2027届重庆市八中物理高二第一学期期中质量检测模拟试题含解析

2027届重庆市八中物理高二第一学期期中质量检测模拟试题考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，先接通电键S使电容器充电，然后断开S，增大两极板间的距离时，电容器所带电量Q，电容C，两极板间电势差U的变化情况是（）A．Q变小，C不变，U不变B．Q变小，C变小，U不变C．Q不变，C变小，U变大D．Q不变，C变小，U变小2、下列关于点电荷和元电荷的说法正确的是（）A．只有体积小的带电体才可以看成点电荷B．元电荷是一个电子或一个质子所带的电荷量C．物体带电量有可能为D．两个相距很近的带电球体，可以看成是电荷集中在球心的点电荷3、如图所示的电路中，电源电压恒定，其中两个电阻分别为10Ω和20Ω，另一个电阻R大小未知，当S断开时，理想电压表的示数为6V，当S闭合后，a、b两点间电压可能是（）A．11VB．10VC．9VD．8V4、一带电小球在空中由A点运动到B点的过程中，只受重力、电场力和空气阻力三个力的作用。若重力势能增加5J，机械能增加1.5J，电场力做功2J，则小球()A．重力做功为5JB．电势能减少2JC．动能增加3.5JD．空气阻力做功0.5J5、如图所示，某同学用一根弹簧和一把直尺来测量重物的重量．在未悬挂重物时指针正对刻度1．在弹性限度内，当挂上80N重物时，指针正对41．若指针正对20时，所挂重物为()A．40N B．20NC．30N D．不知弹簧劲度系数k，故无法计算6、某空间存在一电场，电场中的电势φ在x轴上的分布如图所示，下列说法正确的是A．在x轴上，从x1到x2场强方向向左B．在x轴上，从x1到x2场强大小先增大后减小C．使一正电荷仅在电场力作用下沿x轴正向从x1到x2，速度先增大后减小D．把一负电荷沿轴正向从x1到x2，电场力先做正功再做负功二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，一带电小球通过绝缘细绳悬挂于平行板电容器之间，M板带负电，N板带正电，M板接地．以下说法正确的是()A．M板左移，小球受到的电场力减小B．M板左移，小球的电势能减小C．M板上移，小球受到的电场力增大D．M板上移，小球的电势能不变8、如图所示，在y轴上关于O点对称的A、B两点有等量同种点电荷＋Q，在x轴上有关于O点对称的C、D两点，下列判断正确的是（）A．D点电场强度为零B．O点电场强度为零C．若将点电荷＋q从O移向C，电势能增大D．若将点电荷－q从O移向D，电势能增大9、如图所示是探究影响平行板电容器电容大小因素的实验装置．关于此实验装置中的静电计，下列说法中正确的是

A．静电计指针张角的大小反映了平行板电容器两板间电压的大小B．静电计指针张角的大小反映了平行板电容器带电量的大小C．静电计的外壳与A板相连接后可不接地D．可以用量程为3V的电压表替代静电计10、下列关于磁感应强度大小的说法正确的是A．通电导线受磁场力大的地方磁感应强度不一定大B．通电导线在磁感应强度大的地方受力一定大C．放在匀强磁场中各处的通电导线，受力大小和方向处处相同D．磁感应强度的大小和方向跟放在磁场中的通电导线受力的大小和方向无关三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某物理实验兴趣小组探究测定某品牌矿泉水的电阻率，用一两端开口的的玻璃管通过密封塞封住一定量的矿泉水（水占满被密封部分的全部空间）．（1）该同学用多用电表的电阻档测量玻璃管中矿泉水的电阻，选择开关置于“×100”档，发现指针如图甲所示，则该同学接着需要做的实验步骤是：①换选________(填“×10”或“×1k”)档；②______________________．（2）该组同学按图乙连好电路后，调节滑动变阻器的滑片，从最右端向左端移动的整个过程中，发现电压表有示数但几乎不变，可能的原因是________．A．滑动变阻器阻值太小B．电路中5、6之间断路C．电路中7、8之间断路（3）该组同学在改进实验后，测出玻璃管中有水部分的长度为L，电压表示数为U，电流表示数为I，改变玻璃管中的水量，测出多组数据，并描绘出相应的图像如图丙所示，若图线的斜率为k，玻璃管的内径d，则矿泉水的电阻率ρ＝________(用题中字母表示)．12．（12分）有一个小灯泡上有“4V2W”的字样，现要描绘这个小灯泡的伏安特性曲线．现有下列器材供选用：A．电压表（1～5V，内阻11kΩ）B．电压表（1～11V，内阻21kΩ）C．电流表（1～1．3A，内阻1Ω）D．电流表（1～1．6A，内阻1．4Ω）E．滑动变阻器（11Ω，2A）F．滑动变阻器（1kΩ，1A）G．学生电源（直流6V），还有电键、导线若干（1）电流表应选，滑动变阻器应选（用序号字母表示）．（2）为使实验误差尽量减小，要求从零开始多取几组数据，请在方框内画出满足实验要求的电路图．（3）若该同学已正确选用器材，并连接好部分实验电路．如图所示，请在图中完成其余的电路连接四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示是一种测定风作用力的仪器原理图，P为金属球，悬挂在一细长金属丝下面，O是悬点，R0是保护电阻，CD是水平放置的光滑电阻丝，与细金属丝始终保持良好接触.无风时，金属丝与电阻丝在C点接触，此时理想电流表A示数为I0；有风时金属丝将偏转一角度，角与风力大小有关，设风力方向水平向左，，，金属球质量为m，电阻丝单位长度的阻值为k，电源内电阻和金属丝电阻不计，金属丝偏角为时，A的示数为I＇，此时风力为F，已知重力加速度g，试写出:(1)F与的关系式；(2)F与I＇的关系式.14．（16分）一带电粒子从静止出发被1000V的电压加速，然后进入另一个电场强度为50000N/C的匀强偏转电场，进入时速度方向与偏转电场的方向垂直。已知粒子电量q=2×10-16C,质量m=1.0×10-25kg，偏转电极长10cm，求：（1）粒子离开加速电场时的速度？（2）粒子离开偏转电场时偏转角的正切值？（3）粒子离开偏转电场时的偏转位移？15．（12分）在水平放置且相距2cm的平行带电金属板间的匀强电场中，有一个质量为m=10-4g，电量q=-10-8C的带电液滴，恰在两板间的正中央处于静止状态。问：（1）哪块板带正电？（答上极板或下极板）板间电场强度多大？（2）若板间电场强度突然增为原来的2倍，液滴将做什么运动？到达极板时的速度多大？（结果可用根号表示）

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】

由于充电后，电容器的带电量Q不变，AB错误；根据可知，当两板间距离d增大时，电容C变小，根据可知，而两板间的电势差U增大，D错误；而内部电场强度，因此电场强度与两板间距离变化无关，C正确．电容器的定义式是一个比值定义，也就是电容器的大小与Q和U都无关，只与它们的比值有关；而电容器的决定式说明电器的大小与两板的正对面积成正比，与两板间的距离成反比；电容器内部是匀强电场，且电场强度大小为．2、B【解析】

A．带电体看作点电荷的条件是当带电体的形状及大小对它们间相互作用力的影响可忽略时，这个带电体可看作点电荷，带电体能否看作点电荷是由研究问题的性质决定，故A错误；

B．元电荷为最小的电荷量，大小为：e=1.60×10-19C，一个电子或一个质子所带的电荷量为元电荷，选项B正确；C．物体的带电量是元电荷的整数倍，4.0×10-19C不是1.60×10-19C的整数倍，故C错误；

D．两个相距很近的带电球体，不一定能将它们作为电荷集中在球心的点电荷处理，故D错误。

故选B。3、D【解析】

当S断开时，10Ω与20Ω的两个电阻串联，根据串联电路中电压与电阻成正比的特点可得，10Ω电阻的电压为3V，所以a、b间的电压为9V，当S闭合后，ab间的电阻减小，分担的电压减小，所以ab间的电压小于9VA.11V与分析不符，故A项错误；B.10V与分析不符，故B项错误；C.9V与分析不符，故C项错误；D.8V与分析相符，故D项正确．4、B【解析】

重力做功等于重力势能的减小量，重力势能增加5J，故重力做功-5J，故A错误；电场力做功等于电势能的减小量，电场力做功2J，故电势能减小2J，故B正确；重力势能增加5J，机械能增加1.5J，而机械能等于动能与重力势能之和，所以动能减小5J-1.5J=3.5J，故C错误。除重力以外的各个力做的总功等于机械能的增加量，除重力外，有电场力做功和空气阻力做功，机械能增加1.5J，所以电场力与空气阻力做的总功为1.5J，电场力做功为2J，所以空气阻力为1.5J-2J=-0.5J，故D错误；故选B。本题要掌握常见的功与能的关系，知道功是能量转化的量度，有多种表现形式：重力做功是重力势能变化的量度；电场力做功是电势能变化的量度；合力做功是动能变化的量度；重力外的各个力做的总功是机械能变化的量度．5、B【解析】

弹簧的自由端B在未悬挂重物时指针正对刻度1，当挂上80N重物时指针正对刻度41，知弹簧形变量为．

指针正对刻度11时，弹簧的形变量为．

由胡克定律得：，即，解得，因为不知道伸长量的单位，所以不能求k值，故B正确，ACD错误．解决本题的关键掌握胡克定律F=kx，注意x为形变量，不是弹簧的长度，可运用比例法解答．6、C【解析】

A．由图可知从x1到x2电势先降低后升高，电场强度的方向先向右后向左，故A错误。B．图像斜率的绝对值表示电场强度的大小，由图可知图像的斜率的绝对值从x1到x2先减小后增大，故电场强度先减小后增大，故B错误。C．从x1到x2电场强度方向先向右后向左，故正电荷受到的电场力先向右后向左，从x1到x2电场力先做正功再做负功，速度先增大后减小，故C正确。D．负电荷在电势低处的电势能大，故将电荷从x1移到x2，电势能先增大后减小，电场力先做负功再做正功，故D错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】试题分析：因为电容器带电量一定，所以两板间场强与两板间距无关，所以M板左移，小球受到的电场力不变，小球偏角不变，则小球所在位置与M板的电势差变大，小球所在位置的电势升高，因为小球带负电，所以小球的电势能减小；M板上移，则两板的相对面积减小，C减小，根据Q=CU,则两板电势差变大，板间场强变大，小球受到的电场力增大；小球与竖直面的夹角变大，小球所在位置的电势升高，小球的电势能减小．选项BC正确．考点：电容器的电容，场强，电势及电势能．8、BD【解析】A、B两点有等量同种点电荷+Q，根据叠加原理可知，O点的电场强度为零，而D点的电场强度为方向沿+x轴方向，不为零，A错误B正确；由上可知，OC段的电场方向从O→C，而OD段的电场方向从O→D，所以若将点电荷+q从O移向C，电场力做正功，电势能减小，C错误；若将点电荷-q从O移向D，电场力做负功，电势能增加，D正确．9、AC【解析】A、B、静电计是定性反映电压高低的仪器，不能发映了平行板电容器的电荷量的多少，故A正确，B错误；C、静电计测量的是两板间的电压高低，可以直接将A板与电容器外壳相接，不需要都接地，故C正确；D、静电计与电压表、电流表的原理不同，不能替代．电流表、电压表线圈中必须有电流通过时，指针才偏转，故不能用电压表代替静电计，故D错误；故选AC．【点睛】解决本题的关键知道静电计测量的是电容器两端的电势差，正确掌握静电计的使用方法．对于电容器的动态变化分析问题，常常是电容的决定式和定义式结合分析，抓住不变量是分析的基础．10、AD【解析】

磁感应强度是描述磁场强弱的物理量，通过电流元垂直放置于磁场中所受磁场力与电流元的比值来定义磁感应强度比值与磁场力及电流元均无关电流元所受磁场力是由左手定则来确定．【详解】当通电导线放入磁场中，受磁场力大的地方，磁感应强度不一定越大，磁场力大小还与导线中流动的电流大小，也跟导线和磁感应强度的方向之间的夹角有关．故A正确；放在匀强磁场中各处的通电导线受力为，受力大小与电流、导线的长度及导线与磁场的夹角有关．所以通电导线在磁感应强度大的地方受力不一定大，通电导线受磁场力大的地方磁感应强度不一定大．故B错误，C错误；磁感应强度的大小跟垂直放在磁场中的通电导线受力的大小没有关系，与通电导线电流大小也没有关系，它由磁场的性质决定．故D正确；故选AD．磁感应强度是通过比值定义得来，例如电场强度也是这种定义，电场强度与电场力及电荷量均没有关系再如密度也是，密度与物体的质量及体积均无关同时电流元放入磁场中不一定有磁场力，还受放置的角度有关．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、换×1k倍率；换挡要进行欧姆调零．AC【解析】

（1）①[1][2]．由图可知欧姆表示数太大，故应选择更大倍率测量，即换×1k倍率；②换挡要进行欧姆调零．（2）[3]．A、滑动变阻器阻值太小，通过调节它电路的电流改变比较小，故A可能；B.电路中5、6之间断路，则电压表示数为零，故B不可能；C、电路中7、8之间断路后电压表被串联到电路中，会导致其电压接近电源电动势，故C是可能的；（3）[4]．由电阻定律可得：又由图象可知：解得：．12、（1）DE（2）（3）【解析】试题分析：（1）因灯泡的额定电压为4V，为保证安全选用的电压表量程应稍大于4V，但不能大太多，量程太大则示数不准确；故只能选用1～5V的电压表．由P=UI得，灯泡的额定电流I=1．5A，故电流表应选择1～1．6A的量程，故电流表选D；而由题意要求可知，电压从零开始变化，并要多测几组数据，故只能采用滑动变阻器分压接法，而分压接法中应选总阻值小的滑动变阻器，故选E；（2）在用伏安法描绘这个灯泡的I一U图线的实验中，电压要从零开始变化，并要多测几组数据，故只能采用滑动变阻器分压接法；由于灯泡的电阻较小，所以选择电流表外接法．所以电路图如图．（3）按电路图画出实际电路图为考点：描绘小灯泡的伏安特性曲线实验．【名师点睛】（1）仪表的选择应本着安全准确的原则；电压表要测量灯泡两端的电压，故应通过灯泡的额定电压值判断需要的电压表；由流过灯泡的电流判断需要的电流表；由题意判断需要的滑动变阻器；（2）根据滑动变阻器分压及限流接法的不同作用，结合题意选