新版2026年中考物理真题完全解读（新疆卷）

新疆2026年中考物理真题完全解读试卷总评试卷总评2026年新疆维吾尔自治区、新疆生产建设兵团初中学业水平考试物理试卷满分90分，与化学合卷共150分，考试时间120分钟。试卷结构为：单项选择题12题(1-12),每题2分，共24分；填空题4题(13-16),每空1分，共26分；作图题1题(17),每图2分，共6分；实验与探究题3题(18-20),每空2分、作图2分，共24分；计算题2题(21-22),每题5分，共10分。试卷整体难度适中，以基础性为主，兼顾综合性、应用性和创新性。选择题侧重基础知识的识记与理解：填空题注重概念辨析和简单应用；作图题考查基本作图技能；实验探究题突出科学探究能力；计算题强调综合运用知识解决实际问题。试卷对物理学科核心素养的整体覆盖情况良好：物理观念(物质、运动和相互作用、能量观念)、科学思维(模型建构、科学推理)、科学探究(实验操作与数据分析)、科学态度与责任(传统文化、科技前沿、地方特色等情境素材)均有体现。能源分类、第5题白鹤滩水电站、第6题测电笔使用、第14题乌鲁木齐舰、第15题哈密能源基地，二、地方特色与家国情怀：融入新疆地方特色和我国重大成就。第3题李白写天山诗句、第13题《天工开物》、第14题乌鲁木齐舰、第15题哈密能源基地，既考查物理知识，又增强文化自信和爱国情怀。三、考查方式综合化：试题注重知识间的内在联系。如第13题热学与力学综合、第14题热机与声现象和电磁波综合、第16题电学光学杠杆综合、第22题压强与浮力综合，考查学生的综合分析与知识四、能力考查层次化：试题梯度清晰，既覆盖基础能力，又通过开放性、探究性设问考查高阶思维。第1-12题基础识记，第13-17题概念辨析与应用，第18-20题实验探究，第21-22题综合计算。设计望远镜、制作杆秤等动手实践活动与物理知识结合，符合新课标理念。考情分析考情分析能源、文化)和我国重大成就情境，引导学生运用物理知识解决实际问题。三、聚焦思维培养，提升探究能力：试题将进一步强化对逻辑推理、探究创新等高阶思维能力的考查，实验探究题向数据分析、方案评估、开放设计方向发展。科技前沿、国防教育等素材，实现立德树人的根本任务。知识点1学校音乐社团声音的特性(响度)2能源分类3李白诗句45白鹤滩水电站电磁感应6家庭电路安全用电7荡秋千8课桌受大气压力9浮力电功率动态分析圆柱体切割电路动态分析强/惯性综合填空热机/超声波/电磁波/流综合填空哈密能源基地射综合填空串联电路/电阻/电功率/综合填空凹透镜/重力/安培定则沸腾特点实验探究密度计制作实验探究电流与电压关系欧姆定律/控制变量法实验探究电热计算欧姆定律/焦耳定律液体压强/浮力/密度力学7,9,11,13(运动/压强/惯性),16(杠杆),17(重力),22约31%光学3,4,15(反射),16(望约13%概念辨析、作图技能远镜),17(凹透镜)热学2,13(凝固/热值),14(热机),18概念辨析、实验探究电学5,6,10,12,16(电学),实验探究、综合计算声现象1,14(超声波)磁学5,17(安培定则)综合应用核心备考策略1.回归教材，夯实基础：梳理核心概念、公式、定理的内在联系，重点关注声现象、光现象、物态变化、力学基本概念、电学基本规律、压强与浮力。2.专项突破，强化训练：针对高频考点和薄弱环节进行专项训练，如浮力与压强综合题、电功率与欧姆定律综合题、实验探究数据分析题，3.建立思维模型：归纳典型问题的分析思路和解题模板，如浮力问题”浮沉条件+阿基米德原理”、电功率问题"电路分析+公式选择"。4.关注情境应用：练习从真实情境中提取物理模型的能力，特别关注新疆地方特色、传统文化、科技前沿类情境。5.注重规范表达：训练解题过程的规范书写和逻辑表达，特别是计算题的公式书写、单位换算和结果避坑提醒1.概念混淆：警惕相似概念辨析，如音调与响度(第1题)、晶体与非晶体(第13题)、电磁感应与电流磁效应(第5题)。2.条件遗漏：注意题目中的隐含条件，如灯丝电阻随温度升高而增大(第16题)、水的沸点与气压有关(第18题)。3.计算失误：注意单位换算(cm→m、min→s)、有效数字和公式适用条件。5.实验规范：牢记实验操作规范，如组装器材顺序(自下而上)、滑动变阻器初始位置(阻值最大处)。以下为逐题解读，每题依次包含原题、答案、命题透视、解析与详解、易错点、知识总结。物理(满分90分)▶链接教材：人教版物理八年级上册"声现象"章节▶命题分析：以学校音乐社团演奏为真实情境，考查声音的特性。通过”增大击鼓力度”这一操作，考查学生对响度与振幅关系的理解，体现物理与生活的紧密联系。【详解】A.音调由发声体振动的频率决定，击鼓力度大小不会改变鼓面振动的频率，故A不符合题意；B.响度与发声体振动的振幅有关，增大击鼓力度会使鼓面振动的振幅变大，从而增大声音的响度，故BC.音色由发声体的材料、结构等自身特性决定，击鼓力度不会改变鼓的音色，故C不符合题意；D.声音在空气中的传播速度由介质种类和温度等因素决定，与击鼓力度无关，故D不符合题意。误认为"力度"改变的是音调(混淆音调与响度);不理解响度与振幅的对应关系；将声音传播速度与声①核心概念定义：声音的三个特性：音调(由频率决定)、响度(由振幅决定)、音色(由发声体材料和结构决定),②解题要点：增大击鼓力度→鼓面振幅增大→响度增大；音调由频率决定，与力度无关；音色由乐器2.下列属于新能源的是()A.煤B.石油C.太阳能D.天然气C.太阳能是目前正在积极开发和推广的能源，足够便宜、技术成熟、且安全、清洁，属于新能源，故C将化石燃料误判为新能源；不理解“新”是指开发利用的时间和技术水平，而非物质本身的新旧。【知识总结】②解题要点：判断能源类型时，看其是否属于传统化石燃料：太阳能是目前技术成熟、清洁安全的新③拓展关联：关联课标”了解能源的分类”,以及新疆地区太阳能资源丰富的地理优势。3.诗人李白有描写天山的诗句“五月天山雪，无花只有寒”。雪的形成是由于水蒸气发生了()【答案】D▶命题分析：以李白诗句”五月天山雪，无花只有寒”为传统文化情境，考查凝华现象。将古典诗词与物理知识融合，体现学科育人价值。【详解】雪是空气中的水蒸气遇冷形成的小冰晶，水蒸气直接由气态变为固态，发生了凝华，故D符合题①核心概念定义：凝华：物质从气态直接变为固态的过程，放热；凝固：液态→固态；液化：气态→②解题要点：雪是空气中的水蒸气遇冷直接变成小冰晶，属于凝华：注意”直接”二字，不经过液态。4.圭表是我国古代的天文仪器。通过观察正午时表在圭上影子的长度变化来判断节气，这是利用了光的▶命题分析：以圭表这一古代天文仪器为传统文化情境，考查光的直线传播。通过我国古代科技成就，增强文化自信，体现物理学科的人文价值。【详解】影子是由于光在同种均匀介质中沿直线传播，当光遇到不透明的表时，在圭的背光面形成暗区域，圭表通过影子长度变化判断节气，利用了光的直线传播，故选A。将影子形成与光的反射、折射混淆；不理解光沿直线传播是影子形成①核心概念定义：光在同种均匀介质中沿直线传播；影子是光沿直线传播遇到不透明物体时，在物体背面形成的暗区。②解题要点：圭表利用影子长度变化判断节气，本质是光的直线传播；与光的反射(镜面成像)、折射(水中筷子弯折)区分。③拓展关联：关联课标”了解光的直线传播”,以及我国古代天文仪器中的物理原理。5.白鹤滩水电站安装了目前全球单台发电功率最高的水轮发电机，发电机的工作原理是()C.磁场对通电导线的作用D.电磁感应【答案】D▶命题分析：以白鹤滩水电站为科技前沿情境，考查发电机的工作原理。通过我国重大工程成就，激发学生的民族自豪感。【详解】电磁感应现象是指闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，发电机正是利用这一原理，将机械能转化为电能，故选D.将电磁感应与磁场对通电导线的作用混淆：不理解发电机与电动机的原理区别(发电机：磁生电：电动①核心概念定义：电磁感应：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中产生感应电流；发电机原理：电磁感应，将机械能转化为电能。②解题要点：发电机利用电磁感应原理；电动机利用磁场对通电导线的作用原理(通电导体在磁场中受力运动),③拓展关联：关联课标”了解电磁感应现象”,以及我国水电站建设的科技成就。6.正确使用如图所示的测电笔时，笔尖接触被测导线，手必须接触()A.金属笔尖B.塑料套管C.塑【答案】D▶命题分析：以测电笔的正确使用为家庭电路情境，考查安全用电常识。通过生活常见工具的使用，强调物理知识的实用性。【详解】A.金属笔尖接触被测导线，若手接触金属笔尖，会导致流过人体的电流过大，发生触电危险，BC.塑料套管、塑料笔杆是绝缘体，手接触塑料套管或塑料笔杆时，无法形成闭合通路，测电笔无法正常工作，故BC不符合题意；D.金属笔卡是导体，正确使用测电笔时，手接触金属笔卡可以形成闭合通路，使测电笔正常工作检测导线，故D符合题意。误认为手应接触金属笔尖；不理解测电笔工作原理(通过人体形成回路);将绝缘体与导体的应用场景①核心概念定义：测电笔工作原理：笔尖接触被测导线，手接触金属笔卡，若氖管发光则为火线；电流经笔尖→电阻→氖管→人体→大地形成回路。②解题要点：正确使用测电笔：手必须接触金属笔卡(尾端),不能接触金属笔尖(前端触电危险);塑料部分是绝缘体。7.小赵同学荡秋千时，从高处摆向低处的过程中，他的()A.重力势能增大、动能增大B.重力势能减小、动能减小C.重力势能减小、动能增大D.重力势能增大、动能减小【答案】C【命题透视】【解析】【详解】重力势能的大小与质量和高度有关，小赵从高处摆向低处时，质量不变，高度降低，重力势能减小；动能的大小与质量和速度有关，摆向低处过程中，小赵同学的速度增大，质量不变，动能增大，故ABD不符合题意，C符合题意。故选C。将重力势能与动能的变化趋势判断反；不理解高度降低重力势能减小、速度增大动能增大；误认为机械能守恒(实际有空气阻力)。①核心概念定义：重力势能：与质量和高度有关，E重=mgh;动能：与质量和速度有关，E动=mv²;机械能=动能+势能。②解题要点：从高处摆向低处：高度↓→重力势能↓;速度↑→动能1:注意实际中因空气阻力机械能略有减小。③拓展关联：关联课标”了解动能和势能的转化”,以及单摆、过山车等类似情境。8.教室里，一张单人课桌的桌面受到大气的压力约为()【答案】A【命题透视】▶命题分析：以课桌受大气压力为估算情境，考查压强公式F=pS的应用。通过日常物品的物理估算，培养学生的量纲意识和估算能力，【解析】【详解】已知标准大气压p=1×105Pa,单人课桌桌面长约0.6m,宽约0.4m,则桌面面积根据压强公式一张单人课桌的桌面受到大气的压力故选A。【易错点】大气压数值记忆错误(1×10Pa);课桌面积估算错误；单位换算失误(cm²→m²)。【知识总结】①核心概念定义：压强公式：p=F/S,变形F=pS:标准大气压约1×105Pa;课桌面积约0.1m²(长约②解题要点：估算题关键是记住常见物理量的大致数值：大气压10Pa,课桌面积0.1m²,则③拓展关联：关联课标”了解压强”,以及生活中大气压的应用(吸盘、吸管等)。9.如图所示，用动滑轮向上匀速提升物体，不计绳重和摩擦。提升某物体时，拉力F为10N,动滑轮的机械效率为60%;提升另一物体时，动滑轮的机械效率为80%,此时拉力F为()A.16NB.20N【答案】B【命题透视】▶命题分析：以木球和铜球在水中的浮沉为情境，考查阿基米德原理和浮沉条件。通过对比两种不同材料的球，考查学生对浮力大小的判断。【解析】【详解】由图可知，该动滑轮承担物重的绳子段数n=2,即拉力移动距离s=2h,不计绳重和摩擦，机械效率为第一次提升物体的重力G=2Fη=2×10N×60%=12N当机械效率72=80%时，不计绳重摩擦，机械效率为另一物体的重力此时拉力【易错点】误认为上浮的物体受到的浮力大；不理解V排的大小决定浮力大小；将物体浮沉状态与浮力大小直接【知识总结】=G时悬浮或漂浮。②解题要点：木球最终漂浮，V排木<V木；铜球最终沉底，V排铜=V铜：因V木=V铜，故V排铜>V排③拓展关联：关联课标”了解浮力",以及轮船、潜水艇等浮沉应用。10.如图是某电热水壶工作电路的示意图，其中电阻器R₁和R₂都是用来加热的，S₁是总开关，S₂是挡位开关。当S₂接1时，电热水壶处于加热状态，电功率为1200W:当S₂接2时，电热水壶处于保温状态，电阻器R的电功率为12W,则电热水壶处于保温状态时的电功率为()SS2A.60WB.108WC【答案】C【命题透视】▶链接教材：人教版物理九年级"电功率"章节▶命题分析：以滑动变阻器电路为实验情境，考查欧姆定律和电功率的计算。通过电路动态分析，考查学生的综合分析能力。【解析】【详解】由题意可知，当S₂接1时，只有电阻器R₁接入电路，电热水壶处于加热状态，电功率为P加=1200W:可得，电阻器R1的阻值为当S₂接2时，电阻器R₁和电阻器R₂串联接入电路，电热水壶处于保温状态，电阻器R₁的电功率为P=12W,此时电路中电流为电热水壶处于保温状态时的电功率故C符合题意，ABD不符合题意。故选C.【易错点】【知识总结】②解题要点：分析动态电路：先确定电路连接方式，再判断电表测量对象，然后根据滑片移动分析电得到图乙所示的零件M和图丙所示的零件N(上下表面均被切割),若将零件M与N重新嵌合回图甲所示细圆柱体的高度是粗圆柱体高度的2倍，零件M与N的质量之比为1:2,金属圆柱体如图甲放置时对水平地面的压强为9000Pa,零件M如图乙放置时对水平地面的压强为6000Pa.则零件N如图丙放置时对水平地面的压强为()A.8000PaB.7500P【命题透视】【解析】【详解】设原圆柱底面积为S,总重力为G。,故G=9000S。M、N质量比为1:2,设M粗段高度为加、底面积为S,细段高度为2h、底面积为S₂,原圆柱总高为3h。由M的质量为总质【知识总结】②解题要点：切去相同厚度后压强相等→pA(hA-△h)=pB(hB-△h);若hA>hB,则切去前甲、乙电流表的示数分别为1甲、I,且甲：I乙=1:3;调节滑片，使R₁接入电路的阻值减小10Ω,R₂能为()A.8:7B.4:3C.2:1【解析】规律：已知：L乙=1:3,设甲=1,则I=3I,因此R₂支路的电流I₂=L乙-I甲=31-1=21将U=IR₁=2IR₂代入，整理得时，两次电流之比故C符合题意，ABD不符合题意，开关通断后电路结构判断错误；电压表测量对象判断错误；电阻比值计算错误；功率比与电阻比关系混①核心概念定义：串联电路：电流处处相等，电压分配与电阻成正比(U₁/U₂R₁/R₂);电功率：P=I²R二、填空题(本大题共4小题，每空1分，共26分)13.我国古代著作《天工开物》是世界上第一部关于农业和手工业生产的百科全书。(1)书中记录了釜的铸造。将铁水注入模具中凝固成釜，铁水凝固过程中.(选填“吸收”或“放出”)热量，但温度不变，说明铁是(选填“晶体”或“非晶体”)。铸釜过程中使用鼓风设备提高燃料的利用率时，(选填“能”或“不能”)提高燃料的热值。(2)如图所示是书中记录的没水采珠的场景。采珠人下潜过程中相对于采珠船是(选填“运动”或“静止”)的，潜入海中的深度越深，采珠人受到海水的压强(选填“越大”或“越小”),到达海底时采珠人(选填“具有”或“不具有”)惯性。【答案】(1)①.放出②.晶体③.不能(2)①.运动②.越大③.具有▶命题分析：l以《天工开物》为传统文化情境，综合考查凝固、晶体、热值、运动相对性、液体压强和惯性。通过古代科技典籍融入多学科知识，体现跨学科融合。【小问1详解】铁水凝固过程需要放出热量，且凝固过程中，铁水的温度始终保持不变，说明它具有一定的凝固温度，即凝固点，因此属于晶体。热值是燃料的属性，只与燃料的种类有关，与燃料是否完全燃烧无关，因此使用鼓风设备提高燃料的利用率时不能提高燃料的热值。【小问2详解】采珠人潜水过程中液体的密度不变，潜入海中的深度越深，由p=pgh可知，采珠人受到海水的压强越惯性是物体的属性，只与物体的质量有关，因此到达海底时采珠人仍具有惯性。晶体与非晶体区分不清；热值概念理解错误(误认为利用率提高热值增大);运动相对性判断错误；液体压强与深度关系不清；惯性概念理解错误。①核心概念定义：晶体凝固时放热但温度不变(有凝固点);热值是燃料的固有属性，只与燃料种类有关：惯性是物体的固有属性，只与质量有关。②解题要点：铁水凝固成釜：放热、晶体、热值不变；采珠人下潜：相对运动、压强随深度增大、始③拓展关联：关联课标”了解物态变化””了解惯性”了解液体压强”,以及《天工开物》中的物理知14.2026年4月23日，乌鲁木齐舰在青岛奥帆码头首次面向公众开放。(1)乌鲁木齐舰采用的是柴燃联合动力装置，该舰低速巡航时柴油机组在冲程向外输出动力：舰上的声呐系统利用超声波探测水下目标，超声波在水中的传播速度(选填“大于”“小于”或“等于”)在空气中的传播速度：舰载346A型相控阵雷达发射的无线电波在空气中的传(2)乌鲁木齐舰在密度不同的海域巡航时(忽略舰艇质量的变化),排开海水的质量(选填“相等”或“不相等”)。舰艇并列行驶时需保持足够间距，防止两舰中间流体流速较大，压强较 (选填“大”或“小”),造成相撞事故。乌鲁木齐舰以54km/h的速度匀速直线航行2h,若牵引力做功1.62×10¹J,则牵引力的大小为N。【命题透视】▶核心考点：热机+声现象+电磁波▶命题分析：以乌鲁木齐舰为国防科技情境，综合考查热机冲程、声呐原理、电磁波传播速度和流体压强。通过军舰这一国防装备，激发爱国情怀。【解析】【小问1详解】柴油机的四个冲程里，只有做功冲程将内能转化为机械能，向外输出动力；乌鲁木齐舰低速巡航时柴油机组在做功冲程向外输出动力；声音的传播速度与介质和介质的温度有关，超声波在水中的传播速度大于在空气中的传播速度；无线电波属于电磁波，电磁波在空气中的传播速度近似等于光速，数值为【小问2详解】舰艇漂浮时浮力等于重力，忽略质量变化则重力不变，浮力也不变；根据阿基米德原理F浮=G=m8,可知乌鲁木齐舰在密度不同的海域巡航时，排开海水的质量相等。根据流体压强与流速的规律：流体流速越大的位置压强越小。两舰并列行驶时中间流体流速较大、压强较小，外侧压强较大，会推动两舰靠近，造成相撞事故，因此舰艇并列行驶时，需保持足够间距。乌鲁木齐舰行驶的路程s=vt=54km/h×2h=108km=1.08×1牵引力的大小【易错点】热机四个冲程混淆；超声波与电磁波传播速度比较错误；电磁波速度数值记忆错误；流体压强与流速关【知识总结】①核心概念定义：柴油机做功冲程：内能→机械能；超声波在液体中传播速度大于气体中；电磁波在空气中速度约3×104m/s;流体流速越大压强越小。②解题要点：声呐用超声波(方向性好、水中传播快);雷达用电磁波(传播速度快、能反射);舰艇并列行驶中间流速大压强小。③拓展关联：关联课标”了解热机工作原理“”了解声现象”了解电磁波”,以及我国海军建设成就。(1)哈密市的塔式光热发电站为我国实现碳达峰、碳中和目标作出了积极贡献。太阳能是太阳内部的氢原子核发生(选填“裂变”或“聚变”)释放的能量。光热发电站的定日镜对阳光的反射率高达95%,大大提升了太阳能的利用率。当阳光的入射角为30°时，反射角为_°;若反射到塔顶的太阳光使吸热器内部5×10°kg的熔盐温度升高40℃,则该过程中熔盐吸收热量 (2)哈密市是“疆电外送”的核心枢纽。输电过程中电流的热效应会造成电能损耗，电流通过导体产生的热量跟电流(选填“成”或“不成”)正比。“疆电入渝”项目每日输送电能约9.6×107kW·h,则输电的平均功率约为_5×10³A时，线路上发热损耗的功率减少约3×10³kW,该段线路的电阻约为(选填“4”“40”或“400”)Ω。(忽略输电线路电阻的变化)【命题透视】【解析】【小问1详解】根据光的反射定律，反射角等于入射角，已知入射角为30°,故反射角为30°;【小问2详解】【易错点】核聚变与核裂变混淆：能量转化方向判断错误：反射角与入射角关系不清：风力/水力发电的能量来源理解错误。【知识总结】①核心概念定义：太阳内部：核聚变(氢→氦);光伏板：太阳能→电能；反射定律：反射角=入射角；风力/水力发电：机械能→电能。②解题要点：太阳能量来源于核聚变；入射角30°则反射角30°:风力/水力都是将机械能转化为电③拓展关联：关联课标”了解能源"”了解光的反射",以及新疆哈密能源基地的实际应用。16.从指尖创制到万物探理，跨学科实践活动开启物理“新视界”。(1)如图甲所示是小梁同学自制简易调光灯的电路。闭合开关，灯泡发光，通过铅笔芯的电流 (选填“大于”“小于”或“等于”)通过灯泡的电流；小梁同学将夹子从铅笔芯一端移动到另一端的过程中，发现灯泡亮度变化不明显，他应换用材料和长度相同但更.(选填“粗”或“细”)的铅笔芯来做实验。已知灯丝电阻随温度升高而增大，若灯泡两端电压为1.5V时，灯泡的电功率为0.30W,则灯泡两端电压为2.5V时，灯泡的电功率可能为_(选填“0.50”“0.72”或“0.85”)W。甲(2)小王同学设计了如图乙所示的望远镜，凸透镜A为物镜，凸透镜B为目镜，A的焦距应 “照相机”或“放大镜”),用该望远镜看远处物体时A、B间的距离应(选填“大于”或“小于”)看较近处物体时A、B间的距离。乙(3)小高同学用轻质木棒制作了如图丙所示的杆秤，M处空桶的质量为75g、秤砣的质量为300g,提纽O处到M处的距离为8cm,秤砣在秤杆上N处(图中未画出)时，杆秤在水平位置平衡。在空桶中放入某物体，移动秤砣使杆秤再次在水平位置平衡，提纽O处的拉力增加了6N,则放入物体的质量 _(选填“大于”“小于”或“等于”)600g,秤砣从N _丙【命题透视】▶核心考点：电学+光学+杠杆综合▶命题分析：以跨学科实践活动为情境，综合考查串联电路、电阻影响因素、电功率计算、望远镜原理和杠杆平衡条件。体现新课标跨学科实践要求。【解析】【小问1详解】甲图中灯泡和铅笔芯串联在电路中，由串联电流规律可知，通过铅笔芯的电流等于通过灯泡的电流；将夹子从铅笔芯一端移动到另一端的过程中，发现灯泡亮度变化不明显，说明铅笔芯的电阻过小，电阻的大小与横截面积有关，且横截面积越小电阻越大，因此更换材料和长度相同但更细的铅笔芯；灯泡两端电压为1.5V时，灯泡的电功率为0.30W,可得此时灯泡的电阻为电路中的电流为若灯泡电阻不变，可得当电压是2.5V时，灯泡的电功率为由于灯丝电阻随温度升高而增大，因此电压是2.5V时，灯泡的电功率小于0.83W:电压升高后，电流一定大于原电流0.2A(即使电阻增大，电阻的增大幅度不会超过电压的增大幅度),因此灯泡的电功率将大因此灯泡的电功率可能为0.72W.【小问2详解】望远镜的设计要求是物镜焦距大于目镜焦距，因此A的焦距应大于B的焦距；望远镜中物镜成倒立、缩小的实像，相当于照相机；物距越大(物体越远),像距越小，物镜成的像会更靠近物镜。为了让像仍然落在目镜的焦点位置，需要缩小物镜和目镜的间距，因此看远处物体时A、B间的距离应小于看较近处物体时A、B间的距离。【小问3详解】轻质木棒自重不计，提纽拉力等于总重力，拉力增加量等于物体重力，即G=△F=6N可得放入物体的质量根据杠杆平衡，空桶平衡mg·OM=mg·ON①①②两式相减得：m物OM=m△L代入数据得【易错点】串联电路电流规律应用错误；电阻与横截面积关系记反；电功率计算时忽略灯丝电阻随温度变化；望远镜物镜目镜焦距关系不清；杠杆平衡条件计算错误。【知识总结】①核心概念定义：串联电路电流处处相等：电阻与横截面积成反比(越细电阻越大):P=U²/R;望远镜②解题要点：串联电流相等；亮度变化不明显→电阻变化小→换更细铅笔芯；电压升高时灯丝电阻增大，功率增长小于线性比例；望远镜物镜相当于照相机。三、作图题(本大题共1小题，每图2分，(1)请在图甲中画出过光心的入射光线经过凹透镜后的出射光线。甲(2)请在图乙中画出斜面上的物体所受重力的示意图(作用点已标出)。乙(3)请在图丙中的括号内标出通电螺线管左端的磁极。丙【答案】(1)乙【命题透视】▶核心考点：光学作图+力学作图+电磁作图▶命题分析：作图题综合考查凹透镜光路、重力示意图和安培定则。通过三个独立作图，考查学生的基【解析】【分析】【小问1详解】过凹透镜光心的光线传播方向不发生改变，据此作出光路图。【小问2详解】物体受到的重力G方向竖直向下，作用点在物体的重心，过重心作竖直向下的有向线段，标上重力的符号G,即为重力的示意图。【小问3详解】电流从通电螺线管右端流入，左端流出，根据安培定则可知，通电螺线管左端的磁极为N极【易错点】凹透镜光心光线传播方向错误；重力方向画成垂直斜面而非竖直向下：安培定则应用时电流方向与磁场【知识总结】①核心概念定义：过凹透镜光心的光线传播方向不变；重力方向竖直向下；安培定则：右手四指沿电流方向，大拇指指向N极。②解题要点：凹透镜光心光线：直线通过：重力示意图：作用点在重心，方向竖直向下，标G:安培定则判断螺线管磁极。③拓展关联：关联课标”了解光的折射”“了解重力”“了解电流的磁场”,以及规范作图要求。18.小张同学利用如图所示的装置探究水沸腾前后温度变化的特点。在组装器材时，应先确定 (选填“A”或“B”)的位置；调整好器材，用酒精灯加热，在水温升高到90℃时开始计时，每隔1min观察一次温度计的示数，并将所得的数据记录在表格中。由表格数据可知：水的沸点是 ℃.若减少烧杯中水的质量进行该实验，测量出水的沸点_(选填“会”或“不会”)发生变化。时间012345678温度/℃▶命题分析：以水沸腾实验为实验探究情境，考查实验器材组装、沸点判断和实验条件分析。通过经典热学实验，考查学生的实验操作和数据分析能力。【详解】酒精灯需用外焰加热，因此要先根据酒精灯的高度，确定下方铁圈B的位置，再调整上方悬挂温度计的A的位置。水沸腾的特点是继续吸热，温度保持不变，这个保持不变的温度就是水的沸点。由表格数据可知，水温升高到99℃后不再变化，因此水的沸点为99℃,水的沸点只与外界气压有关，与水的质量无关。减少水的质量只会缩短沸腾前的加热时间，不会改变沸实验器材组装顺序错误(未先固定酒精灯位置);沸点判断错误(找温度不变的平台);误认为减少水的质量会改变沸点。①核心概念定义：水沸腾特点：吸热但温度不变：沸点与气压有关(气压高沸点高),与水的质量无关；实验组装：自下而上，先固定酒精灯外焰高度。②解题要点：组装器材先确定B(铁圈)位置，再调A(温度计);沸点看温度不变时的读数；减少水质量只缩短加热时间，不改变沸点。③拓展关联：关联课标”探究水沸腾时温度变化的特点”,以及实验操作规范。(1)小李同学将塑料吸管的下端封闭并缠上适量铜丝，铜丝的作用是(选填“升高”或“降低”)密度计的重心，使其能够竖直漂浮于液体中。已知该密度计的质量为8g,当其漂浮在植物油中时，受到的合力大小为N。(2)他猜想密度计的刻度是均匀的，在给密度计标记刻度时，进行了如下操作：a.将其放入水中，竖直静止后，在密度计上与水面相平的A处标上1.0g/cm³;b.将其放入密度为0.9g/cm³的植物油中，用同样的方法在密度计上B处标上0.9g/cm³;c.在B处上方找到与AB间距相等的C处标上0.8g/cm³。处下方”或“C处”)。(2)C处上方(3)增加铜丝的质量##换更细的塑料吸管【命题透视】▶命题分析：以自制密度计为实验探究情境，考查浮沉条件、重心调节和密度计刻度原理。通过动手制作活动，体现从理论到实践的转化，【解析】【小问1详解】铜丝密度大，缠在密度计下端可以降低密度计的重心，让密度计保持稳定竖直漂浮。密度计漂浮时处于平衡状态，平衡状态的物体所受合力为0,因此合力大小为ON。【小问2详解】密度计始终漂浮，浮力等于重力，设吸管横截面积为S,浸入深度为h,由阿基米德原理F浮=P液gV排可得，浸入深度,液体密度越小，密度计浸入深度越大，且相同密度差对应的深度差会随液体密度减小而变大。小李让BC间距与AB间距相等，而真实的0.9g/cm³到0.8g/cm³的深度差大于AB间距，因此真实的0.8g/cm³刻度在标记C点的上方，即放入酒精后液面在C处上方。【小问3详解】要提高密度计精确度，需要增大不同密度对应的刻度间距，根据可知，换用更细的吸管，减小密度计横截面积，可以让相同密度差对应的刻度间距更大，从而提高精确度，也可以适当增加下端铜丝的质量，同样能达到效果。【易错点】重心调节方向判断错误；漂浮时合力理解错误(误认为浮力等于重力则合力为0);密度计刻度均匀性【知识总结】①核心概念定义：漂浮条件：F浮=G物；合力为0(平衡状态);密度计原理：根据浸入深度反映液体密度，刻度不均匀(上疏下密)。②解题要点：铜丝降低重心使密度计竖直漂浮；漂浮时合力为0;密度越小浸入越深，0.8g/cm²在③拓展关联：关联课标”了解浮力",以及密度计的工作原理和改进方法。20.小陈同学利用图甲所示的申路，探究电阻一定时电流与电压的关系。(1)开关S闭合前，滑动变阻器的滑片P应滑到(选填“最左”或“最右”)端。闭合开关，调节滑动变阻器的滑片P.记录了滑片P在两端及中间4个不同位置时电压表和电流表的示数，在坐标系中描出相应的点(A、B、C、D、E、F),发现.(填字母)点的数据异常，分析时应剔除。当滑动变阻器接入电路的阻值是最大阻值的一半时，电压表、电流表的示数对应图乙中 (填字母)点的数据。(2)通过图乙中的数据初步得出结论：电阻一定时，(3)请根据图乙中的数据，在图丙坐标系中描点并作出通过滑动变阻器的电流与其两端电压的关系图(2)通过导体的电流与导体两端的电压成正比【命题透视】▶命题分析：以探究电流与电压关系为实验情境，考查实验操作、数据分析和图像处理。通过经典电学实验，考查学生的科学探究能力，【小问1详解】开关S闭合前，为了保护电路，滑动变阻器接入电路的电