2027届山东省泰安市宁阳第一中学高二上物理期中考试试题含解析

2027届山东省泰安市宁阳第一中学高二上物理期中考试试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、金属板和板前一正点电荷形成的电场线分布如图所示，A、B、C、D为电场中的四个点，则A．B、D两点的电势相等B．B点的电场强度比D点的大C．负电荷在C点的电势能低于在A点的电势能D．正电荷由D点静止释放，只受电场力作用沿电场线运动到B点2、如图所示.一根长导线弯曲成如图所示形状。通以直流电I，正中间用绝缘线悬挂一金属环C。环与导线处于同一竖直平面内。在电流I增大的过程中，下列叙述正确的是()A．金属环中无感应电流产生B．金属环中有顺时针方向的感应电流C．悬挂金属环C的竖直线中的张力不变D．金属环C仍能保持静止状态3、如图所示，当滑动变阻器的滑片向b端移动时（）A．电压表的读数增大，电流表的读数减小B．电压表和电流表的读数都增大C．电压表和电流表的读数都减小D．电压表的读数减小，电流表的读数增大4、一个带正电荷的小球从a点出发水平进入正交垂直的匀强电场和匀强磁场区域，电场方向竖直向上，某时刻小球运动到了b点，则下列说法正确的是A．从a到b，小球可能做匀速直线运动B．从a到b，小球可能做匀加速直线运动C．从a到b，小球动能可能不变D．从a到b，小球机械能可能不变5、一根长为L的轻弹簧，将其上端固定，下端挂一个质量为m的小球时，弹簧的总长度变为1.5L。现将两根这样的弹簧按图示方式连接，A、B两球的质量均为m，则两球平衡时，B球距悬点O的距离为（不考虑小球的大小）（）A．3L B．3.5L C．4L D．4.5L6、两电荷量分别为q1和q2的点电荷固定在x轴上的O、M两点，两电荷连线上各点电势φ随x变化的关系如图所示，其中C为ND段电势最低的点，则下列说法正确的是()A．q1、q2为等量异种电荷B．N、C两点间场强方向沿x轴负方向C．N、D两点间的电场强度大小沿x轴正方向先减小后增大D．将一正点电荷从N点移到D点，电势能先增大后减小二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，虚线a、b、c、d、e代表电场中的五个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，实线为一带正电的粒子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，据此可知（）A．五个等势面中，a的电势最高B．带电粒子通过P点时的电势能较Q点大C．带电粒子通过P点时的动能较Q点大D．带电粒子通过P点时的加速度较Q点小8、一带电粒子沿图中曲线穿过一匀强电场中的等势面，且四个等势面的电势关系满足φa>φb>φc>φd，若不计粒子所受重力，则()A．粒子一定带负电B．粒子的运动是匀变速运动C．粒子从A点到B点运动的过程中动能先减小后增大D．粒子从A点到B点运动的过程中电势能增大9、在探究平行板电容器的电容与哪些因素有关的实验中，一已充电的平行板电容器与静电计连接如图所示．已知静电计指针张角随着电容器两极间的电势差的增大而增大．现保持电容器的电量不变，且电容器B板位置不动．下列说法中正确的是（）A．将A板向左平移，则静电计指针张角增大B．将A板向左平移，则静电计指针张角减小C．将A板竖直向上平移，则静电计指针张角减小D．将A板竖直向上平移，则静电计指针张角不变10、下列各种说法正确的是（）A．在并联电路中，任意支路电阻增大或者减小时，总电阻将随之增大或者减小B．电源的电动势与外电路有关，外电路电阻越大，电动势就越大C．将金属丝均匀拉长为原来的两倍，金属丝的电阻和电阻率都增大2倍D．“220V，50W”的电风扇，线圈电阻为0.4，正常工作时每分钟产生的电热为1.24J三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在“描绘小电珠的伏安特性曲线”的实验中，除标有“6V1.5W”字样的小电珠、导线和开关外，还有下列器材：A．直流电源（6V，内阻不计）B．直流电流表（量程为3A，内阻0.1以下）C．直流电流表（量程为300mA，内阻约为5）D．直流电压表（量程为10V，内阻约为15k）E．直流电压表（量程为5V，内阻约为5k）F．滑动变阻器（10，2A）G．滑动变阻器（1k，0.5A）实验要求小电珠两端的电压从零开始变化并能进行多次测量。(1)实验中电流表应选用______，电压表应选用______，滑动变阻器应选用______。（填写序号）(2)在虚线框内画出实验电路图____________。12．（12分）在《测定干电池的电动势和电阻》的实验中，实验器材有被测干电池、电流表（0~0.6A，0.1）、电压表（0~3V，3k）、电键、滑动变阻器（0~20）、导线等。(1)在方框中画出优选的实验电线图________________________。(2)实验过程中测得干电池的路端电压与相应的输出电流的多组数据，描得图像如图所示，则干电池的电动势为________V，内电阻为__________Ω。（保留三位有效数字）四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，一均匀带正电的无限长细直棒水平放置，带电细直棒在其周围产生方向与直棒垂直向外辐射状的电场，场强大小与直棒的距离成反比．在直棒上方有一长为a的绝缘细线连接了两个质量均为m的小球A、B，A、B所带电量分别为+q和+4q，球A距直棒的距离为a，两球恰好处于静止状态．不计两小球之间的静电力作用．（1）求细线的张力；（2）剪断细线，若A球下落的最大速度为vm，求A球下落到速度最大过程中，电场力对A球做的功．（3）分析剪断细线后，B球的运动情况及能量的转化情况．14．（16分）被截去1/4的圆形轨道与直轨道相切于A点，整个轨道固定在水平桌面上，空间足够大范围存在匀强电场,场强大小为E，方向与直轨道成θ=37°夹角，俯视图如图．质量为m，电量为q的带正电小球紧贴桌面，靠着轨道某点P静止释放，轨道与桌面绝缘和光滑，圆轨道半径为R．已知sin37°=0.6，cos37°=0.1．求：(1)若PA=R，小球刚进入圆轨道时对轨道的压力大小；(2)改变释放点P与A的距离，使小球能沿着轨道运动到D点，则小球经过A点时的速度至少多大．15．（12分）为了使用方便，实验室中的电压表通常有两个量程，如图所示为表头G改装成两个量程为0～3V、0～15V的电压表的电路图．若已知R2是阻值为24kΩ的电阻，表头G的内阻为500Ω，求：（1）R1的阻值；（2）灵敏电流计的满偏电流．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】沿着电场线电势逐渐降低，由图看出，D点电势比B点电势高，故A错误；电场线的疏密表示电场强度的大小，由图可知，B点的电场强度比D点的小．故B错误；沿着电场线电势逐渐降低，由图看出，C点电势比A点电势高，所以负电荷在C点的电势能低于在A点的电势能．故C正确；正电荷由D点静止释放，受电场力方向沿曲线的切线方向，所以运动的轨迹不会沿电场线的方向．故D错误．故选C.点睛：该题要掌握电场线的物理意义：电场线的疏密表示场强的大小，顺着电场线电势逐渐降低．2、D【解析】

根据安培定则知，弯曲成的导线中电流的磁场方向为垂直纸面向里，且大小增加．由楞次定律可知，感应电流的方向为逆时针，故AB错误；根据左手定则可知，安培力的方向指向圆心，由于弯曲成的导线在金属环所在的区域上部分的磁场比较大，下部分的磁场比较小，环的上部分受到的向下的安培力比较大，因此导致挂环的拉力增大，因安培力的合力方向竖直向下，故金属环不会转动，仍然静止；故C错误，D正确；故选D．解决本题的关键会用安培定则判断电流周围磁场的方向，以及学会根据楞次定律来确定感应电流的方向．同时会用左手定则判断安培力的方向．3、A【解析】

当滑动变阻器的滑动触点向b端移动时，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻R增大，由欧姆定律分析总电流I减小，路端电压U=E﹣Ir增大，电阻R2的电压U2=E﹣I（r+R1）增大，流过电阻R2的电流I2增大，则流过电流表的电流I3=I﹣I2减小．所以伏特表V的读数增大，安培表A的读数减小．故选A4、C【解析】

AB．带电小球从a点运动到b点的过程中小球在竖直方向上发生位移，所以小球受力不为零，即小球不可能做匀速直线运动，小球受到磁场给的竖直向上的洛伦兹力，要改变速度方向，所以小球不可能做直线运动，故AB不符合题意；C．当小球的重力和电场力平衡时，小球受到的洛伦兹力只改变小球的速度方向，小球的动能不变，C符合题意．D．从a到b电场力对小球做正功，洛伦兹力不做功，小球机械能增加，D不符合题意．5、B【解析】

当挂一个小球时，根据胡克定律，有当挂两个小球时，上面弹簧有下面弹簧有故B球距悬点O的距离为故选B。6、C【解析】

A．若是异种电荷，电势应该逐渐减小或逐渐增大，由图象可以看出，应该是等量的同种正电荷，故A错误；B．沿x正方向从N到C的过程，电势降低，N、C两点间场强方向沿x轴正方向．故B正确；C．φ−x图线的斜率表示电场强度，由图可得N、D两点间的电场强度大小沿x轴正方向先减小后增大，故C正确；D．NC电场线向右，CD电场线向左，将一正点电荷从N点移到D点，电场力先做正功后做负功，电势能先减小后增大．故D错误；由图象中电势的特点可以判断是同种等量正电荷．由电势图线的斜率可以判断电场强度的大小．沿电场线电势降低，可以判断电场强度的方向，可知电场力做功的正负，从而判断电势能的变化．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】试题分析：由电场线处处与等势面垂直且做曲线运动的物体所受的合外力指向曲线的凹侧可知该电场线的分布大概如图，沿电场线方向电势降低，所以，所以A错误．从电场力做正功，电势能降低，所以B错误．根据动能定理，，所以C正确．电场线越密，电场强度越大，，所以即，所以D正确．考点：本题重在考查电场线、电势能、电势以及功能关系，能量守恒等，难度中等．8、AB【解析】

A．根据电场线和等势线垂直，且从高电势处指向低电势处，得知电场沿竖直向下方向,而粒子的轨迹向上弯曲,则知电场力竖直向上,所以粒子带负电.故A正确.B．在匀强电场中粒子所受的电场力是恒力，粒子做匀变速运动.故B正确.C．粒子的电场力向上,轨迹向上弯曲，则电场力对粒子做正功，其动能逐渐增大,所以C错误;D．粒子从A点到B点运动的过程中电场力对带电粒子做正功，其电势能减小.故D错误.9、BD【解析】A、将A板向右平移，板间距离减小，由知电容增大，而电容器的电量不变，由可知，板间电压减小，则静电计指针张角减小，故A错误；

B、将A板向左平移，板间距离增大，由知电容减小，而电容器的电量不变，由可知，板间电压增大，则静电计指针张角增大，故B正确；CD、将A板竖直向上平移，两板正对面积减小，由知电容减小，而电容器的电量不变，由可知，板间电压增大，则静电计指针张角增大，故C错误，D正确；故选BD．【点睛】对于电容器动态变化分析问题，首先要根据电容的决定式判断电容的变化，抓住不变量，再由电容的定义式分析电量或电压的变化．10、AD【解析】

A．根据并联电路的总电阻则当任意支路电阻增大或减小时，总电阻将随之增大或者减小，故A正确；B．电源的电动势是由电源本身的结构决定，与外电路无关，故B错误；C．将金属丝均匀拉长为原来的两倍，则金属丝的横截面积减小为原来的二分之一，根据电阻定律可知，金属丝的电阻将变为原来的4倍，金属丝的电阻率是表征材料导电性能好坏的物理量，它不会因为被拉长而发生改变，故C错误；D．由P=UI可知，电风扇正常工作的电流为由焦耳定律可知，正常工作时每分钟产生的电热故D正确。故选AD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、CDF【解析】

(1)[1][2][3]小灯泡的额定电流为则电流表应选用C；灯泡的额定电压为6V，则电压表应选用D；滑动变阻器要接成分压电路，则应该选择阻值较小的F。(2)[4]因小灯泡电阻相对电压表内阻较小，则采用安培表外接电路；滑动变阻器采用分压电路，电路图如图：12、见解析1.500.250【解析】

(1)[1]滑动变阻器采用限流式接法，电路连接如图所示(2)[2][3]根据闭合电路欧姆定律可知在图象中，图象在纵轴的截距等于电源电动势，图象斜率的绝对值等于电源内阻，因此可得，四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）（2）（3）剪断细线后，B小球做先上后下的往复运动（振动）【解析】试题分析：分别隔离对A、B受力分析，通过共点力平衡求出细线的张力；当A球下落时，重力与电场力平衡时速度最大，根据平衡求出下降的距离，再根据动能定理求出电场力所做的功；剪断细线后，B小球做先上后下的往复运动，在上升的过程中，电场力做正功，电势能减小，根据能量守恒知，机械能增加，重力势