气和氧气组成，故C错误；

D、转化⑤是氧化钙和水反应生成氢氧化钙，并放出大量的热，该反应由两种物质生成一种物质，符合

"多变一''的特征，属于化合反应，故D正确；

故答案为：Do

【分析】A、根据天然水中含可溶性物质，属于混合物进行分析解答；

B、根据溶液并非都是无色液体，如氯化铁溶液为黄色进行分析解答；

C、根据物质由元素组成，由质量守恒定律，化学反应前后元素的种类不变进行分析解答；

D、根据氧化钙和水反应生成氢氧化钙是放热反应，由两种或两种以上物质生成一种物质的反应属于化合

反应进行分析解答。

13.【答案】C

【解析】【解答】A、燃烧的条件是可燃物与氧气接触且温度达到着火点，热水里的白磷虽然温度达到了

着火点，但是没有与氧气接触，所以不会燃烧，也就不会产生大量白烟，故A错误。

B、Y形管里的白磷与空气接触，温度达到了着火点，会燃烧，并放出热量，Y形管内气体受热膨胀，压

强增大，气球会膨胀，燃烧结束后，温度降低至室温，由于氧气被消耗，Y形管内气压减小，气球又会

变瘪。所以实验过程中气球先膨胀后缩小，其大小发生变化，故B错误。

C、热水中的白磷温度达到着火点，但没有与空气接触，不能燃烧，Y形管中的白磷与空气接触，并且温

度达到了着火点，所以会燃烧，通过对比，能够得出燃烧需要空气（氧气），故C正确。

D、热水中的白磷温度达到了着火点，但没有接触空气，所以不燃烧：Y形管中的红磷与空气接触，但温

度没有达到它的着火点，所以不燃烧；对比实验需要控制单一变量，这两组实验存在空气和温度两个变

量，不符合控制单一变量的要求，因此不能说明燃烧需要温度达到可燃物的着火点，故D错误。

故答案为：C.

【分析】A、根据热水中白磷没有与氧气接触，不能燃烧进行分析解答；

B、根据白磷燃烧放热，管内压强增大，气球膨胀，燃烧熄灭恢复到室温后，由于氧气被消耗，压强变

小，气球变小进行分析解答；

C、根据Y形管内白磷满足燃烧的条件能够燃烧，热水中白磷没有与氧气接触不能燃烧进行分析解答；

D、根据对比实验需要控制单一变量，Y形管内的红磷和热水中白磷有两个变量进行分析解答。

14.【答案】D

【解析】【解答】A、氢氧化钠固体溶解于水溶液温度高于水的温度，因为氢氧化钠固体溶于水放热，现

象与实验结论不相符，故A错误。

B、向盛有二氧化碳的塑料瓶中加入氢氧化钠溶液，塑料瓶变瘪，不能证明二氧化球能与氢氧化钠反应，

还可能是CCh溶于水、与水反应导致气压减小。需用等体积的水进行对比实验，现象与实验结论相符，

故B错误.

C、NaOH与空气中二氧化碳反应牛.成碳酸钠而变质，碳酸钢水溶液也呈碱性，也能使酚肽变红，滴加无

色粉酰溶液变红色，不能证明氢氧化钠未变质，现象与实验结论不相符，故C错误。

D、氢氧化钠与二氧化碳反应生成碳酸钠而变质，取样品滴加足量稀盐酸有气泡产生，说明溶液中含

Na2co3,因为足量的盐酸能与碳酸钠反应生成氯化钠、水和二氧化碳，从而证明NaOH已变质，现象与

实验结论相符，故D正确。

故答案为：Do

【分析】A、根据氢氧化钠固体溶于水放热，溶液温度升高进行分析解答；

B、根据二氧化碳能溶于水目.能与水反应，也会使塑料瓶内自强变小进行分析解答；

C、根据碳酸钠溶液也呈碱性，也会使无色酚猷变红进行分析解答；

D、根据足量的稀盐酸与碳酸钠反应生成氯化钠、水和二氧化碳进行分析解答。

15.【答案】C

【解析】【解答】氢氧化钢与硫酸钠反应：Ba(OH)?+Na:SO=2V<X)H-BaSO4i,生成BaSO」沉淀和

NaOH(溶液仍含OH-)o氢氧化钢与稀硫酸反应：Ba(0H)2+H2s04=BaS0"+2H20,生成沉淀和H2O。

曲线2：电导率先降至0(反应至恰好完全，离子浓度几乎为0),对应稀硫酸与Ba(OH)2反应。曲线1：

电导率降不会降低到()(反应生成NaOH,溶液含Na+、OFT),对应硫酸钠与Ba(OH)2反应。

A、氢氧化钢和硫酸反应生成硫酸钢沉淀和水，氢氧化钢和硫酸钠反应生成硫酸钢沉淀和氢氧化钠，硫酸

钢不溶于水也不溶于酸，所以两个反应均生成BaSO」白色沉淀，故A正确。

B、溶液中有自由移动的离子时，溶液就可以导电，当氢氧亿钢和硫酸恰好完全反应生成硫酸钢沉淀和

水，溶液中没有自由移动的离子，溶液导电率降低为0，曲线2电导率降为()，对应稀硫酸反应，故B正

确。

C、曲线I是Ba(OH)2与NazSCh反应生成硫酸钢沉淀和氢氧化钠，N点导电率最低，说明此时两者恰好

完全反应，溶液中的溶质只有生成物NaOH,呈碱性；P点是滴加Na2sCU溶液过量，溶液中的的溶质是

NaOH和Na2so4,溶液仍然显碱性，所以N点和P点溶液都显碱性，故C错误。

D、M点是滴入的稀硫酸不足，Ba(OH”还有剩，溶液呈碱性，pH>7；Q点是稀硫酸过量，溶液显酸

性，pH<7,所以M点pH大于Q点,故D正确。

故答案为：Co

【分析】A、根据氢氧化钢和硫酸反应生成硫酸饮沉淀和水，氢氧化饮和硫酸钠反应生成硫酸饮沉淀和氢

氧化钠进行分析解答；

B、根据当氢氧化钢和硫酸恰好完全反应生成硫酸钢沉淀和水，溶液中没有自由移动的离子，导电率降低

为0进行分析解答；

C、根据硫酸钠和氢氧化钢反应生成硫酸钢沉淀和氢氧化钠，不管是两者恰好完全反应还是硫酸钠过量，

溶液中都有NaOH,溶液都显碱性进行分析解答；

D、根据M点氢氧化钢过量，溶液显碱性，pH"；Q点硫酸过量，溶液显酸性，pH<7进行分析解答。

16.【答案】⑴2KMnO44KJlnO/MnO寸0#将带火星的木条放在集气瓶口，若木条复燃，证明已

收集满

（2）CO.+CafOH^CaCO,i+H2O；变红；Y；Y；B

【解析】【解答】（1）高铳酸钾在加热的条件下反应生成铳酸钾、二氧化镒和氧气，反应方程式为

2KMn04^K2Mn04+Mii02+02T；验满方法：将带火星的木条放在集气瓶口，若木条复燃，证明已收集

满（氧气能支持燃烧，使带火星木条复燃）；

故答案为：2KMn0aJ；将带火星的木条放在集气瓶口，若木条复燃，证明已收集

满；

（2）①当三通阀1为“状态X”时，二氧化碳与氢氧化钙反应生成碳酸钙沉淀和水，化学方程式：

CO2+Ca（OHh=CaCOJ+H.0；

故答案为：CO2Ka（OH）:=CaCO3i+H?0；

②当三通阀1为“状态Y”、三通阀2为“状态X”时，二氧化碳与水反应生成碳酸，碳酸使紫色石蕊溶液

变红；

故答案为：变红；

③要在输液袋2中收集二氧化供，需让二氧化碳通过三通阀I（状态Y,气体流向右侧）和三通阀2

（状态Y,气体流向输液袋2）,即三通阀1为“状态Y”、三通阀2为“状态Y”；

故答案为：Y；

④二氧化碳是酸性气体，不能用碱性干燥剂会发生反应（A氧化钙、C氢氧化钠）；D浓硫酸是液体，不

适合该装置（装置中干燥剂是固体）;B氯化钙是中性固体干燥剂，可干燥二氧化碳，故A、C、D不

符合题意，B符合题意。

故答案为：Bo

【分析】（1）根据高锌酸钾在加热的条件下生成锌酸钾、二氧化镭和氧气的化学方程式的书写；氧气具

有助燃性，把带火星的木条放在集气瓶口，木条复燃，证明已满进行分析解答；

（2）①根据二氧化碳和氢氧化钙反应生成碳酸钙沉淀和水的化学方程式的书写进行分析解答；

②根据二氧化碳和水反应生成碳酸，碳酸能使紫色石蕊溶液变红进行分析解答；

③根据三通阀1为状态Y,三通阀2为状态Y,气体往右边流动可以在输液袋2中收集到二氧化碳气体

进行分析解答；

④根据二氧化碳是酸性气体，不能用氧化钙、氢氧化钠等碱性干燥剂干燥，再根据装置图不适用液体干

燥剂进行分析解答。

（1）高钵酸钾在加热的条件下反应生成镒酸钾、二氧化镒和氧气，反应方程式为

2KMnO4^K2MnO4+MnO2+O2T；验满方法：将带火星的木条放在集气瓶口，若木条复燃，证明已收集

满（氧气能支持燃烧，使带火星木条复燃）。

（2）①当三通阀1为“状态X”时，二氧化碳与氢氧化钙反应生成碳酸钙沉淀和水，化学方程式：

C02+Ca（0H）2=OC0,l+H20；

②当三通阀1为“状态Y”、三通阀2为“状态X”时，二氧化碳与水反应生成碳酸，碳酸使紫色石蕊溶液

变红。

③要在输液袋2中收集二氧化微，需让二氧化碳通过三通阀1（状态Y,气体流向右侧）和三通阀2

（状态Y,气体流向输液袋2）,即三通阀1为“状态Y\三通阀2为“状态Y”。

④二氧化碳是酸性气体，不能用碱性干燥剂会发生反应（A氧化钙、C氢氧化钠）；D浓硫酸是液体，不

适合该装置（装置中干燥剂是固体）；B氯化钙是中性固体干燥剂，可干燥二氧化碳，故选B。

17.【答案】（1）C1-

（2）NaCKNa2co3；Na2cCh

（3）9：34

（4）不变；B

【解析】【解答】（1）氯化钠在水中解离出的阴离子是C\

故答案为：C1；

（2）夏天晒“盐”时，这里的“盐”是指氯化钠，湖水中析出较多晶体，此时湖水中一定含有的溶质是

NaCl、Na2CO3；冬天捞“碱”后，“碱”是指碳酸钠，碳酸钠结晶析出，故湖水中的NazCCh一定是饱和的；

故答案为：NaCKNa2cO3；Na2co3；

（3）在20℃时，氯化钠的溶解度为36g,则在20c时的饱和氯化钠溶液中，溶质与溶液的质量比为：

36g：136g=9：34；

故答案为：9：34；

（4）将一定量的饱和碳酸钠溶液从28c升温至50C,溶解度增大，溶质、溶剂质量不变，所以溶液中

溶质的质量分数不变；

50C时，碳酸钠的溶解度较大，等质量的饱和碳酸钠溶液和泡和氯化钠溶液中，碳酸钠溶液中的溶剂较

少，从50℃降温至28℃,溶剂质量不变，碳酸钠和氯化钠的溶解度相等，所以所得碳酸钠溶液和氯化钠

溶液中，前者小于后者溶质质量，故A、C、D不符合题意，B符合题意。

故答案为：不变；B。

【分析】（1）根据氯化钠在水中能解离出的阴离子是CI•进行分析解答；

（2）根据氯化钠的溶解度受温度影响不大，夏天温度高蒸发水可以得到氯化钠晶体，碳酸钠溶解度随温

度的降低而减小，通过降温结晶获得晶体进行分析解答；

（3）根据饱和溶液中溶质和溶液的质量比二溶解度：（溶解度+100g）进行分析解答；

（4）根据碳酸钠的溶解度随温度的升高而增大，饱和溶液升高温度变成不饱和溶液，溶质的质量分数不

变；一定温度下，等质量的饱和溶液中，溶解度越大，所含的溶剂质量越小，溶解度随温度的降低而减

小的物质降温至溶解度曲线的交点，两者物质的溶解度相等，溶剂多的含有的溶质多进行分析解答。

（I）氯化钠在水中解离出的阴离子是cr；

（2）夏天晒"盐'’时，这里的“盐''是指氯化钠，湖水中析出较多晶体，此时湖水中一定含有的溶质是

NaCKNa2CO3；

冬天捞“碱”后，“碱”是指碳酸钠，碳酸钠结品析出，故湖水中的Na2cCh一定是饱和的；

（3）在20c时，氯化钠的溶解度为36g,则在20℃时的饱和氯化钠溶液中，溶质与溶液的质量比为：

36g：I36g=9：34；

（4）将一定量的饱和碳酸钠溶液从28℃升温至50℃,溶解度增大，溶质、溶剂质量不变，所以溶液中

溶质的质量分数不变；

50C时，碳酸钠的溶解度较大，等质量的饱和碳酸钠溶液和饱和氯化钠溶液中，碳酸钠溶液中的溶剂较

少，从50c降温至28C,溶剂质量不变，碳酸钠和氯化钠的溶解度相等，所以所得碳酸钠溶液和氯化钠

溶液中，前者小于后者溶质质量，故选：Bo

18.【答案】（1）天然气

（2）沸点；ABCD

高温高温.

（3）C4II2O=CO+H2；1：2；C+2CuO^2CubCO?T；9g

【解析】【解答】（1）煤、石油却天然气是常见的化石能源，它们及其加工后的产品常被用作燃料，所以

化石能源也被称为化石燃料；

故答案为：天然气；

（2）①石油是由多种成分组成的混合物，将石油加热并使用催化剂炼制，利用各成分的沸点不同进行

分离，这种方法称为分馆，可得到多种燃料和化工原料;

故答案为：沸点；

229

②生成的二氧化碳和水的质量比为22：9,则二氧化碳和水的分子个数比为1:而=1:1,碳、氢原子个

数比为1：2,丙烯（C凡）中碳、氢原子个数比为3：6=1：2,丁烯（C4HS）中碳、氢原子个数比也

为48=1：2；

A,只有CH”碳氢原子个数比为1：2,故A符合题意，

B、只有C’Hg,碳氢原子个数比为1：2,故B符合题意；

C、CJL和CgH、以质量比1：1混合，碳氢原子个数比依然为1：2,故C符合题意；

D、C；比和C4Hx以质量比4:3混合，碳氢原子个数比依然为1：2,故D符合题意；

故答案为：ABCD；

（3）①碳与水蒸气在高温条件卜反应生成一氧化碳和氢气，反应的化学方程式为

高温

C*H:O=CO+H:；一氧化碳和氢气在一定条件下化合生成甲醇（CFhOH）,反应的化学方程式为

_一定条件

CO+2H?（7/0〃,则参加该化合反应的一氧化碳和氢气的分子个数比为1：2；

一定条件

故答案为:CO+2比(7/。〃；1：2；

高温

②碳和氧化铜在高温条件下反应生成铜和二氧化碳，反应的化学方程式为C+2CUO3=2CUYO2

设使120g氧化铜完全还原需要碳的质量为x,

高温

C+2CuO2Cu+C0:t

12160

x120g

12.r

160120g

x=9g?

故要使120g氧化铜完全还原，需要碳的质量至少是9g。

故答案为：9g。

【分析】（1）根据三大化石燃料包括煤、石油和天然气进行分析解答;

（2）①根据利用石油中各成分的沸点不同进行分离进行分析解答；

229

②根据生成的二氧化碳和水的质量比为22：9,二氧化碳和水的分子个数比为三:「二1：1,碳、氢原

4418

子个数比为1：2,（：刮6中碳氢原子个数比为1：2；QHx中碳氢原子个数比为1：2；可以是单独的

C.H6；也可以是单独的C’HX；也可以是两者以任意比例混合进行分析解答;

（3）先设未知量，再正确写出鬟和氧化铜在高温条件下生成铜和二氧化碳的化学方程式，找准相关物质

的质量比，己知量是氧化铜的质量，未知量是碳的质量，列比例式，求出碳的质量，最后简要写出答

案。

（1）煤、石油和天然气是常见的化石能源，它们及其加工后的产品常被用作燃料，所以化石能源也被称

为化石燃料；

（2）①石油是由多种成分组成的混合物，将石油加热并使用催化剂炼制，利用各成分的沸点不同进行

分离，这种方法称为分馅，可得到多种燃料和化工原料；

②生成的二氧化碳和水的质量比为22：9,则二氧化碳和水的分子个数比为三:3二1:1,碳、氢原子个

4418

数比为1：2,丙烯（CJIQ中碳、氢原子个数比为3：6=1：2,丁烯（C」k）中碳、氢原子个数比也

为4：8=1：2；

A、只有CJL，碳氢原子个数比为1：2,故A符合题意；

B、只有QHg,碳氢原子个数比为1：2,故B符合题意；

C、QH。和C\H、以质量比］：|混合，碳氢原子个数比依然为1：2,故C符合题意；

D、CJL和C4Hx以质量比4:3混合，碳氢原子个数比依然为1：2,故D符合题意;

故选：ABCD：

（3）①碳与水蒸气在高温条件下反应生成一氧化碳和氢气，反应的化学方程式为

高温

一氧化碳和氢气在一定条件下化合生成甲醇（CH.QH）,反应的化学方程式为

一定条件

C0+2H2C〃0〃，则参加该化合反应的一氧化碳和氢气的分子个数比为1：2；

高温

②碳和氧化铜在高温条件下反应生成铜和二氧化碳，反应的化学方程式为C+2CUO』2CUYO2

设使120g氧化铜完全还原需要谈的质量为x,

C+2CuO2Cu+C0:t

12160

x120g

12_x

i60~i20g

x=9g；

故要使120g氧化铜完全还原，需要碳的质量至少是9g。

19.【答案】（1）在金属活动性顺序里，金属是否位于氢前面

（2）Cu:O+H?504=C〃SO4+C〃+H?0

（3）SO,+2NaOH=Na?SO4+H?O

（4）AKNOJ,；NaHCO,+HCI=NaChH?OC02?

【蟀析】【解答】（1）在金属活动性顺序里，金属能否与稀盐酸、稀硫酸发生置换反应实现转化①（金属

一盐），判断依据是：在金属活动性顺序里，金属是否位于氢前面（位于氢前面的金属能置换出酸中的

氢，生成盐和氢气；位于氢后面的金属不能）；

故答案为：在金属活动性顺序里，金属是否位于氢前面；

（2）根据质量守恒定律，氧化亚铜（CsO）与稀硫酸反应生成蓝色溶液（CuSO4）和红色固体（Cu）,

反应的化学方程式为：CM2O+H2SO,=CuSO,+G/+H2O：

故答案为：G^O+HySOj二+C〃+H?O；

（3）转化④是碱与非金属氧化物反应生成盐，若生成硫酸钠，碱是NaOH,非金属氧化物是SO,（或

SO2,但SCh与NaOH反应生成Na2so3,所以选SO3）,反应为：S05+2NaOH=Na2SO4+H,0；

故答案为：S0,+2Na01lNaSO4+II2O；

（4）铝与硝酸银溶液反应，生成硝酸铝［AI（NO3）3,盐］和银（单质）；小苏打（NaHCCM治疗胃酸过多

（胃酸含HC1）,反应为：NaHCO,+HCl=NaCl+H2（HCO21。

故答案为：A1（NO3）3；NallCO/IICIXaCIH.OCO,T,

【分析】（1）根据在金属活动顺序中，排在氢前面的金属可以与稀硫酸、稀盐酸反应牛.成盐和氢气进行

分析解答；

（2）根据氧化亚铜和硫酸反应生成硫酸铜、铜单质和水的化学方程式的书写讲行分析解答：

（3）根据三氧化硫和氢氧化钠反应生成硫酸钠和水的化学方程式的书写进行分析解答；

（4）根据铝和硝酸银反应生成银和硝酸铝；碳酸氢钠和盐酸反应生成氯化钠、水和二氧化碳的化学方程

式的书写进行分析解答，

（1）在金属活动性顺序里，金属能否与稀盐酸、稀硫酸发生置换反应实现转化①（金属一盐），判断

依据是：在金属活动性顺序里，金属是否位于氢前面（位于氢前面的金属能置换出酸中的氢，生成盐和

氢气；位于氢后面的金属不能），

（2）根据质量守恒定律，氧化亚铜（CsO）与稀硫酸反应生成蓝色溶液（CuSO4）和红色固体（Cu）,

反应的化学方程式为：C"2O+H?SQ=C〃Sa+G，+H2O：

（3）转化④是碱与非金属氧化物反应生成盐，若牛.成硫酸钠，碱是NaOH,非金属氧化物是SO3（或

SO2,但SO2与NaOH反应生成Na2so3,所以选SCh),反应为：S0}+2NaOH=Na2SO4+H20;

（4）铝与硝酸银溶液反应,生成硝酸铝［AI（NO3）3,盐］和银（单质）；小苏打（NaHCOs）治疗胃酸过多

(胃酸含HC1),反应为:NaHC03+HCI=NaCH-H2O+C021。

20.【答案】（DC；H2

高温

(2)C+C02^2C0

（3）Fe?0,+6HCI=2FeCI,+3H>0或3HQ+Fe（OHh=R€h+3HQ

【解析】【解答】（1）由题意可知A〜K是初中化学常见的纯净物，且分别由H、C、0、CkFe中的一

种或几种元素组成，D是密度最小的气体在，则D为Hz；K溶液呈黄色，所以K是FeCb;E中各元素

的原子个数比为2：3,则E为FezCh；FezO^E）可以与F反应，F、H组成元素相同，H-F,贝ijF为

CO；H为CO2；D为H2,属于单质，A、B、C、D物质类别相同，所以A、B、C、D均为单质，B能

转化为D（H2）,则B是铁；A产生B铁，则A是碳，还原氧化铁产生铁；A和C反应，C和D氢气反

应，则C是氧气；E（Fe2O3）与F反应（一氧化碳还原氧化铁），所以F是CO,H是CO2；I能转化为

K（FeCh）,且D（比）-I,I可为盐酸（氢气和氯气反应产生）；I盐酸和J反应，J—K（FeCh）,则J

是Fe（0H）3（与盐酸反应生成FeCh）；I盐酸产生G,G产生D氢气，则G是水；代入验证，推断合理。

根据分析，A是C；D是H?；

故答案为：C；比；

高温

（2）由（1）可知，H是CO2,F是CO,H—F反应为：CHT0:=2C0；

高温

故答案为：C+C0?=2C0：

⑶I一K反应：I是（盐酸），K是（氯化铁），与盐酸反应：Fe?O）+6HCI=2FeCl,+3H20或

3HCI+Fe(OH)j=FeCI3+3H2O。

故答案为：Fe2O3+6HCI=2FeCI,+3H2O或3HCHFaOH）；=&a+3HQ。

【分析】（1）根据题眼以及各物质的转化关系图可知，D是氢气，E是氧化铁，K是氯化铁，碳和氧化

铁反应可以生成铁，铁和稀盐酸反应可以生成氢气，一氧化碳可以和氧化铁反应生成铁和二氧化碳，二

氧化碳和碳在高