浙东北联盟 2027届高二物理第一学期期中质量检测模拟试题含解析

浙东北联盟2027届高二物理第一学期期中质量检测模拟试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、有四个金属导体，它们的伏安特性曲线如图所示，电阻最大的导体是（）A．a B．b C．c D．d2、下图是电场中某区域的电场线分布图，P点是电场中的一点，则ABCD选项中正确的是（）①P点电场强度方向向左②P点的电场强度方向向右③正点电荷在P点所受的电场力的方向向左④正点电荷在P点所受的电场力的方向向右A．只有①③正确 B．只有②③正确C．只有①④正确 D．只有②④正确3、如图6，一带负电粒子以某速度进入水平向右的匀强电场中，在电场力作用下形成图中所示的运动轨迹．M和N是轨迹上的两点，其中M点在轨迹的最右点．不计重力，下列表述正确的是A．粒子在M点的速率最大 B．粒子所受电场力沿电场方向 C．粒子在电场中的加速度不变 D．粒子在电场中的电势能始终在增加4、输电线的电阻为r,输送的电功率为P,用电压U输送电,则用户得到的功率为()A．P B． C．P-U2r D．5、两个点电荷所带电量分别为2Q和4Q.在真空中相距为r，它们之间的静电力为F.现把它们的电量各减小一半，距离相距为r/4.则它们间的静电力为()A．4F B．2F C．1/2F D．1/4F6、如图所示，长为l、倾角为θ的光滑绝缘斜面处于电场中，一带电荷量为+q、质量为m的小球以初速度从斜面底端A点开始沿斜面向上运动，当到达斜面顶端B点时，速度仍为，则（）．A．A、B两点之间的电压一定等于B．小球在B点时的电势能一定大于在A点时的电势能C．若电场是匀强电场，则该电场的电场强度的最大值一定为D．若该电场是斜面中点正上方某点的点电荷Q产生的，则Q一定是正点电荷二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，金属导轨上的导体棒ab在匀强磁场中沿导轨做下列哪种运动时，铜制线圈c中将有感应电流产生且被螺线管吸引(

)A．向左做加速运动B．向左做减速运动C．向右做加速运动D．向右做减速运动8、如图电路中，电源电动势、内电阻、R1、R2为定值。闭合S后，将R的滑键向右移动，电压表的示数变化量的绝对值为△U，电阻R2的电压变化量的绝对值为，电源电流变化量的绝对值为△I，下列说法正确的是（）A．通过R1的电流增大，增大量等于 B．通过R2的电流增大，增大量小于C．与△I的比值保持不变 D．△U与△I的比值保持不变9、如图甲，家用电磁炉已走进千家万户。图乙为电磁炉中安装的旋涡状线圈，当通以高频交流电流时，线圈产生的磁感线的条数和方向会随电流的强度和方向的变化而变化，导致电磁炉上方的铁锅产生感应电流，从而使其发热。下列说法正确的是（）A．磁场变化的频率越高，电磁炉的加热效果越好B．由上往下看，图乙线圈中该时刻电流方向为顺时针C．电磁炉的工作原理是应用电磁感应在锅体中产生涡流来工作D．普通陶瓷砂锅也可利用电磁炉来煲汤10、下面的说法种是：（）A．体积很小的电荷一定可以看成点电荷；B．体积很小的电荷有时也不能看成点电荷；C．体积很大的电荷一定不能看成点电荷；D．体积很大的电荷有时也能看成点电荷三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）(1)某同学用游标卡尺测量圆形管内径时的测量结果如图甲所示，则该圆形钢管的内径是______mm.如图乙所示是某次用千分尺测量时的情况，读数为_________mm．(2)图甲所示的电流表使用0.6A量程时，对应刻度盘上每一小格代表________A，图中表针示数是___A；如图乙所示的电表使用较小量程时，每小格表示_____V，图中指针的示数为______V．12．（12分）图1中游标卡尺的读数是___________mm；图2中螺旋测微器的读数是________mm.四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，在长为2L、宽为L的区域内正好一半空间有方向平行于短边向上的匀强电场，电场强度为E，无电场区域位于区域右侧另一半内，现有一个质量为m，电量为q的粒子，以平行于长边的速度从区域的左上角A点射入该区域，不考虑粒子重力，要使这个粒子能从区域的右下角的B点射出，试判断粒子的电性，并求粒子的初速度大小v0。14．（16分）如图所示，在匀强磁场中有一倾斜的平行金属导轨，导轨间距为L，长为3d，导轨平面与水平面的夹角为θ，在导轨的中部刷有一段长为d的薄绝缘涂层．匀强磁场的磁感应强度大小为B，方向与导轨平面垂直．质量为m的导体棒从导轨的顶端由静止释放，在滑上涂层之前已经做匀速运动，并一直匀速滑到导轨底端．导体棒始终与导轨垂直，且仅与涂层间有摩擦，接在两导轨间的电阻为R，其他部分的电阻均不计，重力加速度为g．求：（1）导体棒与涂层间的动摩擦因数μ；（2）导体棒匀速运动的速度大小v；（3）整个运动过程中，电阻产生的焦耳热Q．15．（12分）ABC表示竖直放在电场强度为E=104V/m的水平匀强电场中的绝缘光滑轨道，其中轨道的BC部分是半径为R的圆环，轨道的水平部分与半圆环相切．A为水平轨道上的一点，而且AB=R=0.2m，把一质量m=0.1kg，带电量为q=+C的小球，放在A点由静止释放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到达C点的速度大小(2)小球在C点时，轨道受到的压力大小

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

根据欧姆定律公式I=可得定值电阻的U﹣I图象是一条经过坐标原点的直线，斜率表示电阻；故导体d的电阻最大。故选D。2、D【解析】试题分析：电场线的方向就是电场强度的方向，故P点电场强度方向向右．故①错误②正确．正电荷所受电场力的方向就是该点场强的方向，故正电荷在P点所受电场力向右．故③错误．负电荷所受电场力的方向与场强的方向相反，故负电荷在P点所受电场力向左．故④正确．故选D．考点：电场线；电场强度【名师点睛】电场线的方向就是电场强度的方向，正电荷所受电场力的方向与该点场强的方向相同，负电荷所受电场力的方向与场强的方向相反，把握了电场线的特点即可顺利解决此题．3、C【解析】

根据做曲线运动物体的受力特点合力指向轨迹的凹一侧，再结合电场力的特点可知粒子带负电,即受到的电场力方向与电场线方向相反，B错；从N到M电场力做负功，减速，电势能在增加；当达到M点后电场力做正功，加速，电势能在减小，则在M点的速度最小A错，D错；在整个过程中只受电场力根据牛顿第二定律加速度不变，C正确.4、B【解析】

用户得到的功率，故选B5、A【解析】由库仑定律的可得原来它们之间的库仑力为：，把它们的电量各减小一半，距离相距为r/4，变化之后它们之间的库仑力为：，故A正确，BCD错误．6、A【解析】

A．带电小球由A运动到B的过程中动能的增量为零，由功能关系可知，重力的功与电场力的功的总量为零，即所以，A、B间的电压选项A正确；B．由于在此过程中电场力做正功，电势能减小，小球在B点时所具有的电势能将小于在A点时所具有的电势能．选项B错误；C．若该电场是匀强电场，小球在A、B两点处的速度又都是，故小球只能做匀速运动在运动中，小球受到的重力、支持力和电场力的合力为零．因为电场力的大小和方向与电场强度的大小和方向的关系，使我们可以通过观察电场力来了解电场强度．如图可知，电场力完全可以大于、等于或者小于重力．也就是说电场强度E也完全可以大于、等于或者小于，选项C错误；D．小球沿着斜面向上运动时，动能没有增量，由功能关系可知，重力和电场力做的总功必须为零，在这过程中重力做负功，故电场力一定是做正功而不可能做负功．若该电场是斜面中点正上方某点的正点电荷+Q产生的，如图可知，A、B两处的电势关系定是，注意到小球是带正电的，它从A向B运动时，电场力和重力做的都是负功，不可能保持速度不变，D错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】

导体棒ab向左做加速运动时，根据右手定则判断得到，ab中产生的感应电流方向从b→a，螺线管左端为N极，感应电流增加，螺线管产生的磁场增强，穿过c的磁通量变大，根据楞次定律得知，c中产生顺时针方向的感应电流（从左向右看），由等效法可知，线圈c右端相当于N极，则且线圈c被螺线管排斥。故A错误。同理可知导体棒向左做减速运动时，也会产生感应电流，且线圈c被螺线管吸引；导体棒向右做加速运动时，也会产生感应电流，且线圈c被螺线管排斥；导体棒向右做减速运动时，也会产生感应电流，且线圈c被螺线管吸引；故BD正确，C错误。故选BD。本题运用右手定则、安培定则和楞次定律按步就班进行分析的，也可以直接根据楞次定律进行判断：线圈c被螺线管吸引时，磁通量将要增大，说明原来的磁通量减小，导体棒必定做减速运动．8、BCD【解析】

A．将R的滑键向右移动，减小，电路中的总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律可知干路电流增大，通过电流增大，则分压增大，根据可知路端电压减小，所以与构成的并联电路部分分压减小，所以通过的电流减小，根据欧姆定律可知减小量等于，A错误；B．根据闭合电路欧姆定律可知滑键向右移动后，结合数学知识可知可知结合欧姆定律可知B正确；C．根据B选项分析可知C正确；D．对变形得则D正确。故选BCD。9、AC【解析】

A．磁场变化的频率越高，磁通量变化率越大，由法拉第电磁感应定律可知，产生的电动势越大，回路中的电流越大，加热效果越好，故A正确；B．由于不知道磁场大小的变化情况，则无法确定感应电流的方向，故B错误；C．电磁炉工作原理是利用交变电流通过线圈产生交变磁场，从而使金属锅自身产生无数小涡流而直接加热于锅内的食物，故C正确；D．交变磁场在普通陶瓷砂锅内不能形成涡流，则不能用来加热，故D错误。故选AC。10、BD【解析】电荷的形状、体积和电荷量对分析的问题的影响可以忽略时，就可以看成是点电荷，所以体积很大的带电体也有可能看成是点电荷，体积小的带电体有时不能看做点电荷，故BD正确，AC错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、40.45mm0.700mm0.02A0.44A0.1V1.70V【解析】

(1)游标卡尺的主尺读数为40mm，游标尺上第9个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为，所以最终读数为：；螺旋测微器的固定刻度为0.5mm，可动刻度为，所以最终读数为：；(2)电流表使用0.6A量程时，刻度盘上的每一小格为0.02A，指针的示数为0.44A；电压表使用较小量程时，量程为3V，每小格表示0.1V，指针示数为1.70V；12、33.106.124【解析】

游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺示数，螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数.【详解】由图示游标卡尺可知，其示数为：33mm+2×0.05mm=33.10mm；由图示螺旋测微器可知，其示数为：6.0mm+12.4×0.01mm=6.124mm.本题考查了游标卡尺与螺旋测微器的读数，要掌握常用器材的使用及读数方法；游标卡尺不需要估读，螺旋测微器需要估读.四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、粒子带负电；【解析】

粒子在电场中向下偏转，所受的电场力竖直向下，与电场方向相反，则粒子带负电；水平方向有：竖直方向有：由牛顿第二定律可得：粒子在离开电场时，沿电场方向的分速度：出电场后，粒子做匀速直线运动，设速度与水平方向夹角为，则：联立解得：14、（1）μ＝tanθ；（2）v＝；（3）Q＝2mgdsinθ－【解析】试题分析：（1）导体棒在绝缘涂层上滑动时，受重力mg、导轨的支持力N和滑动摩擦力f作用，根据共点力平衡条件有：mgsinθ＝f，N＝mgcosθ根据滑动摩擦定律有：f＝μN联立以上三式解得：μ＝tanθ（2）导体棒在光滑导轨上滑动时，受重力mg、导轨的支持力N和沿导轨向上的安培力FA作用，根据共点力平衡条件有：FA＝mgsinθ根据安培力大小公式有：FA＝ILB根据闭合电路欧姆定律有：I＝根据法拉第电磁感应定律有：E＝BLv