四川省眉山市仁寿第一中学校南校区2027届物理高二第一学期期中教学质量检测模拟试题含解析

四川省眉山市仁寿第一中学校南校区2027届物理高二第一学期期中教学质量检测模拟试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、图（a）为示波管的原理图．如果在点击之间所加的电压图按图（b）所示的规律变化，在电极之间所加的电压按图（c）所示的规律变化，则在荧光屏上会看到的图形是A． B．C． D．2、下列哪一位物理学家首先提出磁场对运动电荷有作用力的观点？()A．洛伦兹B．安培C．牛顿D．奥斯特3、某小船船头垂直指向河岸渡河，若水流速度突然增大，其它条件不变，下列判断正确的是（)A．小船渡河的时间不变B．小船渡河的时间减少C．小船渡河的时间增加D．小船到达对岸的地点不变4、磁场对通电导体的作用力叫安培力，通电导体垂直于磁场方向放置时，关于安培力的大小有如下规律，其中正确的是()A．磁感应强度越强，电流越小，导线越长，安培力就越大B．磁感应强度越强，电流越大，导线越长，安培力就越大C．磁感应强度越弱，电流越大，导线越长，安培力就越大D．磁感应强度越强，电流越大，导线越短，安培力就越大5、一根长为0.1m、电流为1A的通电导线，在磁场中某处受到的磁场力大小为0.4N，则该处的磁感应强度（）A．等于4T B．大于或等于4TC．小于或等于4T D．可能为零6、某同学用一个微安表头量程内阻；电阻箱和电阻箱组装一个多用电表，有电流1mA和电压3V两挡，改装电路如图所示，则、应调到多大阻值A．， B．，C．， D．，二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，电容器与电动势为E的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地．一带电油滴位于电容器中的P点恰好处于静止状态．现将平行板电容器的上极板竖直向下移动一小段距离则（）A．带电油滴的电势能将增大B．P点的电势将降低,两极板间的电势差不变C．平行板之间的电场强度增大，平行板所带电荷量也增大D．电容器的电容增大,带电油滴将沿竖直方向向上运动8、如图所示电路中,电源电动势为E,内阻不计。最初两开关均断开,一质量为m电量为q的带电粒子不计重力静止在平行板电容器中央,电容器的电容为C。先闭合开关,经历T时间后闭合开关,再次经历T时间后,发现粒子恰好回到初始位置,粒子不与极板发生碰撞。不计电容器充放电时间以及忽略电容器边缘效应。下列说法正确的是A．B．开关闭合前后,通过的电量为CEC．电容器极板间距至少为D．若电容器极板间距为时,粒子恰好到达极板9、关于UAB=WAB/q和WAB=qUAB的理解，正确的是()A．电场中的A、B两点间的电势差和两点间移动电荷的电量q成反比B．在电场中A、B两点移动不同的电荷，电场力的功WAB和电量q成正比C．UAB与q、WAB无关，甚至与是否移动的电荷都没有关系D．WAB与q、UAB无关，与电荷移动的路径无关10、一带负电的粒子只在电场力作用下沿x轴正向运动，其电势能E随位移x变化的关系如图所示，其中0～x2段是对称的曲线，x2～x3段是直线，则下列说法正确的是（）A．x1处电场强度为零B．x1、x2、x3处电势φ1、φ2、φ3的关系为φ1＞φ2＞φ3C．粒子在0～x2段做匀变速运动，x2～x3段做匀速直线运动D．x2～x3段是匀强电场三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）用如图甲所示的多用电表测量电阻，要用到选择开关K和两个部件S、T．请根据下列步骤完成电阻测量①旋动部件________，使指针对准电流的“0”刻线．②将K旋转到电阻挡“×100”的位置．③将插入“+”、“﹣”插孔的表笔短接，旋动部件________，使指针对准电阻的________（填“0刻线”或“∞刻线”）．④将两表笔分别与待测电阻相接，发现指针偏转角度过大．为了得到比较准确的测量结果，请从下列选项中挑出合理的步骤，并按________的顺序进行操作，再完成读数测量．A．将K旋转到电阻挡“×1k”的位置B．将K旋转到电阻挡“×10”的位置C．将两表笔的金属部分分别与被测电阻的两根引线相接D．将两表笔短接，旋动合适部件，对电表进行校准⑤在步骤④中，将两表笔分别与被测电阻两根引线相接，待稳定后，表盘指针如图乙所示，此被测电阻的阻值为________Ω．（保留两位有效数字．）12．（12分）某实验小组要描绘一只小灯泡L（2.5V0.5A）的伏安特性曲线。实验中除导线和开关外，还有以下器材可供选择：电源E（，内阻约）电压表（，内阻约）电压表（，内阻约）电流表（，内阻约）电流表（，内阻约）滑动变阻器（）滑动变阻器（）（1）电压表应选择__________，电流表应选择__________，滑动变阻器应选择__________。（2）实验过程中要求小灯泡两端电压从零开始调节，应选择下图中哪一个电路图进行实验_________。A.B.C.D.四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）某直流电动机接入电路，如图所示的实验电路。调节滑动变阻器R的阻值，使电动机无法转动，此时电流表和电压表的示数分别为1．2A和1．4V。重新调节R的阻值，使电动机能够正常运转，此时电流表和电压表的示数分别为1.8A和3V。求：（1）这台电动机的线圈电阻；（2）电动机正常运转时的输入功率；（3）电动机正常运转时的输出功率。14．（16分）在如图所示的电路中，电源的电动势E=3.0V，内阻r=1.0Ω,电阻R1=10Ω，R2=10Ω，R3=30Ω，R4=35Ω；电容器的电容为500μF．电容器原来不带电．求接通电键S后流过R4的总电荷量．15．（12分）如图所示为水上乐园的设施，由弯曲滑道、竖直平面内的圆形滑道、水平滑道及水池组成，圆形滑道外侧半径R＝2m，圆形滑道的最低点的水平入口B和水平出口B′相互错开，为保证安全，在圆形滑道内运动时，要求紧贴内侧滑行．水面离水平滑道高度h＝5m．现游客从滑道A点由静止滑下，游客可视为质点，不计一切阻力，重力加速度g取10m/s2，求：(1)起滑点A至少离水平滑道多高？(2)为了保证游客安全，在水池中放有长度L＝5m的安全气垫MN，其厚度不计，满足(1)的游客恰落在M端，要使游客能安全落在气垫上，安全滑下点A距水平滑道的高度取值范围为多少？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】

电子在和间沿电场方向均做初速度为零的匀加速直线运动，由位移公式：前半个周期0-t1时间内，电子受到的力偏向一侧，所以电子前半周期偏向一侧．前半个周期0-t1时间内，电子受到的力偏向Y一侧，所以电子前半周期偏向Y一侧．综上，前半个周期0-t1时间内图像应该在第二象限．同理，后半周期的图像应在第四象限．A．分析可知，前半个周期0-t1时间内图像应该在第二象限，后半周期的图像应在第四象限．故A错误．B．分析可知，前半个周期0-t1时间内图像应该在第二象限，后半周期的图像应在第四象限．故B正确．C．分析可知，前半个周期0-t1时间内图像应该在第二象限，后半周期的图像应在第四象限．故C错误．D．分析可知，前半个周期0-t1时间内图像应该在第二象限，后半周期的图像应在第四象限．故D错误．2、A【解析】通过学习磁场对运动电荷的作用我们知道，首先提出磁场对运动电荷有作用力的观点的物理学家是洛伦兹，故BCD错误，A正确。故选：A.3、A【解析】试题分析：将小船的实际运动沿着船头指向和顺着水流方向正交分解，由于分运动互不干扰，故渡河时间与水流速度无关，只与船头指向方向的分运动有关，故船航行至河中心时，水流速度突然增大，只会对轨迹有影响，对渡河时间无影响；沿水流方向的位移x＝v水t，小球到达对岸的地点改变，到达对岸下游更远的位置．故选A．考点：运动的合成和分解【名师点睛】本题是典型的“小船过河”的问题；关键抓住渡河时间只与沿船头指向方向的分运动有关，与沿水流方向的分运动无关．4、B【解析】通电导体垂直于磁场方向放置时，根据F=BIL得，磁感应强度越强，电流越大，导线越长，安培力就越大。故选B。5、B【解析】

当通电导线与磁场垂直时，磁感应强度是最小的，由F=BIL=B×1A×0.1m=0.4N，解得B=4T，故该处的磁感应强度一定大于或等于4T.A.等于4T，与结论不相符，选项A错误；B.大于或等于4T，与结论相符，选项B正确；C.小于或等于4T，与结论不相符，选项C错误；D.可能为零，与结论不相符，选项D错误；6、B【解析】

微安表并联一个小电阻改装成大量程得电流表，串联一个大电阻改装成大量程的电压表。根据改装图所示：当接o、a接线柱时当电流表用，根据并联电路特点得：

代入数据解得：；当接o、b接线柱时当电压表用，根据串联电路得特点得：；解得：故B正确，ACD错误，故选B。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】试题分析：因为电容器和电源相连，所以电容器两极板间的电压恒定不变，将平行板电容器的上极板竖直向下移动一小段距离，则两极板间的距离减小，根据公式E=Ud可得两极板间的电场强度增大，则P将向上运动，电场力做正功，电势能将减小，P到下极板间的距离不变，根据公式U=Ed可得P与下极板间的电势差增大，根据公式C=εS考点：考查了电容器的动态变化【名师点睛】在分析电容器动态变化时，需要根据C=εS4πkd判断电容器的电容变化情况，然后结合E=U8、ABC【解析】

A．闭合开关，电容器两的电压为闭合开关，再闭合，电容器两的电压为粒子恰好回到初始位置可得，所以，由公式可得故A正确；B．开关闭合前，电容器的电量为开关闭合后，电容器的电量为由于开关闭合前后，电容器要先放电后充电，所以通过的电量为故B正确；CD．当粒子速度减到零时恰好到极板，由运动学关系可知联立解得：故C正确，D错误。9、BC【解析】

电场中A、B两点的电势差由电场本身决定，与两点间移动电荷的电荷量q无关，选项A错误；根据WAB＝qUAB，在电场中A、B两点移动不同的电荷，电场力的功WAB和电荷量q成正比，选项B正确；UAB与q、WAB无关，与是否移动电荷也没有关系，选项C正确；WAB与q、UAB有关，与电荷移动的路径无关，选项D错误；故选BC.10、ABD【解析】

根据电势能与电势的关系：Ep=qφ，场强与电势的关系：E=，得：，由数学知识可知Ep-x图象切线的斜率等于Eq，x1处切线斜率为零，则x1处电场强度为零，故A正确；根据电势能与电势的关系：Ep=qφ，粒子带负电，q＜0，则知：电势能越大，粒子所在处的电势越低，所以有：φ1＞φ2＞φ1．故B正确；由图看出在0～x1段图象切线的斜率不断减小，由上式知场强减小，粒子所受的电场力减小，加速度减小，做非匀变速运动．x1～x2段图象切线的斜率不断增大，场强增大，粒子所受的电场力增大，做非匀变速运动．x2～x1段斜率不变，场强不变，即电场强度大小和方向均不变，是匀强电场，粒子所受的电场力不变，做匀变速直线运动，故C错误，D正确；故选ABD.解决本题的关键要分析图象斜率的物理意义，判断电势和场强的变化，再根据力学基本规律：牛顿第二定律进行分析电荷的运动情况.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、ST0刻线BDC【解析】

①[1]电表使用前要旋转机械调零旋钮S进行机械调零，使指针对准电流的0刻线；③[2][3]将插入“十”、“﹣”插孔的表笔短接，旋动欧姆调零旋钮T，使指针对准电阻的0刻线．④[4]欧姆表指针偏转角度过大，说明所选挡位太大，应换小挡进行测量，应将旋转开关K置于“×10”，然后进行欧姆调零，再测电阻，因此合理是实验步骤是：BDC．⑤[5]由图2所示可知，被测电阻阻值：30×10=300Ω=3.0×102Ω12、A【解析】（1）灯泡的额定电压为2.5V，额定电流是0.5A，所以电压表应选择，电流表应选择，因本实验必须采用分压接法，故滑动变阻器应选择总阻值较小的；

（2）描绘灯泡伏安特性曲线，电压、电流要从零开始变化，滑动变阻器应采用分压式接法，灯泡的电阻约为，远小于电压表内阻，电流表采用外接法误差较小,选图A所示实验电路．【点睛】根据灯泡的额定电压和额定电流确定电表的量程，从减小误差角度和可操作性角度确定滑动变阻器．测量灯泡的伏安特性曲线，电流、电压需从零开始测起，则滑动变阻器采用分压式接法，根据灯泡的电阻大小确定电流表的内外接法；四、计算题：本题共3小题，共38分。