深圳市平湖中学2027届高二上物理期中质量检测模拟试题含解析

深圳市平湖中学2027届高二上物理期中质量检测模拟试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、某弹簧振子沿x轴做简谐运动的位移—时间图像如图所示，下列说法正确的是A．t=1s时，振子的速度为零，加速度沿x轴负向且最大B．t=2s时，振子的速度和加速度都沿x轴正向，加速度最大C．t=3s时，振子的速度为零，加速度沿x轴负向且最大D．t=4s时，振子的速度和加速度都沿x轴负向，加速度最大2、关于电磁感应,下列说法中正确的是（ ）A．线圈放在磁感应强度越强的地方，产生的感应电动势一定越大B．穿过线圈的磁通量变化越大，感应电动势越大C．穿过线圈的磁通量为零，感应电动势一定为零D．穿过线圈的磁通量变化越快，感应电动势越大3、关于电场强度的概念，下列说法正确的是()A．由可知，某电场的场强E与q成反比，与F成正比B．电场中某一点的场强与放入该点的试探电荷的正负无关C．正、负试探电荷在电场中同一点受到的电场力方向相反，所以某一点场强方向与放入试探电荷的正负有关D．电场中某一点不放试探电荷时，该点场强等于零4、如图用两根同样的绝缘细线把甲、乙两个质量相等的带电小球悬挂在同一点上，甲、乙两球均处于静止状态．已知两球带同种电荷，且甲球的电荷量大于乙球的电荷量，F1、F2分别表示甲、乙两球所受的库仑力，则下列说法中正确的是A．F1一定大于F2 B．F1一定小于F2C．F1与F2大小一定相等 D．无法比较F5、如图所示，在匀强电场中，实线MN是一个等势面，虚线AB是一个电子只在电场力作用下的运动轨迹．下列说法正确的是（）A．电子从A到B做匀速圆周运动B．电子在A点的动能比B点大C．B点电势高于A点电势D．电子在B点的电势能比A点大6、甲、乙两球在光滑水平轨道上同向运动，已知它们的动量分别是=5kg·m/s，=7kg·m/s，甲追上乙并发生碰撞，碰后乙球的动量变为=10kg·m/s，则两球质量m甲与m乙的关系可能是（）A．m甲=m乙B．m乙=2m甲C．m乙=4m甲D．m乙=6m甲二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、我国在西昌卫星发射中心用“长征三号丙”运载火箭，成功将第三颗北斗导航卫星送入预定轨道，这标志着北斗卫星导航系统工程建设又迈出了重要一步，卫星组网正按计划稳步推进．如图所示，发射过程中某段时间内火箭速度的变化规律为v＝(2t＋4)m/s，由此可知这段时间内()A．火箭的初速度为2m/sB．火箭的加速度为4m/s2C．在3s末，火箭的瞬时速度为10m/sD．火箭做匀加速直线运动8、如图所示，金属导轨上的导体棒ab在匀强磁场中沿导轨做下列哪种运动时，铜制线圈c中将有感应电流产生且被螺线管吸引(

)A．向左做加速运动B．向左做减速运动C．向右做加速运动D．向右做减速运动9、下列有关静电现象的说法，正确的是A．复印机是利用静电吸附作用工作的B．安装在烟囱底部的静电除尘器可以把烟灰除掉C．为消除静电现象，油罐车尾部装一条拖地铁链D．为了美观，最好把避雷针顶端设计成球形10、一个重为600N的人站在电梯中，此人对电梯地板的压力为700N，则此电梯的运动情况可能是（）A．加速上升 B．减速上升 C．加速下降 D．减速下降三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）一灵敏电流计，允许通过的最大电流（满刻度电流）为Ig=500μA，表头电阻Rg=200Ω，若改装成量程为Im=3mA的电流表，应并联的电阻阻值为____________Ω。若将改装后的电流表再改装成量程为Um=10V的电压表，应再串联一个阻值为__________Ω的电阻。12．（12分）为了描绘小灯泡的伏安特性曲线，某同学设计了如下的实验电路，已知小灯泡的规格为“12V，5W”．（1）闭合电建前，应将电路图中的滑动变阻器的滑片移到______（填“a”或“b”）端．根据连接好的实物图，调节滑动变阻器，记录多组电压表和电流表的读数，作出的图线如图甲中实线所示，由图线分析可知，小灯泡的电阻随温度的升高而______（填“增大”或“减小”）．若某次电流表的示数如图乙所示，则此时小灯泡的功率为____W（保留两位有效数字）．（2）若图像中的虚线Ⅰ或Ⅱ表示小灯泡真实的伏安特性曲线，与实验中得到的实线相比，虚线_____（填“Ⅰ”或“Ⅱ”）才是其真实的伏安特性曲线．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，匀强电场分布在边长为L的正方形区域ABCD内，M、N分别为AB和AD的中点，一个初速度为v0，质量为m的带负电粒子q沿纸面射入电场．带电粒子的重力不计．（1）如果带电粒子从M点垂直电场方向进入电场后，恰好从D点离开电场，求匀强电场的电场强度E和带电粒子从D点离开电场时的动能Ek1.（2）若带电粒子从N点垂直BC方向射入电场，它在电场中的运动时间t是多少？离开电场时的动能Ek2为多大？14．（16分）如图所示，是一提升重物用的直流电动机工作时的电路图，所加电压为120V，通过的电流为4A．该电动机在12s内把一个质量为60kg的物体匀速提高了8m，不计摩擦，g取10m/s2，求：（1）电动机的电功率；（2）电动机线圈的内阻；（3）电动机的工作效率。15．（12分）如图，矩形abcd区域有磁感应强度为B的匀强磁场，ab边长为3L，bc边足够长．厚度不计的挡板MN长为5L，平行bc边放置在磁场中，与bc边相距L，左端与ab边也相距L．质量为m、电荷量为e的电子，由静止开始经电场加速后沿ab边进入磁场区域，电子与挡板碰撞后完全被吸收并导走．（1）如果加速电压控制在一定范围内，能保证在这个电压范围内加速的电子进入磁场后在磁场中运动时间都相同．求这个加速电压U的范围．（2）调节加速电压，使电子能落在挡板上表面，求电子落在挡板上表面的最大宽度

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】

A．t=1s时，振子的速度为零，位移为负值，此时加速度沿x轴正向且最大，选项A错误；B．t=2s时，振子的速度沿x轴正向，加速度为零，选项B错误；C．t=3s时，振子的速度为零，位移为正向最大，则加速度沿x轴负向且最大，选项C正确；D．t=4s时，振子的速度沿x轴负向，加速度为零，选项D错误。2、D【解析】

A.只有切割才会产生感应电动势，故A错误B.穿过线圈的磁通量变化越快，感应电动势越大，故B错误C.穿过线圈的磁通量为零，但磁通量变化率不一定为零，所以感应电动势不一定为零，故C错误D.穿过线圈的磁通量变化越快，感应电动势越大，故D正确故选D3、B【解析】A：是电场强度的定义式，某电场的场强E与试探电荷的电荷量q、试探电荷受的电场力F无关；故A错误．B：电场中某一点的场强取决于电场本身，与放入该点的试探电荷的正负无关；故B正确．C：电场中某一点场强方向与正试探电荷受到的电场力方向相同，与负试探电荷受到的电场力方向相反；正、负试探电荷在电场中同一点受到的电场力方向相反；则某一点场强方向与放入试探电荷的正负无关．故C错误D：某点不放试探电荷时，该点的电场依然存在，故D错误．点睛：电场中某一点场强取决于电场本身，与该点试探电荷的电性、电荷量以及有无试探电荷无关．4、C【解析】

甲电荷所受的库仑力是乙电荷产生的电场对它的作用力，乙电荷所受的库仑力是甲电荷产生的电场对它的作用力．两个力大小相等．所以F1=F2，故C正确，ABD错误．5、C【解析】

由运动轨迹虚线AB等势面MN可知，电场力方向指向凹的一侧即垂直MN向下，由于匀强电场中电场力与电场线平行，则电场方向向上．电子在匀强电场中受电场力恒定，则不可能做匀速圆周运动，故A错误；若电子从A到B，电场力做正功，电子的动能增大，电势能减小，则电子在A点的动能比B点小，在A点的电势能大；若电子从B到A，电场力做负功，电子的动能减小，电势能变大，则电子在A点的动能比B点小，在A点的电势能大；故BD错误；因为电场线向上，沿着电场线的方向电势是降低的，所以B点电势高于A点电势，故C正确；故选C．电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布．对于本题关键是根据运动轨迹来判定电场力方向，由曲线运动条件可知合力偏向曲线内侧．6、C【解析】根据动量守恒定律得：p1+p2=p1′+p2′，解得：p1′=2kg•m/s．碰撞过程系统的总动能不增加，则有：代入数据解得：．碰撞后甲的速度不大于乙的速度，则有：，代入数据解得：．综上有，故BC正确，AD错误．故选BC．点睛：对于碰撞过程，往往根据三大规律，分析两个质量的范围：1、动量守恒；2、总动能不增加；3、碰撞后两物体同向运动时，后面物体的速度不大于前面物体的速度．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】对比公式可知，火箭做匀加速直线运动，在3s末速度为，CD正确．8、BD【解析】

导体棒ab向左做加速运动时，根据右手定则判断得到，ab中产生的感应电流方向从b→a，螺线管左端为N极，感应电流增加，螺线管产生的磁场增强，穿过c的磁通量变大，根据楞次定律得知，c中产生顺时针方向的感应电流（从左向右看），由等效法可知，线圈c右端相当于N极，则且线圈c被螺线管排斥。故A错误。同理可知导体棒向左做减速运动时，也会产生感应电流，且线圈c被螺线管吸引；导体棒向右做加速运动时，也会产生感应电流，且线圈c被螺线管排斥；导体棒向右做减速运动时，也会产生感应电流，且线圈c被螺线管吸引；故BD正确，C错误。故选BD。本题运用右手定则、安培定则和楞次定律按步就班进行分析的，也可以直接根据楞次定律进行判断：线圈c被螺线管吸引时，磁通量将要增大，说明原来的磁通量减小，导体棒必定做减速运动．9、ABC【解析】A、复印机是利用静电吸附作用工作的，故A正确；B、根据静电吸附作用，安装在烟囱底部的静电除尘器可以把煤灰除掉，故B正确；C、为消除静电危害，油罐车尾部装一条拖地铁链可以快速将产生的静电导走，故C正确；D、表面积越小，越是尖锐的物体，越容易放电，因此避雷针做成尖形的，更容易发挥作用，故D错误．点睛：本题考查静电的防止和应用，要注意明确避雷针的原理，知道它是用来保护建筑物物等避免雷击的装置，在高大建筑物顶端安装一根金属棒，用金属线与埋在地下的一块金属板连接起来，利用金属棒的尖端放电，使云层所带的电和地上的电逐渐中和，从而不会引发事故．10、AD【解析】试题分析：由牛顿第二定律知电梯加速度向上，故可能加速上升、也可能减速下降，AD对．考点：牛顿第二定律．【名师点睛】对超重和失重的理解1．实重：物体实际所受的重力．物体所受重力不会因物体运动状态的改变而变化．2．视重：当物体在竖直方向上有加速度时，物体对弹簧测力计的拉力或对台秤的压力将不等于物体的重力，此时弹簧测力计或台秤的示数叫物体的视重．3．判断物体超重与失重的方法(1)从受力的角度判断：超重：物体所受向上的拉力(或支持力)大于重力失重：物体所受向上的拉力(或支持力)小于重力(2)从加速度的角度判断：①当物体的加速度方向向上(或加速度有竖直向上的分量)时，处于超重状态．根据牛顿第二定律有：FN－mg＝ma，此时FN>mg，即处于超重状态．②当物体的加速度方向向下(或加速度有竖直向下的分量)时，处于失重状态．根据牛顿第二定律有：mg－FN＝ma，此时FN<mg，即处于失重状态．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、403300【解析】

[1]把电流表改装成量程为Im=3mA的电流表，应并联的电阻阻值[2]电流表内阻把电流表再改装成量程为Um=10V的电压表，应串联一个阻值12、（1）a，增大，2.4；（2）Ⅱ【解析】（1）开始时应让测量部分电压为零，故开关应移到a端开始调节；

由图可知图象的斜率越来越小，则说明电阻越来越大，小灯泡的电阻随温度的升高而增大；由电流表示数可知，电流大小为0.4A，则由图可知，电压为6.0V，故灯泡功率P=UI=6×0.4=2.4W；

（2）由于电流表采用外接法，由于电压表分流使电流表示数偏大，而电压表是准确的，故相同电压电流应偏小，故II为真实的图象．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）.（2）.【解析】

（1）带电粒子从M点垂直电场线进入电场后做类平抛运动．水平方向：①竖直方向：②联立①②得.带电粒子从M点进入电场后，从D点出来，电场力做的功③由动能定理得所以.（2）带电粒子从N点进入电场后做匀减速直线运动，设速度减到0这一过程的位移为x，由动能定理：④由③④得.当粒子速度减至0后沿原路返回，从N点射出，由于整个过程电场力做的功为0，则根据动能定理有.则，即粒子离开电场时的速度大小不变，由牛顿第二定律得.由运动学规律得得.14、（1）480W；（2）5Ω；（3）83.3%。【解析】

（1）电动机的总功率为：P=UI=120×4=480W；（2）电动机在12s内把一个质量为60Kg的物体匀速提高了8m，故拉力等于重力，为600N，速度为：v=；电动机输出的电功率为：P出=