2027届云南省大理市下关第一中学高二物理第一学期期中监测试题含解析

2027届云南省大理市下关第一中学高二物理第一学期期中监测试题考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、以下说法正确的是()A．只要有可以自由移动的电荷，就存在持续电流B．金属导体内的持续电流是自由电子在导体内的电场作用下形成的C．电流的传导速率就是导体内自由电子的定向移动速率D．在金属导体内当自由电子定向移动时，它们的热运动就消失了2、如图所示，平行板电容器充电后与电源断开，正极板接地，静电计的金属球与电容器的负极板连接，外壳接地，以E表示两极板间的场强，θ表示静电计指针的偏角，各物理量的变化情况正确的是A．将平行板电容器的正极板向右移动，E变小，θ变大B．将平行板电容器的正极板向右移动，E不变，θ变小C．将平行板电容器的正极板向左移动，E变大，θ变大D．将平行板电容器的正极板向左移动，E变小，θ变小3、如图所示，一个静止于斜面上的物体受到几个力的作用（）A．1个B．2个C．3个D．4个4、如图所示，水平方向的匀强电场场强为E，直角三角形ABC各边长度分别为a、b、c，AC边与电场方向平行，下列说法正确的是（）A．A点比B点电势高 B．B、A两点的电势差为EcC．C、A两点的电势差为Eb D．将正电荷从B点移到C点，电场力做正功5、对电容C＝，以下说法正确的是()A．电容器充电电荷量越多，电容增加越大B．电容器的电容跟它两极板间所加电压成反比C．电容器的电容越大，所带电荷量就越多D．对于确定的电容器，它所带的电荷量跟它两极板间所加电压的比值保持不变6、两个完全相同的金属小球A、B，球A所带电荷量为＋5Q，球B所带电荷量为-Q．现将球B与球A接触后，移到与球A相距为d处（d远远大于小球半径）．已知静电力常量为k，则此时两球A、B之间相互作用的库仑力大小是（）A．4kQ2d2B．2kQ二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、+Q和﹣Q是两个等量异种点电荷，以点电荷+Q为圆心作圆，A、B为圆上两点，MN是两电荷连线的中垂线，与两电荷连线交点为O，下列说法正确的是（）A．A点的电场强度大于B点的电场强度B．电子在A点的电势能小于在B点的电势能C．把质子从A点移动到B点，静电力对质子做功为零D．把质子从A点移动到MN上任何一点，质子的电势能变化都相同8、在弹簧测力计秤钩下挂一个静止的小球，下列说法正确的是（）A．小球对弹簧测力计的拉力就是小球的重力B．小球所受拉力的施力物体是地球C．弹簧测力计对小球的拉力在数值上等于小球的重力D．小球对弹簧测力计拉力的施力物体是小球9、如图所示，光滑绝缘的水平面上方存在一个水平方向的电场，电场线与x轴平行，电势φ与坐标值x的关系式为：φ＝106x(φ的单位为V，x单位为m)．一带正电小滑块P，从x＝0处以初速度v0沿x轴正方向运动，则A．电场的场强大小为106V/mB．电场方向沿x轴正方向C．小滑块的电势能一直增大D．小滑块的电势能先减小后增大10、A、B两物体质量均为m，其中A带正电，带电量为q，B不带电，通过劲度系数为k的绝缘轻质弹簧相连放在水平面上，如图所示，开始时两者都处于静止状态。现在施加竖直向上的匀强电场，电场强度，式中g为重力加速度，若不计空气阻力，不考虑A物体电量的变化，则以下判断正确的是A．刚施加电场的瞬间，A的加速度为2gB．从开始到B刚要离开地面过程，A物体速度大小先增大后减小C．从开始到B刚要离开地面的每段时间内，A物体的机械能增量一定等于电势能的减少量D．B刚要离开地面时，A的速度大小为三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某学生用螺旋测微器在测定某一金属丝的直径时，测得的结果如下图所示，则该金属丝的直径d=_______mm。另一位学生用游标尺上标有20等分刻度的游标卡尺测一工件的长度，测得的结果如下图所示，则该工件的长度L=_____cm。12．（12分）（1）某同学在测量一种均匀新材料的电阻率的过程中，相关测量数据如下：①用20分度的游标卡尺测量其长度如图甲所示，由图可知其长度为___________mm；②用螺旋测微器测量其直径如图乙所示，由图可知其直径为__________mm。（2）为了粗测新材料导体的阻值，该同学先选用多用电表“×100”挡调零后进行测量，发现表针偏转的角度很大。①可以判断这个电阻的阻值________（选填“较小”或“较大”）；②为了把电阻测量得更准确些，应换用“_____”挡；（选填“×10”或“×1k”）③重新换挡后必须将红、黑表笔_________，调整_________使指针指向表盘_____（选填“左”或“右”）的0Ω；④重新测量的结果如图丙所示，读数为________Ω。丙（3）某次测量知新材料导体的长度为L，导体的直径为D，电压表和电流表的读数分别为U和I，则导体的电阻率的表达式ρ=________。（用U、I、L、D等所给字母表示）四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）一辆电瓶车，质量为500kg，由内阻不计的蓄电池组向直流电动机提供24V的电压，当电瓶车在水平地面上以0.8m/s的速度匀速行驶时，通过电动机的电流为5A，设车所受阻力是车重力的0.02倍（g=10m/s2），求：（1）电动机消耗的总功率为多少？（2）电动机的机械功率为多少？（3）电动机的内阻为多大？14．（16分）如图所示，边长为L的正方形区域abcd内存在着匀强电场．电荷量为q、动能为Ek的带电粒子从a点沿ab方向进入电场，不计重力．(1)若粒子从c点离开电场，求电场强度E的大小；(2)若粒子离开电场时动能为Ek′，求电场强度E的大小．15．（12分）一纯电阻闭合电路,电源电动势为4.5V，内阻为0.5Ω，外电路的电阻为4.0Ω，则：（1）路端电压是多大？（2）如果在外电路上并联一个6.0Ω的电阻，路端电压是多大？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】

A、要有持续电流必须有持续的电压,A错误；B、导体中形成电流的原因是导体两端加上电压,于是在导体内形成了电场,导体内的自由电子将在静电力作用下定向移动,形成电流,B正确；C、电流的传导速度等于真空中的光速,电子定向移动的速率很小,C错误；D、在形成电流时自由电子定向移动,但是热运动并没有消失,其实电子仍然做无规则的热运动,D错误．故选B．2、B【解析】

电量为定值，将平行板电容器的正极板向右移动，由电容的决定式，两极板间距离d减小，C增大，，可见E与两板间距离无关，而两板间电压，可见电压变小，θ减小，可知B正确；故选B.本题是电容器的动态变化分析问题，掌握电容的决定式与定义式的应用，及两者的区别，理解电场强度的推导式．3、C【解析】

对物体受力分析如图：

先分析重力，物体与斜面接触，斜面给物体一个支持力一个静摩擦力。故选C。受力分析时按照先重力和外力后接触力（先弹力后摩擦力）的顺序分析，防止添力和漏力．此题易错点在可能会分析上物体受到的下滑力，下滑力是重力的分力，分力和合力是替代关系，不能同时存在．4、C【解析】

A.沿电场线电势逐渐降低，故A点电势低于B点，故A错误．B.根据匀强电场中电势差与电场强度的关系可知，U=Ed，d表示沿电场线方向上的距离，则B、A两点的电势差为Eb，故B错误．C.同理，C、A两点的电势差为Eb，故C正确．D.将正电荷从B点移到C点，电场力不做功，故D错误．5、D【解析】

A.电容与电容器带电量无关，故A错误。B.该公式为比值定义式，所以电容器的电容跟它两极板间所加电压无关，故B错误。C.电容器所带电荷量在电容固定时与两端电压有关，故C错误。D.对于确定的电容器，它所带的电荷量跟它两极板间所加电压的比值保持不变，故D正确。6、A【解析】

而两球接触后再分开平分总电量，故分开后，两球的带电量均为q=5Q-Q2=2Q，则根据库仑定律，库仑力为：F=k本题考查运用比例法求解物理问题的能力．对于两个完全相同的金属球，互相接触后电量q=q二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】试题分析：电场线越密的地方场强越大，电磁线越稀疏的地方场强越小，电场线与等势面相互垂直，电场线从高等势面指向低等势面，电场力做功等于电势能的变化量，根据电场线分布分析答题．解：等量异号电荷电场线分布如图所示：A、由图示电磁线分布可知，A处的电场线比B处的电场线稀疏，则A点的场强小于B点的场强，故A错误；B、电场线与等势面相互垂直，电场线从高等势面指向低等势面，由图示可知，A点所在等势面高于B点所在等势面，A点电势高于B点电势，电子带负电，则电子在A点的电势能小于在B点的电势能，故B正确；C、A、B两点电势不同，两点间的电势差不为零，把质子从A点移动到B点，静电力对质子做功不为零，故C错误；D、等量异号电荷连线的重锤线MN是等势线，A与MN上任何一点间的电势差都相等，把质子从A点移动到MN上任何一点，电场力做功都相等，质子的电势能变化都相同，故D正确；故选BD．【点评】本题考查了等量异号电荷的电场，知道电场线的分布，知道等量异号电荷连线的重锤线是等势线即可正确解题．8、CD【解析】

AD、小球对弹簧测力计的拉力不能说就是小球的重力，因为小球对弹簧测力计的拉力的施力物体是小球，受力物体是弹簧；而重力的施力物体是地球，受力物体是小球，故A错误、D正确．B、小球所受拉力的施力物体是弹簧，而不是地球，故B错误．C、根据平衡条件可知，静止时弹簧测力计对小球的拉力与小球的重力大小相等，故C正确．9、AD【解析】

A．根据匀强电场中的场强与电势差的关系得：故A正确；B．沿x正方向，电势逐渐升高，故电场方向沿x轴负方向，故B错误；CD．滑块向x轴正方向运动时，小滑块P受电场力对滑块做负功，电势能增加，当速度为零时，电势能最大，此后电势能将会减小，则小滑块的电势能先减小后增大，故C错误，D正确。10、AD【解析】

提供电场前，A静止，受到重力和弹力，合力为零，施加电场后对A根据牛顿第二定律有加速度；B刚要离开地面时，此时弹簧被拉长，且弹力刚好等于物体B的重力，对A分析，此时受力平衡，即A的加速度等于零，从开始到B刚要离开地面过程，A做加速度减小的加速运动，在A点速度最大，根据能量守恒定律可知，从开始到B刚要离开地面的每段时间内，A物体的机械能增量一定等于电势能的减少量与弹簧的弹性势能减小量之和；【详解】A、提供电场前，A受到重力和弹力，合力为零，施加电场后对A根据牛顿第二定律有：，则加速度为，故A正确；B、B刚要离开地面时，此时弹簧被拉长，且弹力刚好等于物体B的重力，对A分析，此时受力平衡，即A的加速度等于零，从开始到B刚要离开地面过程，A做加速度减小的加速运动，在A点速度最大，故B错误；C、根据能量守恒定律可知，从开始到B刚要离开地面的每段时间内，A物体的机械能增量一定等于电势能的减少量与弹簧的弹性势能减小量之和，故C错误；D、B刚要离开地面时弹簧的伸长量等于开始时弹簧的压缩量，从开始到B刚要离开地面过程，弹性势能不变，根据动能定理可得：，解得A的速度大小为：，故D正确；故选AD。关键是B刚要离开地面时弹簧的伸长量等于开始时弹簧的压缩量，从开始到B刚要离开地面过程，弹性势能不变。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、3.205（3.203-3.207）5.015【解析】

[1]由图所示螺旋测微器可知，螺旋测微器的固定刻度示数是3mm，可动刻度示数是，螺旋测微器的示数是：[2]由图所示游标卡尺可知，主尺示数是5cm，游标尺示数是3×0.05mm=0.15mm=0.015cm，则游标卡尺的示数是：12、5.015；1.196；较小；；短接；欧姆调零；右；120；【解析】

游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺的示数；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数；欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数；由电阻定律公式变形即可求得电阻率的表达式。【详解】(1)①由图甲所示可知，游标卡尺主尺示数为5cm，游标尺示数为30.05mm=0.15mm=0.015cm，游标卡尺示数为5cm+0.015cm=5.015cm；②由图乙所示可知，螺旋测微器固定刻度示数为1mm，游标尺示数为19.6×0.01mm=0.196mm，螺旋测微器示数为1mm+0.196mm=1.196mm；(2)①用多用表“×100”倍率的电阻档测量该元件的电阻时，发现指针偏角过大，说明该电阻较小；②为了把电阻测量得更准确些，应换用“×10”倍率的电阻档；③重新换挡后必须将红、黑表笔短接，调整欧姆调零旋钮使指针指向表盘右边的0Ω；④如图丙所示，电阻的测量值Rx=12×10=120Ω；(3)根据，其中解得：。游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺的示数；螺旋