2026-2027学年人教版中考物理备考全程模拟卷(含答案和解析)

第页2026-2027学年人教版中考物理备考全程模拟卷(含答案和解析)学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________题号一二三四五六总分得分注意事项:

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。

3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。一、选择题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.在每小题所给出的四个选项中，只有一项是正确的)1.电风扇的核心装置是电动机，下列哪个实验揭示了电动机的工作原理(

)A. B.

C. D.2．人们常把物质的一些属性作为选择材料的依据，可以利用这些属性为我们服务，下列说法中正确的是（）A．用胶木制作热水壶的手柄，是利用了材料良好的导热性 B．用复合材料制作撑杆跳高的撑杆，是利用了材料良好的弹性 C．铁铲和铝锅使用金属制成，是利用了材料的导电性 D．火箭用氢燃料是因为其热值小3．如图所示，消防飞机在沿着水平方向匀速飞行的过程中，将其水箱内的水洒向地面。此过程中，该飞机（包括飞机所载的所有人员、装备、物资）的（）A．重力势能不变，动能不变，机械能不变 B．重力势能减小，动能不变，机械能减小 C．重力势能增大，动能不变，机械能增大 D．重力势能减小，动能减小，机械能减小4．小强在中国科技馆的“科技与生活”展区，看了“光敏电阻”的展品．得知光敏电阻随光照强度的增大阻值减小，于是他设计了如图所示的电路，电源电压不变，为光敏电阻，为定值电阻，闭合开关，当照射到上的光线减弱时，下列判断中正确的是（

）A．电流表示数增大B．电压表示数减小C．电阻两端电压减小D．电路消耗的总功率增大5．为了比较两种燃料的热值，小明采用如图所示两套完全相同装置进行实验，下列说法正确的是（）A．通过调节铁圈A的位置，使温度计处于适当的高度 B．实验中需要保证两种燃料燃烧时间相同 C．将两套装置中两个烧杯中的水换成比热容小的液体可以使实验现象更明显 D．如要进一步研究不同物质的吸热能力，只需将其中一个烧杯中的水换成等质量煤油6．2018雅加达亚运会上，我国运动健儿再展雄姿，关于以下情景分析正确的是（）A．举重运动员将杠铃举起后静止在台上，此时运动员所受的压力和地面对运动员支持力是一对平衡力 B．排球场上，运动员将飞过来的排球打回去，说明力的作用效果与力的大小有关 C．箭离开弓弦后，能飞行相当远的距离，是因为箭还受到向前的动力 D．自行车运动员要让自行车更快地停下来，会用力捏闸，这是通过增大压力来增大摩擦7．如图1所示，是磊磊同学在探究“电流与电阻关系”实验中设计的电路图、数据收集以及绘制的图像（图2），对此提出了一下的见解，其中说法不正确的是（）A．该实验中滑动变阻器的作用既保护了电路又可以控制定值电阻两端的电压不变 B．实验中无论如何调节滑片始终达不到预定电压值的原因可能是滑动变阻器最大阻值过小 C．由图3的数据可知I﹣R图像中的阴影部分面积为2V D．本实验需要控制定值电阻两端的电压不变，不需要再改变定值电阻两端电压多次实验二、填空题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.不需要写出解答过程，请把答案直接填在答题卡相应的位置上.)8.烧开水时，壶嘴上方会有“白汽”生成，但“白汽”离壶嘴总有一段距离，这是因为壶嘴附近温度高，从而使水蒸气不易______；水蒸气烫伤比开水烫伤严重是因为______．9.小亮家新买了一辆汽车，车上的座椅垫具有电加热功能，如图所示是该座椅垫加热部分的电路简图。已知电源电压为24V，高温挡功率为36W，S为挡位切换开关。电热丝阻值R2=3R1，则电热丝R1的阻值是______Ω，低温挡功率为______

10.小雷家电能表上月底的示数为，本月底的示数如图所示，她家本月消耗电能为______kW⋅h。该电能表的转盘转过160转时，消耗的电能为______kW⋅h。小雷家同时接入的用电器总功率不能超过______W。

11．如图甲所示，是小明“探究水沸腾的实验”装置。（1）除温度计外，还需要的测量工具是。（2）图乙是某时刻温度计的示数，此时水的温度是℃；（3）水沸腾后撤去酒精灯，水还能继续沸腾一小会儿，这说明水沸腾时不需要吸热。这种判断是否正确？，产生这种现象的原因是。12．图所示，在庆祝中华人民共和国成立70周年阅兵式上，一架加油机率两架歼10水平飞越天安门广场。加油机以200m/s的速度相对（选填“地面“或“歼10“）飞行的，则歼10相对地面的速度是m/s，相对于加油机的速度是m/s。13．如图所示，当S闭合，甲、乙两表为电压表时，两表示数比为U甲:U乙=5：3；当S断开，甲、乙两表为电流表时，两表示数比为I甲:I乙=_________，此时R1和R2消耗的功率之比P甲:P乙=____________。14．在“探究凸透镜成像规律”的实验中，如图所示，小明将焦距为10cm的凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处不动．调节烛焰、凸透镜和光屏的中心在同一高度，将蜡烛移至光具座上20cm处，移动光屏，在光屏上得到一个倒立、

________的实像．要在光屏上成放大的像，蜡烛应向

________移动，光屏应向

________移动（均选填“左”或“右”）．三、作图题：本大题共3个小题，共7分。15．一束光在水中射向平面镜，经平面镜反射进入空中，画出光路图。16.常用智能手机是通过指纹开关S1或密码开关S2来解锁的，若其中任一方式解锁失败后，锁定开关S3均会断开而暂停手机解锁功能，S3将在一段时间后自动闭合而恢复解锁功能。若用灯泡L17.如图所示，双控开关，应用在两个不同的地方(如楼上楼下)，能各自独立控制同一盏电灯的点亮或熄灭。如图；开关1、开关2均为单刀双掷开关，它们都能各自独立控制灯泡点亮或熄灭。

四、实验题：本大题共3小题，第18小题6分，第19小题6分，第20小题8分，共20分。18.如图甲所示，人眼的功能类似于照相机。学习了凸透镜成像规律后，小明对人眼和照相机如何成清晰的像，进行了进一步研究。

(1)人眼结构中，视网膜到晶状体的距离不变，相当于“探究凸透镜成像规律”实验中，______到凸透镜的距离不变，能否看清远近不同的物体，可能与晶状体的焦距有关；小明猜测使用变焦照相机拍照，能否得到清晰的像，可能同时与焦距和像距有关。于是他用图乙装置进行探究。

(2)实验前，调节“F”光源和光屏的中心在凸透镜的主光轴上，是为了使像呈现在______。

(3)实验主要步骤：

①保持光屏到凸透镜的距离不变，换上不同焦距的凸透镜，调节“F”光源到凸透镜的距离，直到光屏上成清晰的像，分别记录焦距、物距和像的高度；

②保持______到凸透镜的距离不变，换上不同焦距的凸透镜，调节光屏到凸透镜的距离，直到光屏上成清晰的像，分别记录焦距、物距和像的高度。

(4)实验数据如表所示：

物体高度为H=5.0cm实验次数物距/cm像距/cm焦距/cm像的高度/cm117.115.08.04.4230.015.010.02.5360.015.012.01.3425.011.88.02.4525.016.710.03.3625.023.112.04.6①分析______三组数据可知：当像距不变时，物距变大，要成清晰的像，凸透镜焦距要变大；

②分析4、5、6三组数据可知：当物距不变时，凸透镜焦距越______，像距越大，像也越大；

根据以上探究可知：人眼是通过调节晶状体焦距来看清远近不同物体的；用变焦距照相机在同一位置拍摄同一物体时，是通过同时调节焦距和像距，使物体成大小不同的清晰的像。

(5)实验结束后，小明和同学们进行了如下交流：

①人长时间看近处物体，眼睛容易疲劳。学习较长时间后，建议同学们适当远眺，使睫状体放松，晶状体变______(填“厚”或“薄”)，焦距变大，舒缓眼疲劳，保护眼睛；

②如图丙所示是小明用变焦相机拍摄的辽宁广播电视塔的全景，他又在原地把塔顶拍得更大一些如图丁所示，则小明在增大焦距的同时，还需要把照相机的镜头______(填“向前伸”或“往后缩”)了一些。19．如图所示是“探究感应电流产生的条件”实验装置。（1）实验中，AB棒的材料可能是（填“塑料”或“铝”）；（2）保持AB棒运动方向不变，仅将磁体N、S极对调，重复上述实验，是为了探究感应电流方向与的关系。20.如图1所示是小明探究液体内部压强特点的实验。

(1)实验中是通过观察U形管两侧______，来判断液体内部压强的大小。

(2)在图1乙中，固定金属盒橡皮膜在水中的深度，使金属盒处于向上、向下、向左、向右等方位时，两玻璃管中液面高度差不变，说明了在液体内部______处，液体向各个方向的压强大小相等。

(3)图1中甲、乙、丙实验，可得出的结论是______。

(4)比较图1丙、丁、戊实验，可以探究液体内部压强与液体______的关系，得出的结论是______。

(5)小红使用了如图2所示的实验装置探究液体内部压强与液体密度的关系：容器中间用隔板分成左右两部分，隔板下部有一用薄橡皮膜封闭的圆孔。若右侧注入的是水，水面距离橡皮膜11cm，向左侧注入盐水，当盐水液面距离橡皮膜10cm时，观察到橡皮膜不向任何一侧凸起，则左侧盐水的密度是______kg/m3。五、计算题：本大题共2小题，第21小题7分，第22小题6分，共13分。21.用如图所示的滑轮组将质量为30kg的物体以0.1m/s的速度匀速向上提升10s。(g取10N/kg)

(1)求该物体所受到的重力；

(2)实际中动滑轮重为40N，人的拉力做功400J，求克服绳重和摩擦所做的额外功。

22．我国自主研制的“红旗HQ3”无人驾驶汽车在某段平直公路上进行测试，汽车以18m/s的速度匀速行驶了5min，消耗燃油0.3kg，汽车发动机的牵引力是1000N．已知燃油的热值为4.5×107J/kg。试求：（1）消耗的燃油完全燃烧产生的热量是多少？（2）汽车牵引力所做的功是多少？（3）发动机的效率是多少？六、综合能力题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。23.小明将图1两个小灯泡与其它器材连接了如图2的实物图。

(1)在图3方框中画出图2对应的电路图。

(2)闭合开关，L1、L2发光，电压表示数为2.0V，电流表A1示数为0.2A，电流表A2示数为0.06A。

求：①干路电流为______。

②L1的阻值。

③L2的功率；L2在此状态下持续工作100s消耗的电能。

(3)将L2换成白光LED小灯泡，再次闭合开关，L1亮，L2不亮，小明依据24．同学们利用压强计等装置“探究液体内部压强”的规律，进行了如下的操作：（1）在使用压强计前，发现U形管中两侧液面已有高度差（如图甲所示），接下来的操作是（选填字母）。A．直接从U形管右侧中倒出适量液体B．拆除胶管重新安装（2）正确操作后，分析乙、丙两图的实验现象，初步得出的结论是：同种液体中，液体压强随液体深度的增加而，因此拦河大坝要做成的形状（选填“上窄下宽”或“上宽下窄”）；（3）玲玲保持丙图中探头的位置不变，并向容器内加入适量的浓盐水，她发现U形管两侧液面的高度差又变大了，于是得出了“在同一深度，液体的密度越大，其内部的压强越大”的结论。她的操作不可靠，原因是加入盐水后液面位置改变了，正确操作是应将探头适当（选填“上移”或“下移”）；（4）红红用丁装置测量未知液体的密度，在左侧加入适量的水，在右侧缓慢倒入待测液体，直到观察到橡皮膜相平，需要测量的物理量有（多选）；A．右侧待测液体到容器底的深度h1；B．右侧待测液体到橡皮膜中心的深度h2；C．左侧水到容器底的深度h3；D．左侧水到橡皮膜中心的深度h4；根据你选用的物理量推导出待测液体密度的表达式为ρ＝（用题中字母和ρ水表示）。25.阅读短文，回答问题。

为保护地球家园，我国将努力争取2060年前实现碳中和。为了降低化石能源占比，我国目前正大力开发利用太阳能、风能、核能等新能源，风光互补发电项目正大规模推进，有风时通过风力发电机发电，有阳光时通过太阳能电池板发电。风光互补发电系统由太阳能电池板、风力发电机组、系统控制器、蓄电池组和逆变器等几部分组成。

下表为某型号风光互补路灯系统的部分技术参数，其中风力发电的最大输出功率是指风速达到最大限制风速时风力发电机的输出功率；光照功率是指太阳光照射到电池板表面处每平方米的功率，光电转化效率是指太阳能电池板将光能转化为电能的效率。风力发电参数太阳能发电参数最大输出电功率400W光照功率1000W/最大限制风速12m/s光电转化效率20%(1)太阳能属于______(选填“可再生”或“不可再生”)能源，地球上绿色植物可以通过光合作用将太阳能转化为______能。核能是核电站利用核反应堆中铀核______(选填“裂变”或“聚变”)时产生的内能，通过______(选填“汽轮机”或“内燃机”)做功，带动发电机发电。

(2)若太阳能板的面积为0.5m2，则利用太阳能板发电5h产生的电能可供额定功率为40W的电灯正常工作______h。

(3)若风力发电时功率与风速的立方成正比，则当输出功率为50W时，风速为______m/s参考答案及解析1.【答案】B

【解析】解：电动机的工作原理是：通电导体在磁场中受到力的作用；

A、图中研究的是电磁铁磁性的强弱与电流大小的关系，是电流的磁效应，故A不符合题意。

B、图中有电源，闭合开关后，通电导体在磁场中受力运动，揭示了电动机工作原理，故B符合题意；

C、图中没有电源，导体ab在磁场中做切割磁感线运动时，检流计指针发生偏转，说明产生了感应电流，这是电磁感应现象，是发电机的工作原理，故C不符合题意。

D、图中是奥斯特实验，说明了通电导线周围存在磁场，是电流的磁效应，故D不符合题意。

故选：B。

电动机的工作原理是：通电导体在磁场中受到力的作用。结合图中装置可逐一做出判断。

电动机是将电能转化为机械能的机械，它在工作时要消耗电能，因此解题时观察图形中有无电源是此题的解题关键。

2．（2分）人们常把物质的一些属性作为选择材料的依据，可以利用这些属性为我们服务，下列说法中正确的是（）A．用胶木制作热水壶的手柄，是利用了材料良好的导热性 B．用复合材料制作撑杆跳高的撑杆，是利用了材料良好的弹性 C．铁铲和铝锅使用金属制成，是利用了材料的导电性 D．火箭用氢燃料是因为其热值小【分析】熔点、沸点、硬度、导电性、导热性、延展性等，都属于物质的物理性质。【解答】解：A、用胶木制作热水壶的手柄，故A错误。B、用复合材料制作撑杆跳高的撑杆，故B正确。C、铁铲和铝锅使用金属制成，故C错误。D、火箭用氢燃料是因为其热值大。故选：B。【点评】本题考查了物体的基本属性，属于基础题。3．解：飞机洒水时，速度不变，质量减小，动能减小；飞机的高度不变，质量减小，重力势能减小，机械能减小。故选：D。4．B【解析】如图，R1、R2串联，电压表与R2并联，测量R2两端的电压，电流表测量电路中的电流．A．根据题意，光敏电阻随光照强度的增大阻值减小，所以光线减弱时，R1增大，根据，电流减小，即电流表示数减小，故A错误；B．根据，电流减小，R2阻值不变，所以R2两端的电压减小，即电压表示数减小，故B正确；C．根据串联电路电压等于各串联电阻的电压之和，所以R1两端电压增大，故C错误；D．根据，电压不变，电流减小，则功率减小，故D错误．故选B．5．为了比较两种燃料的热值，小明采用如图所示两套完全相同装置进行实验，下列说法正确的是（）A．通过调节铁圈A的位置，使温度计处于适当的高度 B．实验中需要保证两种燃料燃烧时间相同 C．将两套装置中两个烧杯中的水换成比热容小的液体可以使实验现象更明显 D．如要进一步研究不同物质的吸热能力，只需将其中一个烧杯中的水换成等质量煤油【答案】C【解答】实验中通过调节铁圈B的位置，使温度计处于适当的高度，故A错误；实验中采用的是控制变量法，需要控制两种燃料的质量相同，并且全部燃烧，不需要控制燃烧时间相同，故B错误；将两烧杯中的水换成比热容小的液体，在吸收相同热量时，比热容越小，温度变化越大，可以使实验现象更明显，故C正确；如要进一步研究不同物质的吸热能力，实验中需要用相同的热源加热，即用相同的燃料进行加热，还需要将其中一个烧杯中的水换成等质量的煤油，故D错误。故选C。6．【解答】解：A．运动员所受杠铃的压力和地面对运动员支持力，二力的大小不相等，不是一对平衡力，故A错误；B、排球场上，运动员将飞过来的排球打回去，说明力的作用效果与力的方向有关，故B错误；C、箭离开弓弦后，不再受到向前的动力，但由于惯性能继续飞行相当远的距离，故C错误；D、用力捏闸，使行驶中的自行车更快停下来，这是通过增大压力来增大摩擦力的，故D正确。故选：D。7．【解析】A、探究电流与电阻的关系时，要控制电阻的电压不变，该实验中滑动变阻器的作用除了保护电路外，还有控制电阻电压不变的作用；故A正确。B、研究电流与电阻的关系时，要控制电压表示数不变，假设电源电压一定，根据串联电路电压的规律，定值电阻与滑动变阻器分得的电压均为定值，根据分压原理，变阻器连入电路中的电阻与定值电阻的比值为一定值，接入电路中的定值电阻越大，变阻器连入电路中的电阻越大，实验中无论怎样移动滑动变阻器滑片，都无法使电压表示数达到实验要求的值，可能由于滑动变阻器的最大阻值太小（或电源电压太高或电压表控制不变的电压太高）；故B正确。C、对图乙分析可知，第一列为电压值，第二列为电阻值，第三列为电流，故分析可得定值电阻两端电压为2V，即阴影部分的面积为2V，故C正确。D、在“探究电流与电阻的关系”时，需保持电压不变，改变电阻阻值，而滑动变阻器可以保持电阻两端电压不变。多次改变电阻，其目的是寻找电流与电阻变化的普遍规律，避免偶然性；故D错误。故选：D。8.【答案】液化；蒸气液化时放出热量

【解析】解：

烧开水时，离壶远一些的地方冒的“白气”是小液滴，这是因为离壶嘴近一些的地方温度高，不能形成液化现象，在离壶嘴远一些的地方温度低，壶嘴冒出的水蒸气上升遇冷形成的小水滴，是液化现象；

由于水蒸气先液化为液态水，释放一部分热，再和开水一样放热，所以水蒸气烫伤会比开水烫伤更严重．

故答案为：液化；水蒸气液化时放出热量．

(1)要判断是哪种物态变化，首先要分析生成物的状态，然后看生成物是怎样形成的？从而得出结论．

(2)水蒸气也可以液化，也会放热，所以烫伤会更严重．

以往的题目，总是笼统的回答出夏天烧开水时，壶嘴处冒白气是液化现象即可，而此题比较透彻的分析出在离壶嘴远一些的地方才出现液化现象，使学生对液化现象有一个更深刻地认识，因此，此题是一道好题．9.【答案】16

9

【解析】解：(1)由图可知，当处于高温挡加热时，该电路为只含有R1的简单电路；

已知电源电压U=24V，高温挡的功率P高=36W，

由P=UI可知通过座椅垫的电流为：I高=P高U=36W24V=1.5A；

由I=UR可知电热丝R1的阻值为：R1=UI高=24V1.5A=16Ω；

(2)由图可知，当处于低温挡加热时，该电路为R1和R2的串联电路，则电路中的总电阻：R串=R1+R2=4R10.【答案】80

0.1

6600【解析】解：(1)电能表的最后一位是小数、单位是kW⋅h，小雷家本月消耗的电能：

W=10635.8kW⋅h−10555.8kW⋅h=80kW⋅h；

(2)1600r/(kW⋅h)表示的是电路中用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转1600r，

则转盘转160r时，电路中用电器消耗的电能：

W'=1601600kW⋅h=0.1kW⋅h；

(3)“30A”是指电能表平时工作时允许通过的最大电流，“220V”是指电能表的工作电压，

小雷家同时接入的用电器的最大总功率：

P=UI=220V×30A=6600W。

故答案为：80；0.1；6600。

(1)小雷家本月消耗的电能等于本月底电能表的示数减去上月底电能表的示数，注意电能表最后一位是小数、单位是kW⋅h；11．（4分）如图甲所示，是小明“探究水沸腾的实验”装置。（1）除温度计外，还需要的测量工具是秒表。（2）图乙是某时刻温度计的示数，此时水的温度是84℃；（3）水沸腾后撤去酒精灯，水还能继续沸腾一小会儿，这说明水沸腾时不需要吸热。这种判断是否正确？不正确，产生这种现象的原因是撤去酒精灯后，烧杯底部的温度仍高于水的沸点，烧杯内的水仍能继续吸收热量，还能继续沸腾一小会儿。【分析】（1）实验过程中，需要记录不同时刻的温度，因此需要温度计和秒表；（2）根据温度计的分度值可读出此时温度计的示数；（3）液体沸腾时，需要不断吸收热量。【解答】解：（1）实验过程中需要记录不同时刻的温度，因此除了温度计外，还需要秒表；（2）由图乙可知，温度计的分度值是1℃，此时水温是84℃；（3）水沸腾后，撤去酒精灯后，水还能继续沸腾一段时间，这不能说明水沸腾时不需要吸热，原因是撤去酒精灯后，烧杯底部石棉网仍有余热，温度高于水的沸点，烧杯内的水仍能继续吸收热量，所以还能继续沸腾一小会儿。故答案为：（1）秒表；（2）84；（3）不正确，撤去酒精灯后，烧杯底部石棉网仍有余热，温度高于水的沸点，烧杯内的水仍能继续吸收热量，所以还能继续沸腾一小会儿。【点评】本题考查了水沸腾实验的测量工具、温度计的读数方法、水沸腾后撤去酒精灯仍沸腾一小会儿的原因分析。12．解：加油机率两架歼10水平飞越天安门广场，以地面为参照物，加油机与地面上的某一点之间发生了位置变化，所以加油机以200m/s的速度相对于地面飞行，且歼10相对地面的速度也是200m/s，加油机与两架歼10的运动方向和速度都是相同的，则歼10相对于加油机的速度是0m/s。故答案为：地面；200；0。13．2:53:2【解析】[1][2]当S闭合，甲、乙两表是电压表时（如下图），两个电阻串联，电压表甲测总电压，电压表乙测量的是R2两端的电压

则U:U2=U甲:U乙=5:3根据串联电路U=U1+U2可知U1:U2=U甲-U乙:U乙=5-3:2=2:3由于串联电路电压比等于电阻比可知R1:R2=U1:U2=2:3当S断开，甲乙两表是电流表时（如图）R1和R2并联

应为并联电路各支路电压等于电源电压，根据可知根据可知又因为电流表甲测量的是R2中的电流，电流表乙测量的是干路的电流，因此可得14．

缩小

右

右【解析】当蜡烛位于20cm刻度线处，凸透镜位于50cm刻度线时，此时的物距为30cm，凸透镜的焦距为10cm，所以物距大于二倍焦距，根据凸透镜成像规律知，成的是倒立缩小的实像．要在光屏上成放大的像，物距应位于一倍到二倍焦距之间，蜡烛应向右移动，即物距减小，则像距会增大，所以光屏也应向右移动．15．【解析】过镜面的入射点垂直镜面作出法线，根据反射角等于入射角，作出与入射光线对称的反射光线；光由水中斜射入空气中时，折射角大于入射角，在空气介质中法线的右边大致作出折射光线，注意折射角大于入射角，见下图所示：16.【答案】解：由题意可知，指纹开关S1或密码开关S2均可以解锁，锁定开关S3断开时暂停手机解锁功能，

则指纹开关S1和密码开关S2可以独立工作、互不影响即为并联，且锁定开关S【解析】由题意可知，指纹开关S1或密码开关S2均可以解锁说明两开关可以独立工作、互不影响即为并联，锁定开关S3断开时暂停手机解锁功能，说明锁定开关S317.【答案】

【解析】如图，当将开关1向上拨，则灯亮了，向下拨灯灭；将开关2向下拨，灯亮，向上拨灯灭。18.【答案】光屏

光屏中央

“F”光源

1、2、3

大

薄

向前伸

【解析】解：(1)人眼结构中，晶状体相当于凸透镜，视网膜相当于光屏，视网膜到晶状体的距离不变，相当于“探究凸透镜成像规律”实验中，光屏到凸透镜的距离不变；

(2)为了使像成在光屏中央，实验前，应调节“F”光源和光屏的中心在凸透镜的主光轴上；

(3)②实验①控制像距这个量不变，通过改变物距，观察焦距和成像特点，故实验②应控制物距不变，即保持“F”光源到凸透镜的距离不变，换上不同焦距的凸透镜，调节光屏到凸透镜的距离，直到光屏上成清晰的像，分别记录焦距、像距和像的高度；

(4)①由表中数据可知，像距不变的三组实验分别是1、2、3；

②分析4、5、6三组数据可知：物距不变，像距逐渐变大，焦距也逐渐变大，像的高度也变高，说明像也变大；所以得出结论：当物距不变时，凸透镜焦距越大，像距越大，像也越大；

(5)①通过实验结论，人眼长时间看近处物体，然后远眺，像距不变，物距变大，焦距也要变大，即眼睛的晶状体变薄；

②用变焦相机拍完彩电塔全景后，要在原地把彩电塔上的旋转餐厅拍得更大一些，物距不变，要使像变大，则焦距要变大，而且像距也要变大，即把照相机的镜头向前伸同时增大焦距。

故答案为：(1)光屏；(2)光屏中央；(3)②“F”光源；(4)①1、2、3；②大；(5)①薄；②向前伸。

(1)视网膜相当于“探究凸透镜成像规律”实验中的光屏；

(2)为了使像成在光屏中央，实验前，应调节“F”光源和光屏的中心在凸透镜的主光轴上；

(3)实验①控制像距这个量不变，通过改变物距，观察焦距和成像特点，实验②控制物距不变，通过改变像距，观察焦距和成像特点；

(4)根据表中数据分析回答；

(5)通过实验结论，当像距不变时，物距变大，要成清晰的像，凸透镜焦距要变大。

此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。19．（4分）如图所示是“探究感应电流产生的条件”实验装置。（1）实验中，AB棒的材料可能是铝（填“塑料”或“铝”）；（2）保持AB棒运动方向不变，仅将磁体N、S极对调，重复上述实验，是为了探究感应电流方向与磁场方向的关系。【分析】（1）闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，电路中产生感应电流，这种现象是电磁感应现象。（2）感应电流方向的影响因素：磁场方向和导体切割磁感线方向。【解答】解：（1）实验中，AB棒的材料一定是导体，塑料是绝缘体，铝是导体，AB棒的材料可能是铝。（2）感应电流方向跟磁场方向和导体切割磁感线方向有关，保持AB棒运动方向不变，仅将磁体N、S极对调，重复上述实验，是为了探究感应电流方向跟磁场方向的关系。故答案为：（1）铝；（2）磁场方向。20.【答案】液面高度差

相同深度

液体内部压强随着深度的增加而增大

密度

深度相同时，液体密度越大，压强越大

1.1×10【解析】解：

(1)用U形管两侧液面的高度差的大小来反映液体内部压强的大小，这是运用了转换法；

(2)在图1乙中，固定金属盒橡皮膜在水中的深度，使金属盒处于向上、向下、向左、向右等方位时，两玻璃管中液面高度差不变，液体内部的压强不变，说明了在液体内部相同深度处，液体向各个方向的压强大小相等；

(3)图1甲、乙、丙实验中液体的密度相同，深度不同，且深度越深，U形管左右两侧液面的高度差越大，液体内部的压强越大，可得出的结论是：液体内部压强随着深度的增加而增大；

(4)图1丙、丁、戊实验中液体的深度相同，液体的密度不同，且液体的密度越大，U形管左右两侧液面的高度差越大，液体内部的压强越大，可以探究液体内部压强与液体密度的关系，得出的结论是：密度深度相同时，液体密度越大，压强越大；

(5)若左侧注入的是水，水面距离橡皮膜h水=11cm=0.11m，右侧注入的盐水，液面到橡皮膜的距离为h盐水=10cm=0，1m，此时橡皮膜相平，则水对橡皮膜的压强和盐水对橡皮膜的压强相等，

故p盐水=p水=ρ水gh水=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.11m=1100Pa，因为p=ρgh，所以ρ盐水=p盐水g21.【答案】解：(1)该物体所受到的重力：

G=mg=30kg×10N/kg=300N；

(2)物体以0.1m/s的速度匀速向上提升10s，上升的高度：

h=vt=0.1m/s×10s=1m，

滑轮组做的有用功：

W有用=Gh=300N×1m=300J；

克服动滑轮做的额外功：

W动=G动h=40N×1m=40J，

克服绳重和摩擦所做的额外功：

W额=W总−W【解析】(1)根据G=mg可求该物体所受到的重力；

(2)根据W有用=Gh求出做的有用功；W动=G动h可求克服动滑轮做的额外功；由速度公式变形可求物体以0.1m/s的速度匀速向上提升22．（6分）我国自主研制的“红旗HQ3”无人驾驶汽车在某段平直公路上进行测试，汽车以18m/s的速度匀速行驶了5min，消耗燃油0.3kg，汽车发动机的牵引力是1000N．已知燃油的热值为4.5×107J/kg。试求：（1）消耗的燃油完全燃烧产生的热量是多少？（2）汽车牵引力所做的功是多少？（3）发动机的效率是多少？【分析】（1）知道消耗汽油的质量，利于Q放＝mq求出汽油完全燃烧放出的热量；（2）知道汽车匀速行驶的时间和速度，根据v＝求出汽车匀速行驶的路程，根据W＝Ft求出汽车牵引力所做的功；（3）根据η＝×100%求出汽油机的效率。【解答】解：（1）汽油完全燃烧放出的热量：Q放＝mq＝0.3kg×4.5×107J/kg＝1.35×107J；（2）汽车匀速行驶的时间t＝5min＝300s：由v＝可得：s＝vt＝18m/s×300s＝5400m，汽车发动机所做的有用功：W＝Fs＝1000N×5400m＝5.4×106J；（3）汽油机的效率：η＝×100%＝×100%＝40%。答：（1）消耗的燃油完全燃烧产生的热量是1.35×107J；（2）汽车牵引力所做的功是5.4×106J；（3）发动机的效率是40%。【点评】本题考查了速度公式和做功公式、燃料完全燃烧释放热量公式、效率公式的综合应用，掌握好相应的公式不难解答。23.【答案】(1)；

(2)①0.26A；