广东省深圳市宝安区2026年中考二模考试物理试题附答案

中考二模考试物理试题一、安安回看第十五届全运会闭幕式，运用物理知识有了许多新发现。回答1-5题1．根据吉祥物“喜洋洋”与演员的合影，估测吉祥物的高度约为（）A．24mm B．24cm C．24dm D．24m2．全运会圣火熄灭仪式在大提琴伴奏下进行，关于其中的声学原理，下列说法正确的是（）A．改变手指按弦的位置，能改变声音的音调B．大提琴发出声音是由于空气振动而产生的C．增大琴声的响度，观众能更快地听到琴声D．从环保角度，优美的琴声不可能属于噪声3．全运会火炬塔采用“电光水雾”系统，用LED灯阵与超声波水雾发生器模拟“火焰”，大幅降低能耗。下列说法正确的是（）A．LED灯主要由超导体材料制成B．LED灯能将电能全部转化为光能C．水雾是水通过汽化产生的水蒸气D．水雾消失的过程需要吸收热量4．闭幕式使用的“飞天屏”由轻薄屏幕与飞行设备结合，能悬停在空中组合造型。下列说法正确的是（）A．“飞天屏”应采用密度较大的材料制作B．悬停在空中的“飞天屏”不具有惯性C．“飞天屏”匀速上升时，若所有力消失，将继续上升D．给“飞天屏”电池充电时，电池内化学能转化为电能5．如图，“飞天屏”悬停在空中。请在图中画出屏幕受力的示意图（忽略空气阻力；把力的作用点画在重心O上）。二、安安得知中国80%以上青少年颈椎处于亚健康状态，围绕颈椎健康开展了调查。回答6-12题6．如图是一款太阳能台灯，可通过语音或蓝牙调节亮度，采用大范围无重影照明设计，有助于改善坐姿、预防颈椎疲劳。下列说法正确的是（）A．太阳能属于可再生能源B．智能灯发出的光在空气中不沿直线传播C．语音识别技术说明声音可以传递能量D．蓝牙遥控的信号在空气中的传播速度约为340m/s7．“刮痧”是中医砭（biān）术之一，颈部刮痧可缓解肩颈酸痛。下列说法错误的是（）A．刮痧时涂抹药油，可防止摩擦过大损伤皮肤B．增大刮痧片的滑动速度，颈部受到的摩擦力增大C．保持压力不变，换用更厚的刮痧片能减少压强D．刮痧时颈部发烫，主要是通过做功改变内能8．如图是某按摩仪所用电动机的原理图。闭合开关后，线圈顺时针转动。下列分析正确的是（）A．该装置中磁场方向从S极指向N极B．该装置工作原理是电流的磁效应C．当线圈转动至平衡位置时，会立即停止转动D．若仅将电源正负极对调，线圈将逆时针转动9．图中的按摩仪有“普通按摩”（仅电动机工作）和“热敷按摩”（电动机与发热电阻同时工作）两种模式，且发热电阻不能单独工作。请在虚线框内画出电路图。（电动机符号；发热电阻符号；开关符号。）10．安安继续探究颈椎亚健康的成因及预防。如图模型，头部（G=50N）、颈椎和颈部肌肉简化为支点在颈椎O处的杠杆AOB，A点为头部模型的重心。低头时，颈部肌肉会在B点产生始终垂直于OB的拉力F。（1）低头角度θ增大时，拉力F逐渐（选填“增大”“减小”或“不变”）；（2）低头角度θ=0°时，拉力F为N；（3）结合以上分析，为预防颈肌损伤提出一条合理建议：。11．打排球能锻炼颈部肌群，预防颈椎亚健康。安安颠球时手对排球施力，手也会感觉疼痛，这说明物体间力的作用是。排球上升过程中受到的空气阻力恒为0.5N，方向竖直（选填“向上”或“向下”），排球重约3N，上升过程中排球受到的合力约N。12．安安将排球水平击出，运动轨迹如图甲。运动过程中排球的机械能（选填“守恒”或“不守恒”）。图乙为排球经过图甲①、③点时的动能和重力势能，其中③点的重力势能未标出。由图分析得出：①点的机械能为5J；③点的重力势能为；②点的机械能E的取值范围是（取值范围用不等式表示）。三、物理学与实验探究13．安安设计并制作了如图甲所示的简易压强计，用于探究液体压强的影响因素。（1）该简易压强计可以通过反映液体压强的大小。（2）已知，比较图乙、两次实验可知：深度相同时，液体密度越大，液体压强越大。（3）自制压强计探头在丙、丁两图中所受压强的大小关系为（选填“>”“＜”或“=”）。比较数据可知：在同种液体中，液体压强随的增加而增大。另一同学指出，应多次改变探头在水中的深度重复实验，目的是。（4）为探究液体压强与容器底面积的关系，安安在图戊所示的两个容器中装入初始深度相同的水，再将探头分别浸入容器底，比较液体压强的大小。①此实验设计不合理之处是。②另一同学认为只需要在两容器中加水，改变水的初始深度便可解决问题，请在图己中画出改变后液面的位置。14．安安连接如图甲所示电路，探究“串联电路电流规律”。（1）连接电路时，开关应处于状态。闭合开关，灯泡L1、L2均不亮，电流表无示数。用电压表对电路进行检测，结果如表1所示，则两灯不发光的原因可能是。表1测试点abcdefgh电压表示数无示数无示数有示数无示数（2）排除故障后，改变电流表在电路中的位置多次实验，电流表示数均如图乙所示，此时电路中各处的电流均为A。改变电源电压重复实验，得到实验规律。【拓展实验】安安整理器材时，发现灯泡L1铭牌磨损。已知实验室有“1.5V，0.3A”“2.5V，0.3A”“3.8V，0.3A”三种规格的灯泡。为确定L1规格，连接图丙电路进行实验。（3）闭合开关前，滑动变阻器的滑片应滑到最端（选填“左”或“右”）。闭合开关，调节滑动变阻器，使电压表的示数分别为1.5V、和3.8V，记录电流表示数。根据实验数据绘制灯泡L1的U-I图像如图丁。分析数据可知，灯泡L1的规格为“”。（4）为了完成三次实验，且保证元件安全，滑动变阻器的最大阻值不得小于。（5）分析图像可知，通过L1的电流与其两端电压不成正比，原因是。四、物理学与工程实践15．深圳雨季湿度高，为监测深圳雨季仓储湿度，设计电路如图。电源电压恒为6V，R0为阻值1000的定值电阻，R为湿敏电阻。表格中是湿敏电阻阻值随空气相对湿度RH的变化关系。空气相对湿度RH/%203040506070湿敏电阻R/50004000300020001000500（1）当电流计示数为2mA时，求此时的空气相对湿度。（2）若库房内空气相对湿度为20%，求电路工作100s定值电阻R0消耗的电能。16．2025年11月，我国首艘电磁弹射型航母“福建舰”入列，满载排水量达。（=，g取10N/kg）（1）福建舰满载漂浮在海面上时，求其所受浮力大小。（2）演练中，福建舰以16m/s的航速匀速直线航行，所受阻力为其满载时总重力的0.01倍。求福建舰的输出功率。（3）福建舰上的舰载机执行任务时，完全燃烧100kg煤油，其所释放热量的60%转化为机械能。若舰载机以的牵引力水平匀速飞行，求可连续飞行的距离。五、物理学与项目学习17．《墨经》中记载了世界上最早的小孔成像实验。某物理小组为探究成像技术的演进，先复原小孔成像实验，再制作照相机模型（凸透镜焦距f=10cm）。备选器材：不同直径和长度的纸筒、黑色和白色卡纸、宣纸、透明塑料膜、F型光源、不同小孔的遮光板。请完成下列探究：【项目一小孔成像模型】（1）用如图所示遮光板完成小孔成像实验。为探究像的形状与小孔形状是否有关，需再选两块遮光板进行探究，最合理的是___________。A.B.C.D.（2）小组在教室日常环境中实验时，发现小孔成像亮度低。请写出一条优化建议：________。【项目二照相机模型】（3）制作照相机模型时，需选用长度合适的外纸筒调节像距，使成像膜上成倒立、缩小的实像。现有长度分别为5cm、10cm、20cm的三种纸筒，最合适的是________cm的纸筒。（4）为清晰地承接像，且便于观察，成像膜的材料应选___________（填字母）。A.黑色不透光卡纸B.白色不透光卡纸C.半透明宣纸D.全透明塑料膜（5）若要拍摄更远的景物，且保持成像清晰，应将纸筒________（选填“向内缩短”或“向外拉长”）。（6）某小组用上述相同的器材制作照相机模型，发现无论怎么调节纸筒长度，都无法在成像膜上观察到清晰的像，请写出一条可能的原因：________。18．某校项目式学习小组走进宝安能源生态园，开展主题探究。【项目主题】探究垃圾焚烧发电中的物理奥秘【项目背景】宝安能源生态园采用自主研发的倾斜多级往复式炉排炉，实现垃圾高效、无害化焚烧与资源化发电。【活动一展厅研学】（1）生态园将烟气实时监测数据（如粉尘浓度）展示在大屏幕上。粉尘的运动（选填“属于”或“不属于”）分子热运动。（2）垃圾池采用“负压技术”，其内部气压（选填“高于”“低于”或“等于”）外部大气压，使空气始终从（选填“池外流向池内”或“池内流向池外”），防止异味外溢。【活动二车间探秘】（3）园区日处理垃圾9000吨，每吨垃圾平均发电580kW·h。不计能量损失，每日供电量约为kW·h，可供额定功率为2000W的空调连续正常工作h。（4）垃圾主燃区维持1200℃以上高温可抑制二噁英等有毒气体生成，故需保证充足的通风量。某烟气净化系统内部通道的横截面积为5m2，风机入口处需维持至少48.6Pa的气压差Δp才能有效集气。则风机每秒至少需要吸入m3的气体。若该风机的电机工作效率为81%，不计气体的泄漏与能量损耗，要维持上述有效集气状态，风机电机每秒至少消耗电能J。（已知通道内气体流速v与气压差Δp的关系可简化为：，ρ空气=1.2kg/m3）【活动三拓展应用】（5）有人提出“焚烧技术先进，无需垃圾分类”的观点。请结合表1数据，从提高垃圾焚烧发电转化效率的角度，提出你的观点并说明理由：。表1常见垃圾的平均热值垃圾类型热值（×106J/kg）塑料类20.0报纸类16.0织物类15.0橡胶类28.0厨余垃圾（湿基）2.0

答案1．【答案】C【解析】【解答】结合吉祥物“喜洋洋”和演员的合影来判断高度：合影中吉祥物“喜洋洋”的高度高于演员，而普通演员的身高大约在1.65m到1.9m之间，以此估测可得吉祥物的高度约为综合以上分析可知，只有C选项符合估测结果，ABD都不符合题意。

故选C。

【分析】长度估测解题思路：选取生活中熟悉的物体尺寸作为参照（成年人身高、课桌、课本等），对比待测物体大小，估算出合理数值。2．【答案】A【解析】【解答】A．手指按弦的位置发生改变时，弦参与振动的部分长度会随之改变，进而弦振动的频率发生变化，最终改变声音的音调，因此A正确；B．大提琴的琴声是琴弦振动产生的，空气仅起到传播声音的作用，不是声音的产生源，因此B错误；C．声音在介质中的传播速度仅由介质的种类和温度决定，和声音响度的大小没有关系，增大琴声的响度并不会加快声音的传播速度，不会让观众更早听到琴声，因此C错误；D．从环境保护的角度定义噪声：凡是影响人们正常休息、学习、工作，对人们要听的声音产生干扰的声音都属于噪声。即便是优美悦耳的琴声，如果出现在不合适的场景中，也会满足噪声的定义，成为噪声，因此D错误；故选A。【分析】1、音调由振动频率决定：弦越短、越细、绷得越紧，振动频率越高，音调越高，按弦改变振动弦长，改变音调；

2、声音产生条件：物体振动，介质仅负责传播声音；

3、声速影响因素：介质种类、温度，响度、音调不改变传播速度；

4、噪声两层定义：物理学上无规则振动的声音；环保上干扰人们正常活动的声音，乐声扰民也属于噪声。3．【答案】D【解析】【解答】A．LED灯的核心发光材料是半导体，并不是超导体，因此A错误；B．LED灯工作过程中，电能除了转化为光能外，还有一部分电能会转化为内能，无法将电能全部转化为光能，因此B错误；C．我们看到的水雾是液态的小水珠，水蒸气是气态的无色透明物质，无法用肉眼直接观察到，因此C错误；D．水雾消失是液态水吸热变为气态水蒸气的过程，这个物态变化属于汽化，汽化过程需要吸收热量，因此D正确。故选D。【分析】1、材料区分：半导体用于LED发光二极管；超导体电阻为零，无发热损耗，二者用途不同；

2、能量转化：LED属于节能光源，但仍存在发热损耗，光电转化效率小于100%；

3、物态辨析：水蒸气无色看不见，生活中白气、水雾都是液化形成的液态小水滴；

4、汽化特点：物质由液态变为气态，包含蒸发、沸腾两种形式，全过程持续吸热。4．【答案】C【解析】【解答】A．“飞天屏”为了减轻重量，满足飞行悬浮的需求，制作材料需要选用密度较小的材料，不能选择密度较大的材料，因此A错误；B．惯性是物体本身固有的属性，所有物体在任何运动状态下都具有惯性，惯性的存在和物体运动状态无关，因此B错误；C．根据牛顿第一定律可知，当物体不受任何外力作用时，它会保持原来的运动状态不改变。原本匀速上升的“飞天屏”，在所有外力都消失后，会保持原来的速度继续做匀速上升运动，因此C正确；D．电池在充电的过程中，是把外界输入的电能转化为化学能存储在电池内部；只有电池放电的时候，才是将储存的化学能转化为电能，因此D错误。故选C。

【分析】1、密度应用：体积相同时，密度越小，物体质量越小，飞行器、浮空设备优先选用低密度材料减重；2、惯性核心知识点：惯性只由质量决定，所有物体任何状态都有惯性，不存在“运动才有惯性、静止无惯性”的说法；

3、牛顿第一定律（惯性定律）：不受外力时，静止物体保持静止，运动物体保持匀速直线运动；

4、蓄电池能量转化：充电属于用电器，电能→化学能；放电属于电源，化学能→电能。5．【答案】【解析】【解答】“飞天屏”悬停在空中，受力平衡，若忽略空气阻力，它仅受到两个力的作用：一是竖直向下的重力，二是竖直向上的升力，这两个力大小相等、方向相反，是一对平衡力，两个力的作用点都在重心O处，作图结果如下：【分析】1、平衡状态判断：物体静止或匀速直线运动时受力平衡，本题悬停静止，合力为0；

2、平衡力四要素：同体、等大、反向、共线；受力分析要点：整体法将飞行器+屏幕看作一个整体，忽略空气阻力，无水平方向力，仅竖直方向重力与升力；

3、力的示意图规范：作用点统一画在重心，力的线段长度相等，箭头标注方向，旁边标注力的符号G、F。6．【答案】A【解析】【解答】A：太阳能能够源源不断从自然界中获得，因此属于可再生能源，故A正确。B：光在同种均匀介质空气中是沿直线传播的，故B错误。C：语音识别技术是依靠声音来传递操作指令信息，利用的是声音可以传递信息的特性，并不是利用声音传递能量，故C错误。D：蓝牙信号属于电磁波，它在空气中的传播速度等于光速，约为；而是声音在空气中的传播速度，故D错误。故选A。【分析】1、能源分类：可再生能源可循环再生（太阳能、风能、水能）；不可再生能源消耗后短时间无法再生（煤、石油、核能）。

2、光的传播规律：光仅在同种、均匀介质中沿直线传播；介质不均匀时光会发生偏折。

3、声音的两大作用：传递信息（语音识别、听诊器、回声定位）；传递能量（超声波清洗、碎石）。

4、电磁波与声波速度区分：电磁波（光、蓝牙、WiFi）真空/空气中速度m/s；声波依靠介质传播，15℃空气中声速340m/s，真空不能传声。7．【答案】B【解析】【解答】A．刮痧过程中涂抹药油，能够让刮痧片和皮肤两个接触面隔开，以此减小摩擦力，避免摩擦过大对皮肤造成损伤，因此A选项描述正确，不符合题意；B．滑动摩擦力的大小仅由压力大小和接触面粗糙程度两个因素决定，和滑动速度无关。因此增大刮痧片的滑动速度，颈部受到的滑动摩擦力不会发生变化，B选项描述错误，符合题意；C．根据压强公式，如果保持刮痧的压力不变，换用更厚的刮痧片后，刮痧片和颈部的接触受力面积会增大，对应的压强就会减小，因此C选项描述正确，不符合题意；D．刮痧的时候，刮痧片和颈部相互摩擦，需要克服摩擦做功，这个过程会将机械能转化为内能，属于通过做功的方式改变颈部的内能，让颈部温度升高发烫，因此D选项描述正确，不符合题意；故选B。

【分析】1、滑动摩擦力影响因素：控制压力相等的情况下，接触面表面越粗糙，滑动摩擦力越大；控制接触面粗糙程度相等的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大。

2、改变物体内能的方式有做功和热传递，如钻木取火、搓手取暖属于做功改变物体内能，用酒精灯热水属于热传递改变物体内能。

3、压强的计算公式：P=F/S，增加压强的方式有增加压力、减小受力面积、减小压强的方式有减小压力，增加受力面积。8．【答案】D【解析】【解答】A．在磁体的外部，磁感线才是从N极出发，最终回到S极，磁场方向是小磁针静止时N极所指的方向，该选项描述不符合磁场方向的规律，因此A错误；B．电动机的工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用，电流的磁效应指的是电流可以产生磁场，电磁铁就是利用这一原理工作的，二者的工作原理并不相同，因此B错误；C．当直流电动机的线圈转到平衡位置时，依靠惯性可以继续转动，同时换向器也会及时改变线圈中的电流方向，因此线圈会持续转动，不会立刻停下，因此C错误；D．通电导体在磁场中受力的方向由电流方向和磁场方向共同决定。如果只对调电源正负极，也就是改变了电流方向，通电导体的受力方向就会发生改变，对应的线圈转动方向也会随之改变，原本顺时针转动就会变成逆时针转动，因此D正确。故选D。【分析】1、磁场与磁感线：磁感线闭合曲线，外部N→S、内部S→N；某点磁场方向=小磁针静止N极指向。

2、电磁三大原理区分：电流磁效应（电生磁）：奥斯特实验、电磁铁；通电导体在磁场受力（电动力）：电动机；电磁感应（磁生电）：发电机。

3、直流电动机换向器作用：线圈过平衡位置时自动切换电流，保证持续同向转动，惯性辅助线圈越过平衡位置。受力方向变化规律：单独改变电流或磁场方向，受力反向；二者同时改变，受力方向不变。9．【答案】【解析】【解答】由电饼铛的工作要求可知，发热管和电动机都可以独立工作、互不影响，因此二者为并联连接；同时要求发热管不能独立工作，只有电动机工作后才能工作，这说明需要一个干路开关控制整个电路，另外需要一个单独的支路开关控制发热管所在支路，最终电路图如下所示：

【分析】1、串并联区分：并联用电器两端直接接电源两极，支路通断互不干扰；串联用电器互相牵制，一个断路全部停止工作。本题电动机、发热管可单独运行，故并联。

2、开关控制规律：

干路开关：控制全部用电器；

支路开关：只控制本支路用电器。

3、发热管不能独立工作，意味着发热管支路开关无法单独接通电源，必须依靠干路开关先接通电动机支路，因此总开关设在干路，发热管支路增设独立开关。10．【答案】（1）增大（2）0（3）不要长时间低头【解析】【解答】（1）在该杠杆模型中，阻力等于头部的重力，其大小始终不变；阻力臂是支点到重力作用线的垂直距离，结合几何关系可得阻力臂满足。当低头角度增大时，随之增大，因此阻力臂也会增大；颈部肌肉的拉力是动力，题目说明动力始终垂直于，因此动力臂的大小保持不变。根据杠杆平衡条件，变形可得，因此随着增大，颈部肌肉的拉力会逐渐变大。（2）当低头角度时，也就是头部保持竖直不低头的状态，此时，因此阻力臂。将其代入杠杆平衡条件，可得拉力。（3）低头角度越大，颈部肌肉拉力越大，越易损伤颈肌，所以不要长时间低头；

【分析】1、力臂定义：支点到力作用线的垂直距离；动力垂直杠杆时，动力臂等于杠杆长度，全程不变。

2、阻力臂变化规律：头部倾斜角度越大，重力作用线离支点越远，阻力臂变长。

3、杠杆平衡公式定量分析：阻力、动力臂不变，阻力臂增大则动力必然增大。

4、生活应用：低头看手机时颈椎杠杆受力大幅增加，长期低头易引发颈椎病，对应物理原理解释健康常识。

5、特殊状态：头部完全竖直时，重力过支点，阻力臂为零，颈部肌肉无需拉力即可支撑头部。（1）阻力为头部重力，大小不变；阻力臂为支点到重力作用线的垂直距离，由几何关系，阻力臂，低头角度增大时，阻力臂增大；动力为拉力，且始终垂直于，动力臂大小不变；根据杠杆平衡条件可知，拉力会逐渐增大。（2）当低头角度时，阻力臂，由杠杆平衡条件，可得拉力。（3）低头角度越大，颈部肌肉拉力越大，越易损伤颈肌，所以不要长时间低头（或保持头部竖直，减小低头角度等，合理即可）。11．【答案】相互的；向下；3.5【解析】【解答】手击排球时，手对排球施加力的同时，排球也会对手产生一个反作用力，因此手会感觉到疼痛，这一现象说明物体间力的作用是相互的；阻力的方向始终与物体相对运动的方向相反，排球在上升过程中相对运动方向向上，因此排球受到的空气阻力方向为竖直向下；

排球上升过程中，重力和空气阻力的方向都是竖直向下，根据同一直线上同方向二力合力的计算方法，合力大小等于两个力的大小之和，计算可得：；

【分析】1.力的相互性：一个物体对另一个物体施加力的作用时，必然会受到另一个物体施加的反作用力，作用力与反作用力同时产生、大小相等。

2.阻力判断依据：阻力阻碍物体的相对运动，方向与物体相对运动方向相反；排球下落时相对运动方向向下，空气阻力则竖直向上。3.同一直线二力合成规律：同向二力：合力大小等于两力相加，合力方向与两力方向相同；反向二力：合力大小等于两力差值，合力方向与较大力方向相同。12．【答案】不守恒；1J；4J＜E＜5J【解析】【解答】从图中可以看出，小球每次弹跳的高度会逐渐降低，这说明小球在运动过程中机械能不断损耗减少，因此整个运动过程中小球的机械能并不守恒。重力势能的大小由物体质量和所处高度共同决定，题目中的①、③两点高度相同，小球质量不变，因此①、③两点的重力势能大小相等；根据乙图可知，①点的重力势能为1J，因此③点的重力势能也为1J。由于整个过程中小球机械能不断损耗，运动时间越久损失的机械能越多，因此可得；机械能等于动能与重力势能之和，根据乙图数据，③点动能为3J，重力势能为1J，因此③点总机械能为4J，代入机械能大小关系可得。

【分析】1.机械能守恒判断依据：只有动能和势能相互转化，无空气阻力、摩擦损耗时机械能才守恒；小球弹跳高度下降，说明克服空气阻力、地面摩擦消耗机械能，机械能总量减小。2.重力势能影响因素：质量、高度，质量不变时，同一高度处重力势能相等，与运动先后顺序无关。

3.机械能变化规律：小球运动过程持续损耗机械能，位置出现越早，剩余机械能总量越大。4.机械能计算：机械能=动能+重力势能，通过③点动能、势能算出总机械能，结合①点总机械能5J，确定中间位置机械能取值范围。13．【答案】（1）液柱的高度（2）丙（3）＜；深度；寻找普遍规律/避免偶然性（4）探头排开液体使水位上升，实验中无法控制深度相同（探头放入后）；【解析】【解答】（1）该简易压强计利用了转换法，通过液柱的高度（或液柱上升的高度）来反映液体压强的大小。橡皮膜受到的压强越大，瓶内空气被压缩得越厉害，液柱上升得越高。

（2）要探究“深度相同时，液体密度越大，压强越大”，需要控制深度相同，改变液体密度。图乙中是盐水，因此需要和图丙（水，深度与乙相同）对比，才能得出结论。（3）探头在丁图中的深度比丙图深，同种液体中深度越大压强越大，因此​；比较丙、丁可知：在同种液体中，液体压强随深度的增加而增大；多次改变探头深度重复实验的目的是：避免实验偶然性，寻找普遍规律。（4）实验设计存在缺陷：两个容器高低不同，探头置于容器底部时，两处探头的液体深度不一致，未遵循单一变量原则；改进方案：向两个容器内加注液体至液面齐平，此时探头落在容器底部时，浸入液体深度完全相等，满足对照实验条件。

【分析】1.转换法实验思路：液体压强无法直接观测，利用液柱高度差直观体现压强大小，压强越大，液面高度差越大。2.控制变量法应用：探究液体密度对压强的影响时，固定深度不变；探究深度对压强的影响时，固定液体密度不变，保证单一变量。3.液体压强规律：同种液体，深度越深，压强越大；同一深度，液体密度越大，压强越大。

4.多次实验的作用：单次实验存在偶然性，多次实验可以排除偶然因素，总结具有普遍性的物理规律。5.实验设计易错点：对比实验必须保证除研究变量外其余条件全部一致，容器高度不同时，仅将探头放底部无法保证深度相等，加满液体可统一深度。（1）该简易压强计利用了转换法，通过液柱的高度（或液柱上升的高度）来反映液体压强的大小。橡皮膜受到的压强越大，瓶内空气被压缩得越厉害，液柱上升得越高。（2）要探究“深度相同时，液体密度越大，压强越大”，需要控制深度相同，改变液体密度。图乙中是盐水，因此需要和图丙（水，深度与乙相同）对比，才能得出结论。（3）探头在丁图中的深度比丙图深，同种液体中深度越大压强越大，因此​；比较丙、丁可知：在同种液体中，液体压强随深度的增加而增大；多次改变探头深度重复实验的目的是：避免实验偶然性，寻找普遍规律。（4）不合理之处：当探头浸入容器底部时，两个容器中探头所处的深度不同，没有控制深度相同，变量不唯一；修正方法（图己中液面位置）：在两个容器中加满水，这样探头在容器底时的深度就相同了。如图所示：14．【答案】断开；断路；0.3；右；2.5V；3.8V，0.3A；28.125；灯丝电阻随温度升高而变大【解析】【解答】（1）连接电路时，为了避免接线错误损坏电路元件，需要将开关保持断开状态。

闭合开关后，两只灯泡都不发光，电流表也没有示数，说明电路发生了断路故障。把电压表接在、、之间时电压表都没有示数，说明这些位置到电源正负极之间的电路是断开的；而接在ef之间时电压表有示数，说明此时电压表的两个接线柱可以连通到电源两极，因此故障就是ef之间断路，也就是灯泡L2断路。

（2）本实验中电流表选择的是量程，该量程的分度值为0.02A，读数可得指针对应示数为0.3A；串联电路中各处电流相等，

（3）闭合开关前，需要将滑动变阻器的滑片调到最大阻值处，也就是本电路的最右端，这么做的目的是保护电路。

本实验使用三个额定电压分别为1.5V、2.5V、3.8V的灯泡依次进行实验，因此更换灯泡后，需要调节滑动变阻器，让电压表的示数分别等于灯泡的额定电压，也就是1.5V、2.5V、3.8V，再记录对应的电流。

从图丁的U-I图象可以得到，当电压为额定电压3.8V时，对应的电流为0.3A，符合“3.8V0.3A”的规格，因此L1的规格就是“3.8V0.3A”。

（4）电源电压为6V，当接入额定电压为1.5V的灯泡时，灯泡正常发光，滑动变阻器两端的电压为，此时电路电流为I=0.16A，根据欧姆定律，可得滑动变阻器接入电路的阻值为：

因此滑动变阻器的最大阻值不能小于28.125Ω

（5）L1的电流和两端电压不成正比，U-I图像不是直线，原因是灯丝的电阻会随温度升高而增大，灯泡两端电压越大，灯丝的实际功率越大，温度越高，电阻也就越大，因此图像逐渐弯曲。

【分析】1.电路连接规范：接线时断开开关是基础操作，避免短路瞬间大电流损坏电表、灯泡等元件。

2.断路故障判断方法：串联电路无电流为断路；电压表有示数说明电压表两端到电源通路完好，故障在电压表两接线柱之间。

3.串联电路电流规律：串联回路中任意位置电流大小相同；电流表读数需先确认量程与分度值。

4.滑动变阻器使用规则：闭合开关前调至最大阻值限流；更换不同额定电压灯泡后，需重新调节滑片使灯泡达到额定电压。

5.串联分压与欧姆定律：电源电压等于各用电器电压之和，结合欧姆定律可算出滑动变阻器所需最小最大阻值。

6.灯丝电阻特性：灯丝为金属导体，温度越高电阻越大，电压升高功率增大、温度上升，电阻持续变化，因此U-I图像不是过原点的直线。15．【答案】（1）解：根据欧姆定律，电路的总电阻为此时湿敏电阻的阻值为对照表格数据，阻值2000Ω对应的空气相对湿度为50%。（2）解：空气相对湿度为20%时，对照表格得湿敏电阻阻值，电路的总电阻为电路中的电流为定值电阻消耗的电能【解析】【分析】（1）根据欧姆定律计算电路的总电阻，此时湿敏电阻的阻值为，对照表格数据分析空气相对湿度；50%。（2）空气相对湿度为20%时，对照表格得湿敏电阻阻值，电路的总电阻为，结合欧姆定律计算电路中的电流为，结合电功公式计算定值电阻消耗的电能。（1）根据欧姆定律，电路的总电阻为此时湿敏电阻的阻值为对照表格数据，阻值2000Ω对应的空气相对湿度为50%。（2）空气相对湿度为20%时，对照表格得湿敏电阻阻值，电路的总电阻为电路中的电流为定值电阻消耗的电能16．【答案】（1）解：已知航母满载时的总质量航母所受浮力（2）解：由于航母漂浮，根据漂浮条件得航母匀速直线航行时，水平方向受力平衡，牵引力等于阻力福建舰的输出功率（3）解：煤油完全燃烧释放的热量获得的机械能由得，可连续飞行的距离为【解析】【分析】（1）航母受到的浮力等于派开水的重力，即；（2）由于航母漂浮，根据漂浮条件得重力等于浮力，即，航母匀速直线航行时，牵引力等于阻力，福建舰的输出功率；（3）煤油完全燃烧释放的热量，获得的机械能，由得连续飞行的距离。17．【答案】(1)B，C

(2)在较暗环境中实验

(3)20

(4)C

(5)向内缩短

(6)被拍摄物体到凸透镜的距离（物距）小于1倍焦距，凸透镜无法成实像【解析】【解答】（1）若要探究像的形状和小孔形状是否有关，需要控制小孔的大小一致，只改变小孔的形状，因此需要再选择BC两块遮光板完成该探究。（2）在日常教室环境中实验时，小孔成像的亮度较低，可以通过将实验放在较暗环境中进行等方式，提升小孔成像的亮度。（3）照相机的成像原理是：当物距时，凸透镜成倒立、缩小的实像，此时像距满足。已知凸透镜焦距f=10cm，因此可得像距范围为，因此选择长度为20cm的纸筒最为合适。（4）本实验需要在内纸筒的右侧观察成像膜上的像，因此成像膜需要能够透光；如果成像膜完全不透明，无法观察到像，如果完全透明，几乎无法分辨出像，因此应当选择半透明的宣纸，即C符合要求，ABD不符合要求。故选C。（5）凸透镜成实像时，遵循“物远像近像变小”的规律：物体距离凸透镜越远，所成的像距离凸透镜越近，像也越小。因此如果要拍摄更远的景物，想要