2026年高考物理临考冲刺卷01（基础卷）全解全析

2026年高考物理临考冲刺卷01（全国通用）

（考试时间：75分钟试卷满分：100分）

注意事项：

I.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用

橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。

3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

第I卷

一.选择题（本题共10小题，共46分，在每小题给出的四个选项中，1〜7题只有一项符合题目要求，每

小题4分，8〜10题有多项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答得0

分。）

1.【斫情景预测】海浪向沙滩移动的情境图如图所示，同一列水波从位置"到位置'大致的波形变化示

意图显示：波长由2A变为乙已知水波的波速由介质水和水深共同决定，则从历到M水波的（）

C.波速变为原来的!D.振幅一定不变

【答案】C

【详解】AB.波的频率由波源决定，同一列波从M到N传播过程中频率不变，周期丁二（也不变，故A、

B错误

C.根据波速公式v=A/,频率/不变，波长从2上变为A（变为原来的/），因此波速也变为原来的;，

故C正确；

D.水波向沙滩传播过程中，能晟不断损耗，且水深逐渐变浅，振幅会发生变化，故D错误。

故选Co

2.某交变电流瞬时值表达式为e=20sin50加（V）。下列说法正确的是（）

A.耐压20V的电容器可以直接接在此电源上

B.用此交变电流作为打点计时器的电源时，打点周期为0.02s

C.当/=0.ls时，产生此交流电的线圈刚好与中性面垂直

D.把额定电压为20V的小灯泡接在此电源上，小灯泡正常发光

【答案】A

【详解】A.耐压值指电容器能承受的最大电压。电源电压最大值为£„=2（）V,等于电容器耐压值，故可直

接使用，A正确；

B.打点计时器的打点周期等于交流电周期，交流电周期为T===wJs=0.04s,故B错误；

（050乃

C.当/=0.1s时，e=20sin（50^x0.1）V=0V

线圈位干中性面,故C错误：

F

D.小灯泡额定电压20V指有效值。电压有效值U=%，14.14V

故不能正常发光，D错误。

故选A。

3.【新考法预测】智能温室中，•'作物光照适配探头''的工作原理如下：探头内置发光元件发射特定光，经

作物叶片反射后，照射到探头内部光电感应模块的感应极板P上。该模块与电路（含电源、灵敏电流计）

连接，当反射光满足条件时，极板P逸出光电子形成光电流，信号被处理后判断光照是否适配作物生长。

已知作物光合作用的有效光频率区间为［匕,匕］（匕<看），极板P的光电效应截止频率为?<匕且当回路光电

流强度之/。时，探头才会判定“光照适配作物生长基于此模型，下列说法正确的是（）

A.该光电感应模块能工作，说明光的波粒二象性中“波动性”起主导作用

B.若反射光频率处于［匕,匕］内，增大此光的强度，回路光电流可能达到4

C.为了减少探头误判“非有效光”，应使用频率略低于匕的光源照射

D.若仅将发光元件的光频率从匕（匕,匕）降低到匕,则从极板P逸出的光电子的最大初动能会增大

【答案】B

【详解】A.光电效应是光的粒子性的典型体现，该模块利用光电效应工作，说明粒子性起主导作用，故A

错误:

B.反射光频率处11%匕］时，因匕＞％,满足光电效应发生条件，光电流大小与入射光强度正相关，增大

光强，单位时间逸出光电子数增多，光电流增大，可能达到/。，故B正确;

C.频率略低于匕的光仍大于截止频率外,仍能发生光电效应产生光电流，会将非有效光误判为有效光，增

大误判概率，故c错误；

D.根据光电效应方程&=川-//，光频率降低时，逸出光电子的最大初动能减小，故D错误。

故选B。

4.【热点预测】早晨，当我们看到太阳刚刚开出地平线时，实际上太阳还在地平线以下，如图所示，一束

太阳光从大气层中某点射入后传播至地面的路径，该过程中（）

A.红光的频率逐渐减小B.橙光的速度逐渐减小

C.大气层的折射率逐渐减小D.紫光的衍射现象比红光明显

【答案】B

【详解】A.光的频率由光源决定，在传播过程中不会改变，A错误：

BC,由图可知，•束太阳光从大气层中某点射入后传播至地面的过程中，折射光线越来越偏向法线，折射

率在增大，根据丫=£,折射率〃越大，光的速度y会越小。所以橙光的速度是逐渐减小，B正确，c错误；

n

D.波长越长，衍射现象越明显。红光波长比紫光长，所以红光的衍射现象更明显，D错误。

故选B。

5.某卫星绕地球做匀速圆周运动，其轨道如图虚线所示。轨道半径为地球半径的3.3倍，卫星轨道平面与

赤道面有夹角且不为0'。已知地球自转周期为24小时，同步卫星轨道半径约为地球半径的6.6倍，从卫星

经过赤道面开始计时，当卫星再次经过赤道面时，地球自转经过的角度约为（）

自转

卫星轨道//“'、、

JL\

A.60B.90C.120。D.180°

【答案】A

【详解】设地球半径为A,同步卫星轨道半径行=6.6H,周期G=24h

2/

该卫星轨道半径/"3.3H,根据开普勒第三定律白=-

代入数据T=66h«8.48511

卫星再次经过赤道面，只需要完成半个周期，即f=^a4.242h

地球日转角速度&=黑360°7=15。/1]

24h

可得当卫星再次经过赤道面时，地球自转经过的角度约为8=eG15o/hx4.242hN63.6。

故选Ao

6.1新南度预测】有一类鼠标利用霍尔效应测定鼠标滚轮滚动的角度,其原理如图所示.金属材料制成的

霍尔元件A和B相互垂直的固定在磁铁的磁极之间，通有水平向右的电流，当磁铁绕中轴线从图示位置开

始以图示方向转动时，监测A前、后表面的电压与B上、下表面的电压4的数值即可确定磁铁转动的

角发。磁铁之间磁场可视为匀强磁场，下列说法正确的是（）

A.磁铁位于图示位置时，A的前表面电势低于后表面电势

B.磁铁从图示位置转动30。时，L的大小变为初始时的一半

C.磁铁从图示位置转动45。时，5=4

D.磁铁每转动一周，4=3会出现四次

【答案】C

【详解】A.当磁铁位于图示位置时，A中磁场方向竖直向下，电流方向水平向右，电子受洛伦兹力作用,

向后表面偏转，所以A的前表面电势高于后表面电势，故A错误；

B.设初始时霍尔电压为So，由ev6=c士”

〃为元件厚度，解得，0=讪8

当磁铁从图示位置转动30。时，此时磁场垂直于A上、下面的分量为8cos30。。则

故错误；

t/A=C7AOcos30°=—（7A0,B

C.当磁铁从图示位置转动45。时，磁场垂直于A上、下面的分量为4cos45。，磁场垂直于B后、前面的分

量为Bsin45。，则以=4=与40,故C正确：

D.在磁铁转动一周的过程中sin6=cos。

。可取45。、225。，所以共两次满足0八二（4,故D错误。

故选C。

7.【新考法预测】在研究城市交通拥堵问题时，常引入车流量。、车流密度〃和车流速度v三个物理量进

行研究。已知车流量是指单位时间内通过车道某•横截面的车辆数，车流密度是指单位长度路段内的车辆

数，车流速度是指车辆行驶的速度。在半直单排车道内，驾驶员会根据车流密度自动调整车速，车速与车

流密度满足的规律为丫=%-9-。，车辆首尾相接排队时，车流密度达到最大值21g，%为道路允许行驶

夕max

的最大速度。下列说法正确的是（）

A.车流量。可表示为。=，

B.车流量。的最大值为:%夕mux

C.当车流密度P达到最大值时，车流量。最大

D.车流量。越大的路段，车流速度u越大

【答案】B

【详解】A.首先根据定义推导三个物理量的核心关系：单位时间内车辆前进距离为%单位长度路段车辆

数为「，因此单位时间通过横截面的车辆数（车流量）0=。，，故A错误；

B,将丫=%—一夕代入0=。，

夕max

得。一上22

Oinax

这是开口向下的二次函数，顶点对应最大值

当户=勺时取得最大值•餐一上,（与］故B正确；

22o{2J4

C.当月时，代入速度公式得丫=0,此时。=/20=0,为最小值，故C错误;

D.。是2和y的乘积，。较大可能是夕大、V小的情况，并非。越大V一定越大，故D错误。

故选Bo

8.近口，长春第一冰锅火爆出圈，吸引全国越野爱好者打卡挑战。冰锅为半径30m的用冰砖打磨的球面,

一质量为1000kg,可视为质点的汽车从冰锅边缘驶下，到达锅底的速率为15m/s,重力加速度取lOm/sz,

则（）

A.汽车在锅底的向心加速度为7.5m/s2

B.汽车在锅底的向心加速度为17.5m/s2

C.汽车在锅底受到的支持力为7500N

D.汽车在锅底受到的支持力为17500N

【答案】AD

2

【详解】AB.汽车在锅底时的向心加速度为a=t=7.5m/s2,故A正确，B错误：

r

CD.对汽车进行受力分析，可列牛二定律公式b-〃喧=〃.=加匕

r

代入数据可解得/=17500N,故C错误，D正确。

故选AD。

9.如图所示空间存在竖直向下的匀强磁场用足够长的两金属导轨平行正对放置，间距为L竖直导轨粗

糙，水平导轨光滑。导体棒Q借助小立柱静置于竖直导轨上并保持水平，其与竖直导轨间的动摩擦因数为

导体棒P垂直于水平导轨放置，处于静止状态。两导体棒的质量均为加，接入导轨间的电阻均为R,

其余电阻不II。/时起，对导体棒P施加水平向右的拉力凡使其做匀加速直线运动，同时撤去小立柱,

导体棒Q开始下滑。已知两导体棒与导轨始终垂直且接触良好，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。对于拉力

凡Q棒的速度为、加速度%及受到的摩擦力儿随时间/变化的关系图像，下列图像可能正确的有（）

【详解】A.设导体棒P匀加速直线运动的加速度为。，则，时刻的速度为期=必

导体棒P产生的感应电动势为E=BLv

F

由干导体棒Q在竖直轨道上滑动E寸不切割磁感线，不产生电动势，则回路中的感应电流为/=9

对导体棒P进行受力分析，根据之顿第二定律有尸-4〃=加〃

联近解得/=史上/+〃口

2R

所以尸一图像应为不过原点的倾斜直线，故A错误；

C.由左手定则可知，导体棒Q受到的安培力水平向右，水平方向受力平衡，设导体棒Q受到竖直导轨的

弹力为"，则有8〃=/

导体棒Q在竖直方向做变速运动，设/时刻的加速度为%,则根据牛顿第二定律有机

联".解得a=_世辿/+g

2mR

所以%-图像为向卜.倾斜的直线，与纵轴的截距为g,故C正确;

B.4T图像与坐标轴围成的面积表示速度的变化。由C选项可知，。时刻导体棒Q的加速度减为零，此

时导体棒Q的速度应有最大值。之后导体棒Q做加速度逐渐增大的减速运动，由对称性炉知应在4时刻导

体棒Q的速度减为零，故B错误;

D.在0~2£。内，导体棒Q受到的摩擦力为益=〃氏=噂包f

2R

即此过程;Q-图像为过原点的倾斜直线；当导体棒Q的速度减为零后，根据平衡关系可知，此时导体棒Q

受到的摩擦力与重力等大反向，则有儿二〃唁，故D正确。

故选CD。

10.硅油中有大小两个球形空气泡，大气泡半径为“，小气泡半径为々。开始时，两气泡一上一下，表面最

近距离为3在同一条竖直直线上匀速上升。一段时间后两气泡表面接触并融合，形成了新的气泡，融合过

程中没有气体损失。已知硅油密度为“，两个气泡中的空气密度均为2，重力加速度为g，气泡受到的阻

力大小为/=hv（A是常数），不考虑气泡接触对速度的影响，不考虑气泡中气体重力对运动的影响。整

个过程中，气泡运动的位移很小，可以认为运动过程中气泡的包体压强不变。下列说法正确的是（）

A.开始时刻小气泡在上，大气泡在下

3kL

B.两气泡从开始到表面接触用时4”逐62一十）

4",g（/丁+片）

C.融合后瞬间，新气泡速度大小为一^-1

3M+引

2

D.新气泡最终匀速运动的速度为4兀。店（八十八）,

3k

【答案】ABD

4、

【详解】A.气泡匀速上升，受力平衡心力=/=>P63乃，=加吐

可知大气泡速度v,=%誓•大于小气泡速度v2=勿返•

3k3k

一段时间后两气泡表面接触并融合，所以开始时刻小气泡在上，大气泡在下，A正确；

B.两气泡相遇（匕-匕"二£

L3kL

得'=正确；

C.融合过程动最守恒加幽+吗匕=（叫+ftt2）V

4343

其中叫=p2-町,ni2=A4

4%g片+/)

得丫=~777^—故C错误;

D.整个过程中，气泡运动的位移很小，可以认为运动过程中气泡的气体压强不变，融合前后

444I--------

-犯'+-^3=-乃川=>R=W+^2

JJJ

2

.二4双£任+4,

最终匀速运动，受力平衡介二AR，D正确。

3k

故选ABDo

第II卷

二、实验题：本题共2小题，共14分。

11.（6分）某同学利用电火花计时器探究小车速度随时间变化的规律。在纸带上，每隔4个点选取I个计

数点，相邻”•数点之间的时间间隔为0.1s。在各计数点处将纸带剪断，分成若干段纸条，将这些纸条的下

端对齐并排粘贴在坐标纸上。图中/和，、8和夕、。和。为同一个计数点。

（1）图中纸条上端中点的连线几乎形成一条直线，这表明与该纸带相连的小车做（选填“匀速”或“匀加

速”）直线运动。

（2）艰据图中数据，计时器在打下B点时小车的速度大小为.m/s,与纸带相连的小车的加速度大小为

m/s2,（计算结果小数点后俣留两位数字）

【答案】（1）匀加速；（2）0.640.81

【详解】（1）本题中，每段纸带对应T=0.1s内小车的位移，纸带长度就是该段时间的位移。若纸条上端

中点的连线为倾斜直线，说明相等时间内位移增量恒定，符合匀加速直线运动的特点，因此小车做匀加速

直线运动。

（2）根据匀变速直线运动规律，中间时刻瞬时速度等于这段时间的平均速度。

8点速度等于4-C段的平均速度，已知x.=5.99cm=0.0599m,x*=6.80cm=0.0680m,7=0.1s

m.I刀必+XBC0.0599+0.0680八人/

因此％=————=-------------=»0.64m/s

2T2x0.1

求加速度：用逐差法计算加速度。四段位移分别为*=5.20cm、,q=5.99cm、,q=6.80cm、x4=7.62cm

(/+%)-a+9)_(6.80+7.62-5.20-5.99)x10々

代人逐差法公式。=x0.81m/s2

(2r)2(2x0.1)

12.【新考法预测】（8分）太阳能电池是一类能直接将太阳光能转化为电能的光电半导体器件，也常被称

作光伏电池。当它受到达到一定强度的光线照射时，能瞬间产生电压；若外接闭合【可路，便会形成电流。

这一过程在物理学中被称为太阳能光伏效应。某研究小组取了一片光伏电池板来探究其发电性能，设计了

如图乙的实验电路。主要实验步骤如下:

甲

a.按电路图乙连接好实验器材;

b.用光照强度为5的光照射该电池，闭合开关S,多次调节滑动变阻器滑片P,读出多组电压表、电流表的

示数;

c.根据读出的电压表、电流表示数描绘出该电池的图像。

（1）由图乙知，为了防止烧坏电源，实验开始前滑动变阻器滑片P应放在（选填“"或"b"）端;

（2）如图丙所示，曲线①与曲线②中，一条为依据实测电压、电流数据绘制的电池特性曲线，另一条为该电

池出厂时的精确工作曲线，则根据实验数据绘制的曲线为（选填“①”或“②”），与出厂精确工作

曲线的误差来源于

（3）在光照强度为a的情况下，通过图内可得该电池电动势的真实值七=V,将该电池与2000C的

定位电阻连接，此时该电池内阻的真实值厂=Q。（结果保留到小数点后一位）

【答案】（l）b：（2）①电流表分压（3）26.0888.9

【详解】（1）实验开始前，需让滑动变阻器接入电路的阻值最大，使初始电流最小，保护电源。由图乙可

知，滑片尸在6端时，滑动变阻器接入电阻最大，因此滑片应放在6端。

（2）本电路中，电流表串联在干路，内阻会分压，电压表只测量了滑动变阻器两端的电压，因此测得的路

端电压小于真实路端电压：相同电流下，测量得到的。更小，因此实验绘制曲线为下方的①，误差来源于

电流表的分压。

（3）[1]电源电动势的真实值等于开路电压（/=0时的电压），由真实曲线②可知，/=。时，

U=E=26.0V

[2]当外接R=2000Q定值电阻时，满足U=IR=2000/

若/单位为mA,则U=2/（〃单位丫），作该电阻的U-/线与曲线②相交，可得工作点约为

/=9.0mA=9xl0~3A,U=18.0V

由闭合电路欧姆定律£=U十/，•得厂=与？=r888.9。

I2?9x10:

三、计算题：本题共3小题，共40分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最

后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。

13.【基本模型预测】（9分）如图，上端封闭的竖直长玻璃管中封有长度为。=4cm的水银柱。开口向下

时，其上端封闭空气柱长度为4=10cm,已知大气压强p0=76cmHg,玻璃管导热良好，且室温不变，求:

（1）若将玻璃管翻转至开口向上放置，则此时封闭空气柱长度《为多少？

（2）若将开口向下的玻璃管竖直插入足够深的水银槽.稳定后.发现上方封闭气体K度变为A=8cm,则玻璃

管下端管内外水银液面高度差〃为多少？

【答案】（M=9cm

（2）H=18cm

【详解】（1）开口向下时，上端封闭气体压强为则有Pi+Pg/°=Po

解得P\-72cmHg

开口向上时，封闭气体压强为〃2，则有/%+夕g%=P2

解得P2=SOcmHg

设玻璃管横截面积S,由玻意耳定律得P/S=P24S

联立解得4=9cm

(2)插入水银槽后，设封闭气体压强为P3,由玻意耳定律得P/1S=P34S

解得〃3=90cmHg

设管中下端气体压强为〃4,则有%=P3+Pg/o

而又有/)4=Po+PgH

解得〃=18cm

14.(13分)冰坑挑战是我国北方的传统游戏。如图甲所示，某同学要从坑底脱离冰坑，该情景简化后的

模型如图乙所示，可看作游戏者在球面冰坑内壁上移动，冰坑边缘圆周的半径『1.2m,冰坑边缘表面处的

切而与水平面的夹角Q37。，冰面与鞋底间的动摩擦因数为〃=0.1,最大静摩擦力等于滑动摩擦力，游戏者

的质最〃?=43kg,将游戏者视为质点，不计空气阻力，重力加速度g取10m/s2,sina0.6,cos小0.8。

(1)如图乙所示，游戏者从。点沿着O力圆弧缓慢向上走，通过计算说明游戏者能否到达冰坑边缘/点。

(2)游戏者沿着如图丙所示的螺旋线方式跑动多圈后，最终沿冰坑边缘水平切线方向成功离开冰坑。求：

(i)此过程游戏者重力势能的增加量。

(ii)游戏者离开冰坑时的最小动能。

【答案】(1)见解析

(2)(i)172J；(ii)156J

【详解】(1)游戏者不能到达冰坑边缘4点，游戏者在冰坑边缘力点，有了=〃〃?gcos0=34.4N

重力沿冰坑切面向下的分力=258N

由「〃?gsin。＞/.imgcosO

故游戏者不能到达冰坑边缘力点：

(2)(i)设球面冰坑的半径为凡有/-Rsin。

则R=2m

增加的重力势能绢=mgR(\-cos6)

解得稣=172J

(ii)设游戏者在离开冰面时受到的支持力为N,竖直方向，有NcosO+#ine=〃呜

2

水平方向，有Nsin6-A：ose=〃?L

r

当/=〃N时，游戏者具有最小速度和最小动能，有Ekmin=g〃"

解得Ln=156J

15.【新考法预测】(18分)如图所示，竖直面内半径分别为〃、且R的圆相切于N点，两圆心«、。2的连

2

线沿水平方向，时、尸分别是大、小圆上的点，必、q的连线竖直，尸、U的连线与水平方向的夹角为

60°,两圆内存在垂直纸面向外的匀强磁场(图中未画出)，P点的右上方存在水平向左的匀强电场，电场

中的一点。与历点连线水平。一质量为〃?、带电量为+夕的粒子(不计重力)从M点以竖直向下的速度%

射入磁场，经过N点从2点离开磁场进入电场，当运动到。时速度方向恰好竖直向上。

(1)求大、小圆内磁感应强度大小的差值；

(2)求粒子从。点运动到。点的运动时间以及匀强电场的电场强度大小：

(3)求粒子从M点运动到。点的平均加速度的大小以及平均速度的大小。

【答案】(嗡

百及一〃而

(2)--：-

6%qR

d+6）片（24+19』）%

、〃（百+64）：24不+46

【详解】(1)粒子在/点的速度指向圆心。，则在N点速度的反向延长线也指向圆心。，同理在N点速

度指向圆心。2,在2点速度的反向延长线也指向圆心。＞过M、N、P点分别做圆弧轨迹的垂线确定圆弧

轨迹的圆心和半径，设两圆弧轨迹的半径分别为4、4，

由几何