重庆西南大学附属中学2027届物理高二上期中检测试题含解析

重庆西南大学附属中学2027届物理高二上期中检测试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图电路中，电源电动势为E、内阻为r，R0为定值电阻，电容器的电容为C，闭合开关S，增大可变电阻R的阻值，电压表示数的变化量为△U，电流表示数的变化量为△I，则（）A．电压表示数U和电流表示数I的比值不变B．变化过程中△U和△I的比值保持不变C．电阻R0两端电压减小，减小量为△UD．电阻R0两端电压增大，增大量为△U2、如图所示，两个相同的轻质铝环能在一个光滑的绝缘圆柱体上自由移动，设有大小不同的电流按如图所示的方向通入两铝环，则两铝环的运动情况是（）A．都绕圆柱体运动 B．彼此相向运动，且具有大小相等的加速度C．彼此相向运动，电流大的加速度大 D．彼此相向运动，电流小的加速度大3、关于两个物体间的万有引力，下列说法正确的是（）A．两个物体间的万有引力大小相等、方向相反，是一对平衡力B．当两个物体间的距离趋于零时，万有引力趋于无穷大C．表达式F=Gm1mD．质量大的物体受到的万有引力大，质量小的物体受到的万有引力小4、如图所示，内阻不计的电源与平行板电容器连接，电容器的下极板接地，上极板接一静电计，不计静电计所带的电量．P点是两极板间的一点，P点到两极板的距离相等．下列说法正确的是（）A．只将平行板电容器的上极板向下移动一小段距离，P点的电势升高B．只将平行板电容器的上极板向上移动一小段距离，静电计的张角变大C．只将平行板电容器的上极板向左移动一小段距离，电容器间的场强变大D．只在平行板电容器两极板间插入一厚度稍小于两极板间距离的绝缘陶瓷，电容器的电容变小5、如图所示，空心导体上方有一靠近的带有正电的带电体，当一个重力不计的正电荷以速度v水平飞入空心导体内时，电荷将做（）A．向上偏转的类似平抛运动；B．向下偏转的类似平抛运动C．匀速直线运动D．变速直线运动6、如图所示，半径为R的环形塑料管竖直放置，管的内壁光滑，AB为该环的水平直径，且管的内径远小于环的半径，整个装置处于水平向左的匀强电场中．现将一直径略小于塑料管内径、质量为m、带电量为+q的小球从管中A点由静止释放，已知qE=mg，以下说法正确的是()A．小球释放后，第一次经过最低点D和最高点C时对管壁的压力大小之比为5:1B．小球释放后，第一次达到B点时对管壁的压力为4mgC．小球释放后，到达B点时速度为零，并在BDA间往复运动D．小球释放后，经过D点时的速度最大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示的U－I图像中，直线Ⅰ为某电源的路端电压与电流的关系，直线Ⅱ为某一电阻R的U－I图线，用该电源直接与电阻R连接成闭合电路，由图像可知（）A．R的阻值为10ΩB．电源电动势为3V，内阻为1.5ΩC．电源的输出功率为3.0WD．电源内部消耗的功率为1.5W8、如图所示，a、b、c、d为四个带电小球，两球之间的作用分别为a吸引d，b排斥c，c排斥a，d吸引b，则（）A．仅有两个小球带同种电荷B．仅有三个小球带同种电荷C．c、d小球带同种电荷D．c、d小球带异种电荷9、如图所示，在正方形的四个顶点各放一电荷量均为Q的点电荷(电性如图所示)，a、b、c、d是正方形边长的中点，则以下说法中正确的是()A．a、b、c、d四点的场强相同B．a、c两点的场强一定等大且反向C．b、d两点的场强相同D．e点的场强一定为零10、物体克服重力做了5J的功，则下面的说法正确的是：()A．它的重力势能增加了5JB．它的重力势能减小了5JC．物体的位置升高D．物体的位置降低三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）利用如图所示的装置验证动量守恒定律，气垫导轨上有A、B两个滑块，滑块A右侧装有撞针，左侧与打点计时器(图中未画出)的纸带相连；滑块B左侧有橡皮泥，碰撞时撞针插入橡皮泥中，使两个滑块连成一体运动。实验测得滑块A的质量m1＝0.60kg，滑块B的质量m2＝0.40kg，打点计时器所用交流电的频率f＝50Hz。启动打点计时器，给滑块A一向右的初速度，使它与B相碰，碰撞前后打出的纸带如图所示。碰撞之前系统的总动量为_________，碰撞之后系统的总动量为_________。（结果保留二位有效数字）12．（12分）在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，现有一个标有“5V，2.5W”的小灯泡，导线和开关外，还有：A．直流电源：电动势约为6V，内阻很小B．直流电流表：量程0～3A，内阻约为0.1ΩC．直流电流表：量程0～600mA，内阻约为5ΩD．直流电压表：量程0～15V，内阻约为15kΩE．直流电压表：量程0～5V，内阻约为10kΩF．滑动变阻器：10Ω，2AG．滑动变阻器：1kΩ，0.5A实验要求小灯泡两端的电压从零开始变化并能测多组数据。（1）实验中电流表应选用_____，电压表应选用_____，滑动变阻器应选用_____（2）请按要求将图中所示的器材连成实验电路_____。（3）某同学通过实验正确作出的小灯泡的伏安特性曲线如图所示。现把实验中使用的小灯泡接到如图所示的电路中，其中电源电动势E＝6V，内阻r＝1Ω，定值电阻R＝9Ω，此时灯泡的实际功率为_____W．（结果保留两位有效数字）四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）很多家用电器都有待机功能，比如，电视可以用遥控器关机而不必断开电源．这一功能虽给人们带来了方便，但电器在待机状态下仍有能耗．下表是小明家两台电器的数据统计．这两台电器每天待机共耗电多少度？若能及时断开电源，他家每月可以节约多少电费？电价为元度，每月按30天计算家用电器待机功率每天平均待机时间彩色电视20VCD2214．（16分）某同学做玩具直流电动机实验，当加在电动机两端的电压为0.3V时，测得流过电动机的电流为0.3A，此时电动机不转动。当电动机两端电压增大为2V时，电动机正常工作，此时流过电动机的电流为0.8A，求电动机正常工作时输出的机械功率。15．（12分）如图所示，BCDG是光滑绝缘的3/4圆形轨道，位于竖直平面内，轨道半径为R，下端与水平绝缘轨道在B点平滑连接，整个轨道处在水平向左的匀强电场中．现有一质量为m、带正电的小滑块（可视为质点）置于水平轨道上，滑块受到的电场力大小为3/4mg，滑块与水平轨道间的动摩擦因数为0.5，重力加速度为g．(1)若滑块从水平轨道上距离B点s=3R的A点由静止释放，滑块到达与圆心O等高的C点时速度为多大？(2)在(1)的情况下，求滑块到达C点时受到轨道的作用力大小．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】

A.根据欧姆定律知：=RR增大，则电压表的示数U和电流表的示数I的比值变大．故A错误．B.根据闭合电路欧姆定律得：U=E﹣I（R0+r）由数学知识得知，=R0+r保持不变．故B正确．CD.闭合开关S，增大可变电阻R的阻值后，电路中电流减小，由欧姆定律分析得知，电阻R0两端的电压减小，R两端的电压增大，而它们的总电压即路端电压增大，所以电阻R0两端的电压减小量小于△U，故CD错误．2、B【解析】

根据电流间相互作用规律：“同向电流相互吸引，异向电流相互排斥”可知，两圆环应相互吸引，即彼此相向运动，再根据牛顿第二定律和牛顿第三定律可知，两圆环的加速度大小相等，所以B正确，ACD错误．故选B．3、C【解析】

两个物体间的万有引力大小相等，方向相反，是一对作用力和反作用力，故A错误；当两个物体间的距离趋于零时，万有引力公式不再适用，故B错误；表达式F=Gm1m2r2，中的引力常量G是由实验测算出的，而不是人为规定的，故C正确；物体间相互的引力大小相等，方向相反，故4、A【解析】

电容器始终与电源相连，则电容器两端间的电势差不变，根据电容器d的变化判断电容的变化以及电场强度的变化，从而判断电荷电势能和电场力的变化．【详解】A、只将平行板电容器的上极板向下移动一小段距离，两极板间的场强变大，P点的电势φ=Ed，电势升高，故A正确；B、静电计的电压始终等于电动势，只将平行板电容器的上极板向上移动一小段距离，静电计的张角不变，故B错误；C、根据，只将平行板电容器的上极板向左移动一小段距离，电容器正对面积S变小，电容器的电容变小，但板间电压不变、板间距离不变，场强不变，故C错误；D、根据，只在平行板电容器两极板间插入一厚度稍小于两极板间距离的绝缘陶瓷，εr变大，电容器的电容变大，故D错误．故选A．本题是电容器的动态分析问题，关键抓住不变量，当电容器与电源始终相连，则电势差不变，当电容器与电源断开，则电荷量不变．5、C【解析】试题分析：由于空心导体上方靠近带正电的带电体，所以空心导体为等势体，内部场强为零，正电荷进入后不受电场力作用，即做匀速直线运动，故选项Ｃ正确．考点：处于静电平衡的导体是等势体，内部场强处处为零．6、A【解析】

小球从A点第一次到D点的过程，根据动能定理，有mgR+qER=…①

第一次经过最低点D时，根据向心力公式，有N1D-mg=…②

联立①②解得N1D=5mg，由牛顿第三定律知小球第一次经过最低点D对管壁的压力大小为5mg．

小球从A点第一次到C点的过程，根据动能定理，有-mgR+qER=…③

第一次过C点，根据向心力公式，mg-N1C=…④

联立③④解得N1C=mg，由牛顿第三定律知小球第一次经过C点时最高点C时对管壁的压力大小为mg，因此，小球释放后，第一次经过最低点D和最高点C时对管壁的压力之比为5：1，故A正确．从A点释放到B点过程，根据动能定理，有qE•2R=…⑤

第一次达到B点时，据向心力公式，有N1B-qE=…⑥

联立⑤⑥解得：N1B=5mg，由牛顿第三定律知小球释放后，第一次达到B点时对管壁的压力为5mg，故B错误；带电小球由A点运动到B点的过程中，重力做功为零，电场力做正功，动能增加，由动能定理知道小球到达B点时有速度，还继续向上运动，不可能在BDA间往复运动．故C错误；小球到达平衡位置时速度最大，因为mg=qE，可知平衡位置在BD的中点，即小球经过BD中点时速度最大，选项D错误；故选A.本题中关键要理清物体的运动规律，会用等效合力的方法研究小球的运动；会利用动能定理以及圆周运动的知识研究小球的运动．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】

B．由图线Ⅰ纵轴截距读出电源的电动势E=3.0V，其斜率大小等于电源的内阻，则有：Ω选项B正确；A．当I=1.0A时由图象Ⅱ知路端电压U=1.5V，由U=IR知R=1.5Ω选项A错误；C．电源的输出功率P出=UI=1.5W选项C错误；D．电源内部消耗功率P内=I2r=1.5W选项D正确。故选BD。8、BD【解析】试题分析：设a带正电，则a吸d，异种电荷相吸，所以d带负电．c斥a，同种电荷相斥，所以c带正电．d吸b，所以b带正电；即a+、d-、c+、b+；故选BD．考点：电荷间的相互作用【名师点睛】本题比较简单，同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；可采用假设法进行分析判断．9、BD【解析】设正方向边长为L，每个电荷电量为Q，对a点研究，左侧的一正一负两个电荷在a点的合场强方向向下，大小为E1=2kQ12L2=8kQL2，右侧的一正一负两个电荷在a点的合场强方向向上，大小为E2=2kQ52L2×12L52L=85kQ25L2，a点的合场强的方向向下，大小为Ea10、AC【解析】物体在运动过程中，克服重力做功5J，物体的位置升高，故C正确，D错误；根据重力做功量度重力势能的变化得：重力对物体做负功时，物体的重力势能就一定会增加，增加的大小是5J，故A正确，B错误。所以AC正确，BD错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0.620.60【解析】

打点计时器的打点时间间隔为：由图（2）所示纸带可知，碰撞前A的速度为：碰撞后A、B的速度为：[1]．碰前总动量为：P=m1vA=0.60×1.03=0.62kg•m/s；[2]．碰后的动量为：P'=m1v'A+m2v'B=0.60×0.60+0.40×0.60=0.60kg•m/s12、CEF如图所示：0.78---0.84【解析】

(1)[1][2][3]灯泡额定电流为：电流表选择C；灯泡额定电压为5V，电压表应选择E；为方便实验操作，滑动变阻器应选择F。

(2)[4]灯泡正常发光时的电阻为：远小于电压表内阻，电流表应采用外接法，实验中要求小灯泡两端的电压从零开始变化以