广东潮州金中、揭阳一中2025-2026学年高三下学期考前学情自测物理试卷（含答案）

第第页广东潮州金中、揭阳一中2025-2026学年高三下学期考前学情自测物理试卷一、单项选择题：每小题4分，共28分；正确得4分，错选不得分。1．关于下列四幅图所涉及的光学知识，说法正确的是（）A．图甲检查工件的平整度利用光的衍射现象B．图乙医用内窥镜利用光的干涉现象C．图丙在坦克内壁上开孔安装玻璃利用光的折射现象扩大视野D．图丁泊松亮斑是由于光的偏振现象产生的2．某汽车检测中心对两款新型智能网联电动车进行直线加速与制动性能测试。测试车甲、乙均配备高精度北斗定位模块，分别实时记录其位置坐标、瞬时速度随时间变化的规律。两辆测试车同时由静止从同一起跑线出发，沿平直车道向同一方向行驶。根据车载传感器回传数据绘制运动图像，其中甲车的位移—时间关系图像如图甲所示，乙车的速度—时间关系图像如图乙所示，从出发点开始计时，下列说法正确的是（）A．0~2sB．t=3sC．t=5sD．t=6s3．在光电效应实验中，分别用频率为νa、νb的单色光a、b照射到同种金属上，测得相应的遏止电压分别为Ua和Ub、光电子的最大初动能分别为A．若νa>B．若νa>C．若Ua<D．若νa>4．家用室内引体向上器通常采用免打孔设计，通过调节杆的长度，利用橡胶垫与门框或墙壁的摩擦力起到固定的作用。如图所示，当质量为50kg的同学握住水平单杠保持静止，且只有双手接触单杠并双腿悬空，不计引体向上器的质量。则（）A．双手间距离越小，人所受到单杠的作用力越小B．单杠对每只手臂作用力大小一定为250NC．双手间距离越大，橡胶垫与墙面间的摩擦力越大D．同学由静止下降到最低点的过程中，橡胶垫与墙面间的摩擦力先小于同学的重力，后大于同学的重力5．如图是某一家用体育锻炼的发球机，从P点沿不同方向发出质量相同的A、B两球，两球均经过Q点，P、Q两点在同一水平线上，两球运动轨迹如图所示，如果不计空气阻力，关于两球的运动，下列说法正确的是（）A．两球运动至最高点时，两球动能相等B．两球经过Q点时重力做功的功率相等C．在运动过程中，小球A动量变化率大于小球B动量变化率D．在运动过程中，小球A速度变化量大于小球B速度变化量6．2025年2月，实践25号卫星成功为北斗G7卫星加注推进剂，完成了人类航天史上首次“太空加油”。已知北斗G7卫星在地球同步静止轨道绕地球做匀速圆周运动，下列说法正确的是（）A．北斗G7卫星的运行速度大于7.9km/sB．北斗G7卫星的向心加速度小于地球表面附近的重力加速度C．北斗G7卫星的运行速度小于地球赤道上随地球自转物体的线速度D．在地球同步静止轨道上运行的实践25号，可通过加速追上北斗G7卫星7．如图甲所示，一轻质弹簧上端固定，下端悬挂一个体积很小的磁铁，在小磁铁正下方桌面上放置一个闭合的铜制线圈。将小磁铁向下拉到某一位置后释放，第一次回到原点开始计时，小磁铁将做阻尼振动，其位移x随时间t变化的图像如图乙所示，经t0A．B时刻线圈中有逆时针（从上往下看）方向的电流B．更换电阻率更大的线圈，振幅A会更快地衰减到零C．小磁铁在A时刻的动能等于B时刻的动能D．增加线圈的匝数，t0二、多项选择题：每小题6分，共18分；正确得6分，漏选得3分，错选不得分。8．如图甲所示，“笑脸弹簧小人”由头部、轻弹簧及底座组成，将弹簧小人静置于桌面上，其简化模型如图乙所示，头部在O点时刚好静止。现将头部压到B点由静止释放，头部在AB之间上下振动，底座恰好未能离开地面，不计空气阻力，头部和底座质量相同，且弹簧始终在弹性限度内，下列说法正确的是（）A．头部在上下振动过程中，头部的机械能守恒B．头部在B点时的加速度大小为2gC．头部从O点向A点运动过程中，加速度逐渐增大D．头部从O点向A点运动过程中，速度逐渐增大9．某兴趣小组利用变压器设计的漏电保护装置如图所示，将火线和零线并行绕在铁芯左侧线圈L1上，当右侧线圈L2中产生电流时，此电流经放大器放大后，能使电磁铁吸起铁质开关K，从而切断教学楼电路。若仅考虑L1在铁芯中产生的磁场，变压器可以看作理想变压器，左、右线圈匝数分别为n1、n2，下列说法正确的是（）A．教学楼照明电路正常工作时，左、右线圈电压之比为nB．设计电流放大器的作用是可以提高漏电保护器的灵敏度C．某同学在教室用多用电表交流电流挡的两表笔分别接触墙上插座两孔金属片，造成短路，开关K将被电磁铁吸起D．某同学站在地上充电时一只手碰到插座火线触电，此装置会立即使开关K被电磁铁吸起10．下列说法正确的是（）A．图甲为手机与基站及蓝牙耳机的通信示意图。若基站与手机、手机与耳机之间通信的电磁波分别为甲波、乙波，则甲波的频率大于乙波的频率B．图乙中A、B是两个完全相同的白炽灯，L是自感系数很大、电阻可忽略不计的自感线圈。闭合开关S瞬间，B灯比A灯先亮，最后一样亮C．图丙为一款高空风车及其发电模块原理图。发电期间，线圈ab在某一时刻转至图示位置时，线圈磁通量为零，感应电动势最大D．图丁为麦克斯韦预言的电磁波的传播示意图。根据麦克斯韦的电磁场理论，在变化的电场周围一定产生变化的磁场，在变化的磁场周围一定产生变化的电场三、非选择题：共5小题，共54分。“用双缝干涉测量光的波长”实验中，双缝干涉实验装置正确安装后，接通电源使光源正常工作。11．下列图示中条纹间距表示正确的是（）A． B．C． D．12．要增大观察到的条纹间距，正确的做法是（）A．减小单缝与双缝间的距离B．增大透镜与单缝间的距离C．增大双缝与测量头间的距离13．如图所示，某同学在“测定玻璃的折射率”的实验中，先将白纸平铺在木板上并用图钉固定，玻璃砖平放在白纸上，然后在白纸上确定玻璃砖的界面aa'和bb'。O为直线AO与aa（1）该同学接下来要完成的必要步骤有（）A．插上大头针P3，使P3仅挡住B．插上大头针P3，使P3挡住P1C．插上大头针P4，使P4D．插上大头针P4，使P4挡住P3和P（2）过P3、P4作直线交bb'于O'，过O'作垂直于bb'的直线NN'，连接O（3）为探究折射率与介质材料的关系，用同一束微光分别入射玻璃砖和某透明介质，如图所示。保持相同的入射角α1，测得折射角分别为α2、α3α2<α（4）一位同学准确地画好玻璃砖的界面aa'和bb14．某同学利用电流表和电压表测量一节干电池的电动势和内阻，实验电路图如图1所示。连接电路后闭合开关S，多次调节滑动变阻器，记录电压表的读数U和电流表的读数I，作出U-I图线如图2所示。（1）根据U-I图线得该电池的电动势E=V，内阻r=Ω。（结果保留2位有效数字）（2）若忽略偶然误差，利用该电路测得电动势的测量值真实值，内阻的测量值真实值。（填“小于”“大于”或“等于”）（3）某同学设计了如图3所示的电路测量电源的电动势E，其中E1是辅助电源。闭合开关S1、S2，调节R1至适当位置，再调节R2使灵敏电流计G的示数为0，记录电流表和电压表的示数I和U，改变R1的阻值，多次重复步骤，根据记录的数据作出U-I图线。若图线的斜率为k，纵轴（U轴）截距为b，则该电源的电动势为；从理论上分析，利用该电路测得电动势的测量值真实值（填“小于”“大于”或“等于”）。15．弹簧式安全阀是一种自动泄压保护装置。某款安全阀接入容器后的结构简化图如图乙所示，导热性能良好的容器体积为V0，右下方为进气口，上端出气口与安全阀连接，安全阀内轻弹簧一端固定在阀管顶端，另一端连接轻质活塞，活塞横截面积为S，可无漏气、无摩擦地在阀管内移动；阀管上的泄压口始终与外界连通，与容器出气口距离为L。现测试其泄压参数，开始时封闭容器进气口，此时容器内气体压强为P0，温度为T0，活塞恰好在出气口处且弹簧处于原长，已知大气压强为P（1）若使容器的温度缓慢升高，当恰好开始泄压时，容器内气体的压强P1和温度T（2）若往容器缓慢充入温度为T0，压强为P0的同种气体，求充入气体体积16．如图是深坑打夯机的示意图，电动机带动两个摩擦轮匀速转动，将压紧的夯杆从深坑提起。当夯杆的下端刚到达坑口时，两个摩擦轮将夯杆松开，夯杆在自身重力的作用下，最后落回坑底，这样，周而复始的进行，可以达到将坑底夯实的目的。已知两摩擦轮边缘处的线速度均为v=4m/s，两摩擦轮对夯杆的正压力均为F=2×104N，与夯杆间的动摩擦因数μ=0.3，夯杆的质量（1）该深坑打夯机的打夯周期T；（2）一个打夯周期内电动机因带动夯杆的做功功率P。17．如图所示，两块平行金属板水平放置，板长和板间距均为2d，两板之间存在竖直向上的匀强电场。极板右侧空间存在范围足够大的匀强磁场B，磁场方向垂直纸面向外。极板左侧有一束宽度为2d，均匀分布的离子束以相同的初速度v0沿着平行于金属板的方向射入电场，已知离子质量均为m，电荷量均为+q（1）要使离子能沿直线通过两极板间的电场，可在极板间施加一垂直于纸面的匀强磁场B0，求B（2）若两极板间仅有电场，从电场中射出的粒子经磁偏转后能全部回到电场中，求磁感应强度B的取值范围；（3）若磁感应强度的B大小取（2）中的最小值，求从正极板边缘射入的离子，在电磁场中运行时间。

答案解析部分1．【答案】C【解析】【解答】A.检查工件平整度通常利用光的干涉现象（如劈尖干涉或牛顿环），通过干涉条纹的变形判断表面不平整度。衍射现象是指光绕过障碍物或通过狭缝时的展宽现象，与平整度检测无关，故A错误；

B.医用内窥镜利用光导纤维传输光和图像，其原理是全反射（光在光纤内多次全反射传播），而非光的干涉。干涉需要相干光叠加，而内窥镜的光传输不依赖此现象，故B错误；

C.坦克潜望镜或观察窗通过光的折射（如棱镜或透镜组合）改变光路，将外部场景折射到观察者眼中，从而扩大视野范围。这是折射现象的实际应用，故C正确；

D.泊松亮斑是光的衍射现象的典型例子（光遇到圆形障碍物时，阴影中心出现的亮斑），与偏振无关。偏振是指光波的振动方向选择性，而衍射是波的传播特性，故D错误；故选C。

【分析】（1）明确光学现象的定义：

干涉：两列相干光叠加形成明暗条纹（如双缝干涉、牛顿环）；

衍射：光绕过障碍物或通过狭缝后的展宽现象（如单缝衍射、泊松亮斑）；

全反射：光从光密介质射向光疏介质时，入射角大于临界角时全部反射（如光纤）；

折射：光穿过不同介质时方向偏折（如透镜、棱镜）；

联系实际应用：平整度检测→干涉；内窥镜→全反射；潜望镜→折射；泊松亮斑→衍射。

（2）易错点，混淆干涉与衍射，干涉需相干光源（如双缝），衍射是单缝或障碍物导致的现象；

误将泊松亮斑（衍射）当作干涉，或将平整度检测（干涉）当作衍射；

全反射与折射的区分：内窥镜利用全反射，光在光纤内传播，而潜望镜利用折射改变光路方向；

偏振的误用：偏振与波的振动方向有关，与泊松亮斑（衍射）无关，易被错误关联。

（3）隐含条件，坦克内壁开孔通常指潜望镜；内窥镜的光纤技术依赖全反射，而非干涉或折射。2．【答案】A【解析】【解答】A．由图甲位移和时间的关系中，在0~2s内，根据甲车的初末坐标可以得出甲车的位移大小为x1=4B．根据x−t图像的斜率表示速度，由图甲可知t=3s时，根据图像斜率可知甲车的速度大小为vC．t=5sD．由图甲的初末位置可知0~6s内，甲车的位移为0；根据v−t图像与横轴围成的面积表示位移，由图乙可知0~6故选A。

【分析】利用甲图初末位置可以求出甲车的位移；利用乙图面积的大小可以求出乙车位移的大小；利用位移图像斜率可以得出速度的大小及方向；利用速度时间图像坐标可以得出速度的大小及方向。3．【答案】B【解析】【解答】A、根据光电效应方程Ek=hν−W0，遏止电压满足eUc=Ek，若νa>νb，则Eka>Ekb，对应Ua>Ub，故A错误；

B、同种金属逸出功W【分析】A、考查遏止电压与入射光频率关系，频率越大，遏止电压越大；

B、考查光电效应方程，同一金属逸出功不变，入射光频率越高，光电子最大初动能越大；

C、考查遏止电压和最大初动能的关系，遏止电压越大，最大初动能越大；

D、考查逸出功的物理意义，hν−E4．【答案】D【解析】【解答】本题考查共点力平衡条件的运用，解题关键掌握健身者答受力分析。A．人所受到单杠的作用力和重力平衡，则人所受到单杠的作用力大小不变，为F=G=mg=500N故A错误；B．只有两手臂平行时，单杠对每只手臂作用力大小为F'两手臂有夹角时，单杠对每只手臂作用力都大于250N，故B错误；C．不计引体向上器的质量，橡胶垫与墙面间的摩擦力等于人的重力不变，故C错误；D．同学由静止下降到最低点的过程中，人先加速度先向下，再向上，先失重后超重，结合牛顿第二定律可知，橡胶垫与墙面间的摩擦力先小于同学的重力，后大于同学的重力，故D正确；故选D。

【分析】分析健身者的受力，根据共点力平衡条件分析所受到单杠的作用力和每只手臂受到的作用力；静摩擦力，与压力没有必然联系；把健身者与室内引体向上器作为研究对象，分析摩擦力与重力的关系。5．【答案】D【解析】【解答】A、斜抛运动最高点竖直分速度为0，只有水平分速度。两球水平位移相同，A运动时间更长，由x=vB、重力瞬时功率P=mgvC、根据动量定理，动量变化率ΔpD、由Δv=gt故答案为：D。【分析】A、考查斜抛运动最高点速度特点，最高点只有水平分速度，结合水平位移与时间判断水平分速度大小；B、考查重力瞬时功率，重力功率只和竖直分速度有关，利用斜抛运动对称性分析落地竖直分速度；C、考查动量定理，动量变化率等于合外力，两球合外力均为重力；D、考查速度变化量，斜抛只受重力，Δv=gt6．【答案】B【解析】【解答】A、7.9km/s是第一宇宙速度，是近地卫星最大环绕速度，同步卫星轨道半径大于地球半径，由v=GMB、由a=GMr2，地表重力加速度g=C、同步卫星与赤道物体角速度相等，由v=ωr，同步卫星轨道半径更大，线速度大于赤道上物体的线速度，故C错误；D、同一轨道上卫星加速，万有引力不足以提供向心力，会做离心运动，进入更高轨道，不能追上同轨道卫星，故D错误；故答案为：B。【分析】A、考查第一宇宙速度的意义，轨道半径越大，环绕速度越小；B、考查万有引力与向心加速度、重力加速度的关系，轨道半径越大向心加速度越小；C、考查同轴转动线速度规律，角速度相同，轨道半径越大线速度越大；D、考查卫星变轨原理，同轨道加速会离心离开该轨道。7．【答案】D【解析】【解答】A、B时刻磁铁位移为正，运动方向向下，穿过线圈向上的磁通量增大，由楞次定律，从上往下看线圈感应电流为顺时针，故A错误；B、更换电阻率更大的线圈，线圈电阻变大，感应电流变小，电磁阻尼减弱，振幅衰减变慢，故B错误；C、A、B两点位移相等，弹簧弹性势能与磁铁重力势能之和相等；振动过程有电磁感应损耗机械能，A时刻动能大于B时刻动能，故C错误；D、增加线圈匝数，感应电动势变大，感应电流变大，电磁阻尼更强，振动更快停下，t0故答案为：D。【分析】A、考查楞次定律，根据磁通量变化判断感应电流方向；B、考查电磁阻尼，线圈电阻越大，感应电流越小，阻尼效果越弱；C、考查阻尼振动能量变化，阻尼振动机械能不断转化为电能，再变成内能；D、考查匝数对电磁阻尼的影响，匝数增多阻尼变强，衰减变快；总内能等于初始系统机械能，与匝数无关。8．【答案】B,C【解析】【解答】A、头部振动时弹簧弹力对头部做功，头部和弹簧组成的系统机械能守恒，单独头部的机械能不守恒，故A错误；B、底座恰好不离开地面，底座受到弹簧向上拉力等于底座重力，kx1=mg。头部在最高点，合力mg+kx1C、O是平衡位置，A是最高点，头部从O向A运动，远离平衡位置，回复力变大，加速度逐渐增大，故C正确；D、从O向A运动，加速度方向与速度方向相反，速度逐渐减小，故D错误；故答案为：BC。【分析】A、判断机械能守恒要看除重力之外其他力做功，弹簧弹力属于外力，会改变头部机械能；B、利用底座刚好离地条件得到弹簧弹力，结合简谐运动对称性，最高点与最低点加速度大小相等；C、简谐运动，远离平衡位置，回复力增大，加速度增大；D、加速度与速度反向，物体做减速运动。9．【答案】B,D【解析】【解答】A、正常工作时，火线、零线电流大小相等、方向相反，铁芯内磁通量相互抵消，穿过L2磁通量为0，LB、漏电时L2C、插座两孔短路，火线零线电流仍然大小相等、方向相反，铁芯磁通量为零，L2D、人站地上触碰火线触电，一部分电流经人体流入大地，火线电流大于零线电流，铁芯产生变化磁通量，L2故答案为：BD。【分析】A、漏电保护器的原理是火线零线电流不相等，正常工作二者电流抵消，副线圈无感应电动势；B、放大器放大微弱感应电流，提升漏电保护灵敏度；C、短路只是电流变大，火线零线电流仍然相等，不会触发保护；D、触电时电流分流到大地，火线零线电流不等，铁芯产生磁通量变化，触发保护。10．【答案】B,C【解析】【解答】本题考查电磁学基础知识，具有一定的综合性。A．根据公式c=λf可知，由于甲波的波长大于乙波的波长，则甲波的频率小于乙波的频率，故A错误；B．图乙中A、B是两个完全相同的白炽灯，L是自感系数很大、电阻可忽略不计的自感线圈，闭合开关S瞬间，由于线圈自感现象，B灯比A灯先亮，最后一样亮，故B正确；C．图丙为一款高空风车及其发电模块原理图，发电期间，线圈在某一时刻转至图示位置时，线圈磁通量为零，但磁通量变化率最大，感应电动势最大，故C正确；D．根据麦克斯韦的电磁场理论，在均匀变化的磁场周围产生恒定的电场，均匀变化的电场周围产生恒定的磁场，故D错误。故选BC。

【分析】根据波长的大小关系，结合公式c＝λf分析出频率的大小关系；根据自感现象分析；根据交流发电机特点分析；根据麦克斯韦的电磁场理论分析。【答案】11．C12．C【解析】【分析】(1)本题考查双缝干涉条纹间距的定义，注意条纹间距是条纹中心到中心，不是边缘到边缘。(2)本题考查双缝干涉条纹间距公式，牢记公式中各物理量含义，分清哪些量会改变条纹间距。11．(1)双缝干涉的条纹间距是相邻两条亮条纹中心（或相邻两条暗条纹中心）之间的距离，C正确。

故答案为：C12．（2）根据条纹间距公式Δx=故答案为：C。13．【答案】（1）B；D（2）sin（3）>（4）等于【解析】【解答】（1）光沿直线传播，两点确定一条直线，让P3同时挡住P1、P2的像，保证入射光线是唯一的且过P1、P2，同理使P4挡住P3和P故答案为：BD。（2）根据题意，由折射定律可得，玻璃砖的折射率n=sinβsinα（3）玻璃砖的折射率n玻璃=因α2<α3，所以n玻璃>（4）如图实际光路图为PMNG，测量光路图为PQNG根据折射定律知，PM平行于QNG，且M点到aa'的距离等于N点到bb'的距离，所以四边形PMNQ为平行四边形，

则折射率的测量值等于准确值。

故答案为：等于

【分析】(1)本题考查测定玻璃折射率的插针法操作，理解大头针的作用是确定入射光线和出射光线。

(2)本题考查折射定律，分清入射角、折射角，注意角度是光线与法线的夹角。（1）光沿直线传播，两点确定一条直线，让P3同时挡住P1、P2的像，保证入射光线是唯一的且过P1、P2，同理使P4挡住P3和P故选BD。（2）根据题意，由折射定律可得，玻璃砖的折射率n=sin（3）玻璃砖的折射率n某透明介质的折射率n因α2<α3（4）如图实际光路图为PMNG，测量光路图为PQNG根据折射定律知，PM平行于QNG，且M点到aa'的距离等于N点到14．【答案】（1）1.5；0.83（2）小于；小于（3）b；等于【解析】【解答】(1)根据闭合电路欧姆定律U=E−Ir，U‑I图像纵轴截距为电源电动势，由图可得E=1.5V；图像斜率绝对值等于电源内阻，r=ΔUΔI=1.5−1.00.60Ω≈0.83Ω。

故答案为：1.5；0.83

(2)该电路为电流表外接法，电压表存在分流，电流表读数小于电源真实总电流。推导可得电动势测量值E测=【分析】(1)本题考查测电源电动势和内阻的U‑I图像法，记住纵截距为电动势，斜率绝对值为内阻。

(2)本题考查伏安法测电源的系统误差，本电路电压表分流造成电流表读数偏小，导致电动势、内阻测量值均偏小。

(3)本题考查补偿法测电源电动势，灵敏电流计示数为零实现电势补偿，消除电表分流带来的系统误差，测量值等于真实值。（1）[1][2]根据闭合电路欧姆定律得U=E−Ir则U−I图线的纵截距等于电动势E，图线纵截距为1.5V，故图线斜率的绝对值等于内阻r，由图得r=∣（2）[1][2]本电路中，电压表存在分流作用，电流表读数I小于电源实际的总电流，则U=E-(推导得测量关系U=因此，电动势测量值E内阻测量值r测（3）[1]当灵敏电流计G示数为0时，说明G两端电势相等，电压表读数U等于待测电源的路端电压，电流表读数I等于待测电源的输出电流，因此仍满足U=E−IrU−I图线纵截距b等于电动势，故E=b[2]该电路消除了电压表分流带来的系统误差，理论上测量值没有误差，因此电动势测量值等于真实值。15．【答案】（1）解：活塞受力平衡有P解得P升温后体积V由理想气体状态方程有P解得T（2）解：充气过程为等温变化P解得Δ【解析】【分析】(1)活塞刚要泄压，弹簧压缩量为L，受力平衡求出泄压压强；升温过程气体压强、体积、温度都改变，使用理想气体状态方程求解温度。

(2)充气是变质量问题，采用分态式理想气体方程，把原有气体和充入气体作为整体，温度不变，列等温方程求解充入气体体积。（1）活塞受力平衡有P解得P升温后体积V由理想气体状态方程有P解得T（2）充气过程为等温变化P解得Δ16．【答案】（1）解：夯杆加速上升过程受力如图由牛