2026-2027学年人教版中考物理考前查漏补缺卷（带答案与解析）

第页2026-2027学年人教版中考物理考前查漏补缺卷（带答案与解析）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________题号一二三四五六总分得分注意事项:

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。

3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。一、选择题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.在每小题所给出的四个选项中，只有一项是正确的)1．下列各种电路设备中，利用电磁感应原理工作的是（）A．动圈式话筒 B．扬声器 C．电动机 D．电炉2.课堂上，老师做了图甲所示实验。然后将烧杯右边垫高，出现如图乙所示的现象。下列对先后实验对比分析并得出的结论错误的是(

)A.重力的方向是竖直向下的 B.乒乓球先后两次受到的浮力大小相等

C.乒乓球受到的浮力与重力大小均相等 D.重锤受到的重力与拉力均是一对平衡力3.周末，小明去游览成都武侯祠，武侯祠外黄鹂的叫声不绝于耳、景色美不胜收，也有导游在给游客讲解武侯祠．下列有关声现象的说法不正确的是（）A.黄鹂的叫声是由发声器官的振动产生的B.黄鹂叫声是通过空气传入游客耳朵的C.导游使用扩音器是为了增大声音的响度D.游客自觉保持安静，是在人耳处减弱噪声4．如图所示是某同学自制的玩具电动机，一块椭圆形磁铁吸在干电池底部，将一段裸露的铜线折成矩形线框，上边与电池正极接触，下边搭接在磁铁上，观察到线框顺时针转动，则（）A．该过程中机械能转化为电能 B．线框左右两边所受磁场力方向相同 C．若仅调换电池两极，线框将逆时针转动 D．若仅调换磁铁两极，线框仍顺时针转动5．如图所示，水平面上叠放着A、B两个物体，在水平方向力F1和F2的作用下保持静止，已知F1＝5N，F2＝11N，那么物体A、B和地面之间的摩擦力大小和方向的有关说法正确的是（）A．A对B的摩擦力为5N，方向向左 B．地面对B的摩擦力为11N，方向向右 C．地面对B的摩擦力为6N，方向向左 D．B对A的摩擦力为5N，方向向左6．如图所示，平板车置于水平地面上，下列说法正确的是（）A．人站在平板车上保持静止时，人所受的重力和地面对平板车的支持力是一对平衡力B．人站在平板车上保持静止时，平板车对人的支持力与平板车对地的压力是一对作用力和反作用力 C．人竖直向上加速起跳阶段，人所受的重力与人对平板车的压力大小相等 D．人竖直向上加速起跳阶段，平板车对人的支持力与人对平板车的压力大小相等7．如图所示为小明卧室的电路图。晚上小明打开灯后，将平板电脑的充电头插到插座上，灯熄灭了，家里其它用电器都正常，查看后发现自己卧室的空气开关跳闸了。他直接将空气开关闭合后立即又跳闸了，他拔下平板电脑充电头，空气开关就能正常闭合了。下列关于电路判断和分析正确的是（）A．空气开关跳闸的原因是插座中的零、火线相碰了B．正常情况下，可以将充电头一直插在插座上C．空气开关跳闸的原因是充电头处短路了D．用正在充电的手机接打电话是安全的二、填空题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.不需要写出解答过程，请把答案直接填在答题卡相应的位置上.)8．有一激光光源在如图中的A点发出一道入射光线AO。（1）请画折射光线的大致位置。（2）若入射光线AO始终保持不变，当水位下降时，杯底形成的光斑会向移（选填“左”或“右”）。9．春晚歌曲《是妈妈是女儿》，聚焦母女间未曾言明的爱意，表达彼此的牵挂，带给人无限感动，这说明声音可以传递。同时电视机前的观众是通过区分演唱者的声音。10．如图所示，用质量不计、长度为10cm的弹簧将正方体物块下表面与底面积为150cm2的圆柱形容器底部相连，正方体物块竖直立于圆柱形容器内，且不与容器壁接触，弹簧的长度缩短为2cm；现向容器内部倒入水，当物块有五分之一的体积露出水面时，弹簧的长度又恢复到原长；则正方体物块的重力为

N。现继续向容器内倒入0.4kg的水后（水不溢出），容器底部所受水的压强为

Pa。（已知：弹簧的长度每改变1cm时，所受力的变化量为1N。g＝10N/kg）

11.如图所示，图钉尖的面积是5×10−8m2，图钉帽的受力面积是1.0×10−4m2，木板能承受的最大压强是6×10

12．如图所示，多芯线是高压输电常用的导线，多芯线中各根细导线之间的连接方式是（选填“串联”或“并联”）；材料、长度相同的多芯线的电阻（选填“大于”、“小于”或“等于”）其中每一根细导线的电阻。

13．小童在探究平面镜成像的特点，下面是他其中的几个实验操作：a.移去蜡烛B，在B的位置上放一光屏，不透过玻璃板，直接观察光屏上有无蜡烛的像b.点燃一支小蜡烛A，竖直立在玻璃板前面。将没有点燃的同样的蜡烛B放到玻璃板后面，移动至与蜡烛A的像完全重合c.记下蜡烛A和B及玻璃板的位置d.移去玻璃板、蜡烛A及光屏，用直线连接A和B的位置，用刻度尺测量它们到玻璃板位置的距离。（1）以上实验步骤合理的顺序是。（2）步骤a中，观察光屏上有无蜡烛的像，这样做的目的是。（3）实验中用透明玻璃板代替平面镜进行实验的目的，是在观察到蜡烛B的同时，也能观察到，巧妙地解决了的问题。（4）小童在某次改变蜡烛位置后，发现无论怎样移动蜡烛B的位置都无法与A的像重合，其原因可能是：。（5）小童将显示时间如右图所示的电子手表放在平面镜前，则在平面镜中看到时钟显示的时间是。（6）小组同学进行了正确的实验操作后，得到的实验数据如图乙：实验中为什么要多次改变蜡烛的位置。（7）小芳用跳棋代替点燃的蜡烛进行实验，但看不清跳棋的像。请你帮她想个办法看清跳棋的像。14．如图所示的电路中，接通电源，通电一段时间后，侧U形管液面高度的变化较大（选填“左”或“右”）。如果通过甲容器中电阻丝的电流是2A，则乙容器中电阻丝在1min内产生的热量是J。三、作图题：本大题共3个小题，共7分。15.如图甲为平顶山市湛河岸边楼房及其倒影的美景，请在图乙中画出光从楼房顶端经水面反射进入人眼的光路图，其中A点表示水中“楼房顶端”的位置。

16.教室内一只开关控制两盏电灯，请在图中完成该电路图的连接。

17.下图中用起子开一瓶啤酒，在图中画出动力臂。四、实验题：本大题共3小题，第18小题6分，第19小题6分，第20小题8分，共20分。18．小明学习了杠杆的平衡条件后，利用如图1所示的装置对杠杆做了进一步研究。（1）杠杆静止时的位置如图1甲所示，为了使杠杆静止时处于水平位置，接下来的操作是将杠杆的平衡螺母向（选填“左”或“右”）移动；（2）在杠杆上的B点用如图1乙所示的动力F拉杠杆，请在图中画出动力臂l1；此时杠杆的类型与（选填序号）相同。A．天平B．钓鱼竿C．钳子（3）如图1丙所示，用弹簧测力计拉杠杆的C点，当弹簧测力计由位置1转至位置2的过程中，测力计示数变化情况是；（4）如图2甲所示，小明在杠杆左侧距离O点20cm的D处挂一个重为G的物体，在杠杆右侧不同位置处施加竖直向下的力F，保证杠杆处于水平平衡状态，根据多次测量的F、L数据，画出如图2乙所示的图像，结合杠杆平衡条件，可求出物重G的大小是N。【拓展】方小红根据学到的知识，利用杠杆、刻度尺、细线和两个重物A、B，设计了如下实验方案，测量物体的密度。如图3所示：①用细线系在杠杆的中点O，使杠杆在水平位置平衡，然后将重物B挂在硬棒左端C处，重物A挂在硬棒右端，调节重物A的位置，使杠杆再次在水平位置平衡，此时重物挂在硬棒上的位置为D处，用刻度尺测出OC的长度L0和OD的长度L1；②保持重物B的位置不变，把重物A浸没在水中，把重物A从D处移动到F处时，杠杆再次水平平衡，用刻度尺测出OF的长度L2；通过实验可以得到物体A的密度ρA＝。（请用ρ水和已测量的物理量符号表示）19．如图1所示，是某实验小组“探究浮力大小跟哪些因素有关”的实验过程中弹簧测力计挂着同一金属块的示数。（1）分析图乙、丙可知，浮力的大小跟有关，分析两图可知，浸在液体中的物体所受的浮力大小跟液体的密度有关。（2）由实验数据可知，该金属块的密度是kg/m3，图丁盐水的密度是kg/m3，把该测力计改成一个密度秤，所能测量液体密度的最大值是kg/m3。（3）从状态乙到状态丙的过程中，物块下表面受到水的压强逐渐（选填“变大”、“变小”或“不变”）。（4）某实验小组想利用一个已知密度为ρ0的装饰球A测量一杯橙汁的密度，发现装饰球A在橙汁中漂浮，于是选取了测力计、细线和一个金属块B，设计了如图2所示的实验过程：①用测力计测出装饰球A的重力为G。②将装饰球A和金属块B用细线拴好挂在测力计下，并将金属块B浸没在橙汁中静止，读出测力计的示数为F1。③将装饰球A和金属块B都浸没在橙汁中静止（不碰到杯底），读出测力计的示数为F2，相据②、③两次测力计示数差可知（选填“装饰球A”或“金属块B”）受到的浮力，橙汁密度的表达式ρ橙汁＝（用ρo和所测物理量字母表示）。20．小飞在做“探究电流与电压、电阻的关系”实验时，准备了以下器材：两节新的干电池，电流表、电压表、滑动变阻器、定值电阻（5Ω，10Ω，15Ω，20Ω）、开关、导线若干。（9分）（1）在按电路图连接实物时，开关必须处于状态；（2）如图甲是小飞连接好的实验电路，闭合开关后，他发现移动滑片的过程中，电流表的示数，电压表的示数（均选填“变大”、“变小”或“不变”）；（3）小冲在一旁观察后指出小飞没有按照电路图正确连接实物，请你在实物图上对连接错误的一根导线打“×”，并用笔补画一根线代替导线将电路连接正确；（4）小李在探究电流与电压的关系时，要控制不变。通过实验探究，得到以下数据。在进行数据分析时，小李发现表格中有一组错误的数据，请你找出第组数据是错误的；序号12345电压U/V0.81.21.62.02.4电流I/A0.160.240.320.440.48（5）接下来他们分别接入其他电阻再次对电流与电阻关系进行探究，并作出了如图乙所示图像，请你通过图像中所给信息计算出实验过程中滑动变阻器两端的电压U=V；（6）小亮同学将定值电阻换成小灯泡来探究电流与电压的关系，小梦认为他的做法不正确，请你说明理由：。五、计算题：本大题共2小题，第21小题7分，第22小题6分，共13分。21.如图所示，将密度为0.6×103kg/m3、高度为10cm、底面积为20cm2的实心圆柱体放入底面积为50cm2的水平放置的容器中，并向容器内加水(g取10N/kg)。

(1)圆柱体的重力为多大？

(2)22.如图甲所示电路，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，当闭合开关S，滑动变阻器的滑片从a端滑到b端的过程中，R2消耗的电功率P与其两端电压U关系的图象如图乙所示。求：

(1)R2的最大阻值；

(2)R

六、综合能力题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。23．阅读“RO反渗透膜原理”，回答第35题。RO反渗透膜原理反渗透，英文为ReverseOsmosis，它所描绘的是一个自然界中水分自然渗透过程的反向过程。早在1950年美国科学家DR．S．Sourirajan无意中发现海鸥在海上飞行时从海面啜起一大口海水，隔了几秒后吐出一小口的海水。他由此而产生疑问：陆地上由肺呼吸的动物是绝对无法饮用高盐份的海水，那为什么海鸥就可以饮用海水呢？这位科学家把海鸥带回了实验室，经过解剖发现在海鸥嗉囊位置有一层薄膜，该薄膜构造非常精密。海鸥正是利用了这层薄膜把海水过滤为可饮用的淡水，而含有杂质及高浓缩盐份的海水则被从口中吐出。这就是以后逆渗透法（ReverseOsmosis简称R．O）的基本理论架构。对透过的物质具有选择性的薄膜称为半透膜，一般将只能透过溶剂而不能透过溶质的薄膜称之为理想半透膜。当把相同体积的稀溶液（例如淡水）和浓溶液（例如盐水）分别置于半透膜的两侧时，稀溶液中的溶剂将自然穿过半透膜而自发地向浓溶液一侧流动，这一现象称为渗透。当渗透达到平衡时，浓溶液一侧的液面会比稀溶液的液面高出一定高度，即形成一个压差，此压差即为渗透压。渗透压的大小取决于溶液的固有性质，即与浓溶液的种类、浓度和温度有关而与半透膜的性质无关。若在浓溶液一侧施加大于渗透压的压力时，溶剂的流动方向将与原来的渗透方向相反，开始从浓溶液向稀溶液一侧流动，这一过程称为反渗透。反渗透是渗透的一种反向迁移运动，是一种在压力驱动下，借助于半透膜的选择截留作用将溶液中的溶质与溶剂分开的分离方法，它已广泛应用于各种液体的提纯与浓缩，其中最普遍的应用实例便是在水处理工艺中。反渗透膜的孔径非常小，因此能够有效地去除水中比反渗透膜孔径大的溶解盐类、重金属离子、有机物、胶体、细菌、病毒等。利用反渗透原理进行水提纯系统具有水质好、耗能低、无污染、工艺简单、操作简便等优点。反渗透膜能截留直径大于0.0001微米的物质，是最精细的一种膜分离产品，其能有效截留所有溶解盐份及分子量大于100的有机物，同时允许水分子通过，以获得高质量的纯净水。请根据上述材料，回答下列问题：（1）要将自来水中的无机盐、重金属离子、有机物、胶体、细菌、病毒等杂质阻隔，并使之无法通过反渗透膜，从而使可以透过的纯水和无法透过的浓缩水严格区分开来，反渗透膜的孔径要达到以下。（2）图甲中容器两侧液面在自然状态下液体的流动方向是（选填“从纯水到盐水”或“从盐水到纯水”）。（3）图乙中两侧液体静止达到液透平衡。如果左右两容器横截面积均为100cm2，要实现反渗透，需要在图甲中液面（选填“纯水”或“盐水”）施加竖直向下的压力至少是多大？请写出计算过程和结果。（g＝10N/kg，ρ盐水＝1.03×103kg/m3）（4）RO反渗透是当前最先进的净水分离技术，请举出一个它在生产生活方面的应用。24.小明探究铅笔芯的电阻大小与长度的关系时，找来一支铅笔芯，测量其长度并用两枚金属回形针夹住其两端进行实验。(1)图甲是测铅笔芯电阻的电路，请用笔画线代替导线将其连接完整。_____①闭合开关，发现两电表均无示数，为排查故障他将电压表改接在变阻器两端，发现电压表有示数，则电路故障可能是____｡②排除故障，移动滑片P，电流表示数为0.14A时，电压表示数如图乙，为____V，测出的电阻为____Ω｡(2)移动回形针，改变并测量铅笔芯接入电路的长度，实验时发现电流表损坏，他又设计了图丙电路测量电阻。①正确连好电路，闭合开关S，将开关S1先拨至b，移动滑动变阻器滑片P，使电压表示数U。②再将S1拨至a，调节电阻箱旋钮至图丁位置，观察到电压表示数略大于U，他把“×1”挡的旋钮又旋了一格，发现电压表示数略小于U，此时他_____（选填“应”或“不应”）再调节滑动变阻器，以使电压表的示数恰好为U。③推断铅笔芯接入电路的阻值_____（填写范围）。(3)小明由上述两次实验，得出铅笔芯电阻与长度的关系，请评价他在探究过程中的不足之处∶______｡25．如图甲所示是建造大桥时所用的起吊装置示意图，若使用柴油机和滑轮组将实心长方体A从海底以0.1m/s的速度匀速吊出海面；图乙是物体A所受拉力F1随时间t变化的图象。（ρ＝1.0×103kg/m3，不计水的阻力）求：（1）物体A的密度。（2）当物体A在计时起点的位置时，上表面受到海水的压强。（3）物体A露出水面前，柴油机对绳的拉力F做的功W随时间t的变化图象如图丙所示，则此过程中滑轮组的机械效率是多少？参考答案及解析1．解：A、动圈式话筒工作时，即人说话的声音使得线圈在磁场中运动，结果是产生电流，利用电磁感应现象原理，符合题意；B、扬声器把电信号转化为声信号，利用通电导体在磁场中受力原理制成的，不符合题意；C、电动机是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理制成的，不符合题意；D、电炉是利用电流的热效应工作的，故不符合题意。故选：A。2.【答案】C

【解析】解：A、通过重锤线的方向，可得出重力的方向是竖直向下的；故A的结论正确；

B、乒乓球全部浸没在水中，由F浮=G排=ρ液V排g可知，ρ液与V排都不变，故浮力不变；故B的结论正确；

C、静止乒乓球受到平衡力作用，即G球+F拉=F浮，故乒乓球的重力与拉力大小不相等；故C的结论错误；

D、静止的重锤受到平衡力作用，即G锤3.D【解析】声音是由物体的振动产生的，黄鹂的叫声是由黄鹂的鸣管(发声的器官)振动产生的，A正确；声音的传播需要介质，固体、液体、气体都可以传声，黄鹂的叫声是通过空气传入游客耳朵的，B正确；导游利用扩音器讲解，是为了增大声音的响度，C正确；游客自觉保持安静，是在声源处减弱噪声，D错误．故选D.4．【解答】解：A、玩具电动机在通电后会消耗电能，电能转化为机械能，故A错误；B、线框左右两边导线的电流的方向相同，磁场的方向不同，所以受到的磁场力方向不相同，故B错误；C、若仅调换电池两极，磁场的方向不变，电流的方向改变，则磁场力的方向改变，线框将逆时针转动，故C正确；D、若仅调换磁铁两极，磁场的方向改变，电流方向不变，线框将逆时针转动，故D错误。故选：C。5．【答案】D【分析】静止的物体和匀速直线运动的物体受到平衡力的作用，A相对于B保持静止状态，首先分析A的受力情况，求出A受到的摩擦力。根据物体间力的作用是相互的，求出B的上表面受到的摩擦力。B相对于地面处于静止状态，分析B的受力情况，求出B下表面受到的摩擦力；根据物体间力的作用是相互的，求出B对上地面的摩擦力。【解答】解：AD、两个物体处于静止状态，A相对于B保持静止状态，水平方向上A受到拉力F1和B对A的摩擦力作用，摩擦力和拉力是一对平衡力，大小相等，方向相反，拉力F1是5N，所以B对A的摩擦力的大小是5N，方向水平向左，由于物体间力的作用是相互的，所以A对B的摩擦力为5N，方向向右，故A错误，D正确；BC、整体处于静止状态，受到水平向右的拉力F1、水平向左的拉力F2和地面对B的摩擦力的作用；由于F1＝5N，F2＝11N，所以摩擦力的方向是水平向右的，摩擦力的大小为：f＝F2﹣F1＝11N﹣5N＝6N，故BC错误。故选：D。【点评】本题把A和B两个物体分别进行受力分析，根据二力平衡条件和物体间力的作用是相互的进行判断，是本题的关键。6．（3分）如图所示，平板车置于水平地面上，下列说法正确的是（）A．人站在平板车上保持静止时，人所受的重力和地面对平板车的支持力是一对平衡力 B．人站在平板车上保持静止时，平板车对人的支持力与平板车对地的压力是一对作用力和反作用力 C．人竖直向上加速起跳阶段，人所受的重力与人对平板车的压力大小相等 D．人竖直向上加速起跳阶段，平板车对人的支持力与人对平板车的压力大小相等【解答】解：A、人站在平板车上保持静止时，平板车对人的支持力等于人所受重力和平板车所受重力之和，人所受的重力与平板车对人的支持力大小不等，且作用在不同物体上，所以不是一对平衡力，故A错误；B、人站在平板车上保持静止时，平板车对人的支持力与人对平板车的压力是一对作用力和反作用力，平板车对人的支持力与平板车对地的压力不是两个物体之间的相互作用，所以不是一对作用力和反作用力，故B错误；C、人向上起跳时，加速度向上，合力向上，人所受的重力小于平板车对人的支持力，所以人所受的重力小于人对平板车的压力，故C错误；D、人竖直向上加速起跳阶段，平板车对人的支持力与人对平板车的压力同时作用在相互作用的两个物体之间，符合相互作用力的条件，是一对作用力和反作用力，故D正确。故选：D。7．【答案】C【知识点】家庭电路的连接；家庭电路电流过大的原因【解析】【解答】A．将平板电脑的充电头插到插座上，灯熄灭了，家里其它用电器都正常，说明插座所在支路的电流过大导致的，但平板的电功率不大，故电路应该是发生短路，当他拔下平板电脑充电头，空气开关就能正常闭合了，说明插座是正常的，A不符合题意；B．由A选项的分析可知不是插座出现短路，而是充电头发生了短路，长时间插在插座上会发热，不安全，因此不能一直插在插座上，B不符合题意；C．由A选项的分析可知充电头短路，C符合题意；D．正在充电的手机接打电话，手机电池可能会爆炸，有安全隐患，D不符合题意。故答案为：C。

【分析】空气开关跳闸的原因有总电功率过大或短路；功率较大的用电器产生的热量也较多。8．（5分）有一激光光源在如图中的A点发出一道入射光线AO。（1）请画折射光线的大致位置。（2）若入射光线AO始终保持不变，当水位下降时，杯底形成的光斑会向右移（选填“左”或“右”）。解：（1）光从空气斜射进入水中时，折射光线向靠近法线方向偏折，折射角小于入射角。如下图所示；（2）当水位下降时，液面降低，入射角不变，折射角也不变，光斑向右移动到O′点，如图所示：故答案为：（1）见上图；（2）右。9．【解答】解：春晚歌曲《是妈妈是女儿》，聚焦母女间未曾言明的爱意，表达彼此的牵挂，带给人无限感动，这说明声音可以传递信息。同时电视机前的观众是通过音色区分演唱者的声音。故答案为：信息；音色。10．（2分）如图所示，用质量不计、长度为10cm的弹簧将正方体物块下表面与底面积为150cm2的圆柱形容器底部相连，正方体物块竖直立于圆柱形容器内，且不与容器壁接触，弹簧的长度缩短为2cm；现向容器内部倒入水，当物块有五分之一的体积露出水面时，弹簧的长度又恢复到原长；则正方体物块的重力为8N。现继续向容器内倒入0.4kg的水后（水不溢出），容器底部所受水的压强为2200Pa。（已知：弹簧的长度每改变1cm时，所受力的变化量为1N。g＝10N/kg）

【分析】（1）弹簧的伸长量（或压缩量），与弹簧所受的拉力（或压力）成正比；（2）当物块有的体积露出水面时弹簧的长度又恢复到原长，说明此时受到的浮力和自身的重力相等，根据密度公式、重力公式和阿基米德原理得出等式求出物体的密度，再根据密度公式求出物体的体积，进一步根据体积公式和面积公式求出物体的底面积以及此时水的深度；续向容器内倒入0.4kg的水后，先假设木块恰好完全浸没，根据弹簧的伸长得出受到浮力的变化量，再根据阿基米德原理得出此时水体积的变化量，进一步判断可知此种情况是否可能；利用水体积的变化量不变列出等式求出水面上升的高度和弹簧的伸长量，进一步求出容器内水的深度，利用液体压强公式求出此时容器底部所受水的压强。【解答】解：（1）由题意可知，物体的重力等于弹簧受到的压力，则有G物＝F＝1N×（L0﹣L）＝1N/cm×（10cm﹣2cm）＝8N；（2）当物块有的体积露出水面时，F浮＝G物，即：ρ水gV排＝ρ物gV物，ρ水g（1﹣）V物＝ρ物gV物，解得：ρ物＝0.8ρ水＝0.8×1.0×103kg/m3＝0.8×103kg/m3，则物体的体积为：V物＝＝＝10﹣3m3＝1000cm3，正方体物块的边长：a＝＝10cm＝0.1m，物体底面积：S物＝a2＝10cm×10cm＝100cm2＝0.01m2，这时水深H＝L0+（1﹣）a＝10cm+（1﹣）×10cm＝18cm，现继续向容器内倒入0.4kg的水后（水不溢出），容器内增加水的体积：△V水＝＝＝400cm3，由于向容器内倒入水后，浮力增大，弹簧伸长，假设加水后物体刚好浸没，则物体浸入水中深度的增大量△h浸＝＝＝2cm，浮力的增大量：△F浮＝ρ水gS物△h浸＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.01m2×0.02m＝2N，这时弹簧的伸长量△L＝＝2cm，那么应该增加水的体积△V水′＝S容△L+（S容﹣S物）△h浸＝150cm2×2cm+（150cm2﹣100cm2）×2cm＝400cm3＝△V水，所以加水后物体刚好浸没；这时水深：H′＝H+△h浸+△L＝18cm+2cm+2cm＝22cm，则容器底部所受水的压强为：p＝ρ水gH′＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.22m＝2200Pa。故答案为：8；2200。【点评】本题考查了液体压强公式和阿基米德原理的灵活运用，是一道综合题，难度较大；解题的关键是求出加水后容器内水深度的变化量。11.【答案】30

增大压强

【解析】解：(1)已知木板能承受的最大压强p=6×108Pa

图钉尖的受力面积S=5×10−8m2，

由p=FS可得手指至少要用力F=pS=6×108Pa×5×10−8m2=30N；

12．并联小于【详解】[1][2]多芯线是由多根细导线并联而成，而并联相当于增大了导体的横截面积，使总电阻减小，故多芯线的电阻远小于每根细导线的电阻。13．（2分）小童在探究平面镜成像的特点，下面是他其中的几个实验操作：a.移去蜡烛B，在B的位置上放一光屏，不透过玻璃板，直接观察光屏上有无蜡烛的像b.点燃一支小蜡烛A，竖直立在玻璃板前面。将没有点燃的同样的蜡烛B放到玻璃板后面，移动至与蜡烛A的像完全重合c.记下蜡烛A和B及玻璃板的位置d.移去玻璃板、蜡烛A及光屏，用直线连接A和B的位置，用刻度尺测量它们到玻璃板位置的距离。（1）以上实验步骤合理的顺序是bcad。（2）步骤a中，观察光屏上有无蜡烛的像，这样做的目的是观察像是实像还是虚像。（3）实验中用透明玻璃板代替平面镜进行实验的目的，是在观察到蜡烛B的同时，也能观察到，巧妙地解决了的问题。（4）小童在某次改变蜡烛位置后，发现无论怎样移动蜡烛B的位置都无法与A的像重合，其原因可能是：玻璃板未垂直放置在水平桌面上。（5）小童将显示时间如右图所示的电子手表放在平面镜前，则在平面镜中看到时钟显示的时间是15：01。（6）小组同学进行了正确的实验操作后，得到的实验数据如图乙：实验中为什么要多次改变蜡烛的位置一次实验不具备代表性，应采取同样的实验方案多做几次，避免实验现象的偶然性，才能保证结论的正确。（7）小芳用跳棋代替点燃的蜡烛进行实验，但看不清跳棋的像。请你帮她想个办法看清跳棋的像用强光对着跳棋照亮即可。【解答】解：（1）实验步骤a、b、c、d的合理顺序：b.点燃一支小蜡烛A，竖直立在玻璃板前面。将没有点燃的同样的蜡烛B放到玻璃板后面，移动至与蜡烛A的像完全重合；c.记下蜡烛A和B及玻璃板的位置；a.移去蜡烛B，在B的位置上放一光屏，不透过玻璃板，直接观察光屏上有无蜡烛的像d.移去玻璃板、蜡烛A及光屏，用直线连接A和B的位置，用刻度尺测量它们到玻璃板位置的距离；合理顺序是bcad；（2）为光屏不能接收虚像，只能接收到实像，所以步骤a中观察光屏上有无蜡烛的像，这样做的目的是看是实像还是虚像；（4）与物是关于镜面对称的，实验时玻璃板要竖直放置，如果不竖直，成的像就偏高或偏低，后面的蜡烛是摆在桌面上的，所以不论怎样移动后面的蜡烛都不可能与前面蜡烛的像完全重合；（5）由图分析可得题中所给的“10：21”与“15：01”成轴对称，这时的时间应是15：01；（6）一次实验不具备代表性，应采取同样的实验方案多做几次，避免实验现象的偶然性，才能保证结论的正确；（7）根据亮的物体成像清晰的经验，用强光对着跳棋照亮即可。故答案为：（1）bcad；（2）观察像是实像还是虚像；（4）玻璃板未垂直放置在水平桌面上；（5）15：01；（6）一次实验不具备代表性，应采取同样的实验方案多做几次，避免实验现象的偶然性，才能保证结论的正确；（7）用强光对着跳棋照亮即可。14．解：如图，右边两个5Ω的电阻并联后再与左边5Ω的电阻串联，串联电路各处电流相等，所以右边两个电阻的总电流和左边电阻的电流相等，即I右＝I左，两个5Ω的电阻并联，并联电路干路电流等于各支路电流之和，即I左＝I内+I外，比较可知I左＞I内；两瓶中的电阻值相等（均为5Ω），通电一段时间后，由于瓶中电阻相同、通电时间相同、I左＞I内，所以根据焦耳定律Q＝I2Rt可知，左瓶内电阻丝产生的热量多，则左侧U形管液面高度的变化较大；并联电路各支路两端电压相等，两个5Ω的电阻并联，由欧姆定律可得I内＝I外，则I内＝I左＝2A＝1A，乙容器中电阻丝在1min内产生的热量：Q＝I内2Rt＝（1A）2×5Ω×60s＝300J。故答案为：左；300。15.【答案】解：由题可知，A的位置是塔尖通过水面所成的像，平面镜成像时，像与物体关于镜面对称，据此画出塔尖的位置A'，连接人的眼睛和A，则连线与水面的交点为反射点O，连接A'点和O点为入射光线，连接O点和眼睛为反射光线，并用箭头表示光线方向，如图所示：

【解析】由题可知，A的位置是塔尖通过水面所成的像；根据平面镜成像特点作出塔尖的位置，根据光的反射作出入射光线和反射光线。

本题考查了平面镜成像的作图、光的反射的光路的画法，难度不大。

16.【答案】解：由分析知：教室中电灯的连接方式为并联，而开关同时控制两盏灯，说明开关位于干路中，如图所示：

【解析】(1)电路的基本连接形式有两种：一种是串联，另一种是并联。串联电路中电流只有一条路径，各用电器之间相互影响，同时工作；并联电路中电流有多条流通路径，各个用电器之间互不影响，能独立工作。

(2)一般情况下，电灯的正常电压为220V，一个开关可以同时控制两盏灯，要使电灯正常发光，两个电灯应该是并联，开关在干路上。

一个开关控制两盏灯，可以是串联，也可以是并联，当并联时，开关必须在干路上，要根据具体情况具体分析。17.下图中用起子开一瓶啤酒，在图中画出动力臂。【解析】O为支点，延长动力F1的作用线，过支点做动力作用线的垂，该垂线即为动力臂l1，如图所示：

18．【解答】解：（1）杠杆的左端上翘，左端的平衡螺母或右端的平衡螺母都向上翘的左端移动，才能使杠杆在水平位置平衡；（2）从支点O向动力F作用线做垂线段，垂线段长为动力臂l1，如图所示：当动力在B点斜向下拉（与水平方向成30°角）动力臂是：L1＝OB＝×4L＝2L，此时L1＝L2＝2L，故杠杆为等臂杠杆，与天平同类型，故选A；（3）如图丙所示，用弹簧测力计拉杠杆的C点，当弹簧测力计由位置1转至位置2的过程中，动力臂先变大后变小，因为阻力、阻力臂不变，故测力计的拉力先变小后变大；（4）如丙图，F和成正比，可知推断F﹣L成反比。因为当F＝2N时，＝4m﹣1，根据杠杆平衡条件得：GL′＝FL，L'＝20cm＝0.2m，所以，G＝F＝（0.2m×4m﹣1）﹣1×2N＝2.5N；【拓展】设A物体的体积为VA，其重力GA＝mAg＝ρAVAg，当两物体都在空气中时，根据杠杆的平衡条件可得，ρAVAg•L1＝GB•L0①，把物A浸没在水中时，A将受到水向上的浮力作用，其浮力F水＝ρ水gVA，则根据杠杆的平衡条件得（ρAVAg﹣ρ水gVA）•L2＝GB•L0②，由①和②得到ρAVAg•L1＝（ρAVAg﹣ρ水gVA）•L2，所以ρA＝ρ水。故答案为：（1）左；（2）见解答；A；（3）先变小后变大（4）2.5；【拓展】ρ水。19．（8分）如图1所示，是某实验小组“探究浮力大小跟哪些因素有关”的实验过程中弹簧测力计挂着同一金属块的示数。（1）分析图乙、丙可知，浮力的大小跟物体排开液体的体积有关，分析丙、丁两图可知，浸在液体中的物体所受的浮力大小跟液体的密度有关。（2）由实验数据可知，该金属块的密度是2.4×103kg/m3，图丁盐水的密度是1.2×103kg/m3，把该测力计改成一个密度秤，所能测量液体密度的最大值是2.4×103kg/m3。（3）从状态乙到状态丙的过程中，物块下表面受到水的压强逐渐变大（选填“变大”、“变小”或“不变”）。（4）某实验小组想利用一个已知密度为ρ0的装饰球A测量一杯橙汁的密度，发现装饰球A在橙汁中漂浮，于是选取了测力计、细线和一个金属块B，设计了如图2所示的实验过程：①用测力计测出装饰球A的重力为G。②将装饰球A和金属块B用细线拴好挂在测力计下，并将金属块B浸没在橙汁中静止，读出测力计的示数为F1。③将装饰球A和金属块B都浸没在橙汁中静止（不碰到杯底），读出测力计的示数为F2，相据②、③两次测力计示数差可知装饰球A（选填“装饰球A”或“金属块B”）受到的浮力，橙汁密度的表达式ρ橙汁＝（用ρo和所测物理量字母表示）。【分析】（1）由图乙、丙可知，液体密度相同，物体浸在液体中的体积不同，即物体排开液体的体积不同，由此得出结论；探究浮力大小与液体的密度的关系时，要控制物体排开液体的体积相同，改变液体的密度大小，由此可得出结论；（2）由图甲可知金属块的重力，根据m＝可求出金属块的质量，由图甲和图丙可求出金属块浸没在水中受到的浮力，利用阿基米德原理求出金属块排开水的体积，因为金属块浸没在水中，所以可求出金属块的体积，再根据密度公式ρ＝求出金属块的密度；由图甲和图丁可求出金属块浸没在盐水中受到的浮力，再利用阿基米德原理可求出盐水的密度；由图中器材，把弹簧测力计改成密度秤，当金属块悬浮在液体中时，液体的密度最大，由悬浮条件可得出结论；（3）从状态乙到状态丙，金属块下表面距水面的深度逐渐增大，根据液体压强特点可知金属块下表面受到水的压强的变化；（4）由图中②和称重法测浮力可知F1＝GA+GB﹣FB浮，由图③和称重法可知F2＝GA+GB﹣FB浮﹣FA浮，由此可知得出结论；根据阿基米德原理可求出橙汁的密度。【解答】解：（1）由图乙、丙可知，液体密度相同，物体浸在液体中的体积不同，即物体排开液体的体积不同，物体受到的浮力也不同，由此可知图乙、丙两图是探究浸在液体中的物体受到的浮力大小与物体排开液体的体积有关；探究浮力大小与液体的密度的关系时，要控制物体排开液体的体积相同，改变液体的密度大小，由此可知要比较丙、丁两图；（2）由图甲可知金属块的重力G＝4.8N，金属块的质量m＝＝＝0.48kg，由图甲和图丙可知金属块浸没在水中受到的浮力F浮＝G﹣F拉＝4.8N﹣2.8N＝2N，由阿基米德原理F浮＝ρ水gV排可得金属块排开水的体积V排＝＝＝2×10﹣4m3，又因为金属块浸没在水中，所以金属块的体积V金＝V排＝2×10﹣4m3，所以金属块的密度ρ＝＝＝2.4×103kg/m3；由图甲和图丁可知，金属块浸没在盐水中受到的浮力F浮′＝G﹣F拉′＝4.8N﹣2.4N＝2.4N，因为金属块浸没在盐水中，所以金属块排开盐水的体积V排′＝V金＝2×10﹣4m3，所以盐水的密度ρ盐水＝＝＝1.2×103kg/m3；由图中器材，把弹簧测力计改成密度秤，由称重法测浮力F浮＝G﹣F拉和阿基米德原理F浮＝ρ液gV排可得ρ液gV排＝G﹣F拉，由此可知，由于G、g、V排都是确定的，当F拉越小，ρ液越大，所以当金属块悬浮在液体中时，弹簧测力计的示数为0，液体的密度最大，由悬浮条件可知，此时液体的密度等于金属块的密度，即液体的最大密度ρ液体＝ρ金＝2.4×103kg/m3；（3）从状态乙到状态丙，金属块下表面距水面的深度逐渐增大，根据液体压强特点可知金属块下表面受到水的压强变大；（4）由图中②和称重法测浮力可知F1＝GA+GB﹣FB浮，由图③和称重法可知F2＝GA+GB﹣FB浮﹣FA浮，由此可知F1﹣F2＝FA浮；根据阿基米德原理F浮＝ρ液gV排可得橙汁的密度ρ橙汁＝＝＝＝。故答案是：（1）物体排开液体的体积；丙、丁；（2）2.4×103kg/m3；1.2×103kg/m3；2.4×103kg/m3；（3）变大；（4）装饰球A；。【点评】本题主要考查探究浮力的大小与液体的密度、物体排开液体的体积之间的关系，其中称重法测浮力和阿基米德原理是本题计算的难点20．断开不变不变电阻42小灯泡的电阻随温度的变化而变化【详解】（1）[1]在按电路图连接实物时，为了保护电路，开关必须处于断开状态。（2）[2][3]由图可知，滑动变阻器与电压表串联后再与定值电阻并联在一起，根据电压表的特点可知，通过滑动变阻器的电流为0，当移动滑动变阻器器时，电压表测量的是电阻两端的电压，也是电源电压，保持不变，电流也保持不变，故电流表、电压表示数都不变。（3）[4]定值电阻与滑动变阻器应串联在电路中，电压表应测量定值电阻两端的电压，如图所示：（4）[5]根据控制变量法的思想，在探究电流与电压的关系时，要控制电阻不变，改变定值电阻两端电压得到多组数据进行分析。[6]分析数据可知，第1、2、3、5次实验而第4次实验因此第4次实验数据是错误的。（5）[7]由图可知，该图象为反比例函数，当电流为0.1A时，电阻为20Ω，则电压为U1=IR=0.1A×20Ω=2V（6）[8]将定值电阻换成小灯泡来探究电流与电压的关系是不正确的，因为探究电流与电压的关系需保持电阻一定，而小灯泡的电阻随温度的变化而变化，因此不正确。21.【答案】解：(1)圆柱体的体积：V=Sh=20cm2×10cm=200cm3=2×10−4m3，

圆柱体的重力：G=mg=ρ柱Vg=0.6×103kg/m3×2×10−4m3×10N/kg=1.2N；

(2)水对容器底的压强p=ρ水gh=1×103kg/m3×10N/kg×4×10−2m=400Pa；

(3)继续向容器中加水，当圆柱体对容器底压力为0时，物体刚好漂浮，则：F浮'=G=1.2N【解析】(1)求出圆柱体的体积，根据G=mg=ρ水Vg求出圆柱体的重力；

(2)当水加到4厘米时，利用p=ρgh求得水对容器底的压强；

(3)继续向容器中加水，当圆柱体对容器底压力为0时，容器对圆柱体的支持力为0，此时物体刚好漂浮，F浮=G，然后根据22.【答案】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。

(1)由图象可知，当变阻器接入电路中的电阻最大时，电压表的最大示数U2=5V，消耗的电功率P2=0.5W，

由P=UI=U2R可得，R2的最大阻值：

R2=U22P2=(5V)20.5W=50Ω；

(2)当变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流：

I2=P2U2=0.5W5V=0.1A，

则电源的电压：

U=I2R1+U2=0.1A×R1+5V①

由图象可知，当滑动变阻器消耗的功率P2'=0.8W时，其两端电压U2'=2V，

因串联电路中各处的电流相等，

所以，由P=UI可得，此时电路中的电流：

I【解析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。

(1)根据图象读出滑动变阻器消耗的功率为0.8W和0.5W时电压表的示数，根据串联电路的电流特点和P=UI求出电路中的电流，根据串联电路的电压特点和欧姆定律分别表示出电源的电压，然后联立等式即可求出R1的阻值和电源的电压；

(2)当变阻器接入电路中的电阻最大时，电压表的示数最大，根据图象读出R2消耗的电功率，利用P=UI=U2R求出R2的最大阻值；23．（7分）阅读“RO反渗透膜原理”，回答第35题。RO反渗透膜原理反渗透，英文为ReverseOsmosis，它所描绘的是一个自然界中水分自然渗透过程的反向过程。早在1950年美国科学家DR．S．Sourirajan无意中发现海鸥在海上飞行时从海面啜起一大口海水，隔了几秒后吐出一小口的海水。他由此而产生疑问：陆地上由肺呼吸的动物是绝对无法饮用高盐份的海水，那为什么海鸥就可以饮用海水呢？这位科学家把海鸥带回了实验室，经过解剖发现在海鸥嗉囊位置有一层薄膜，该薄膜构造非常精密。海鸥正是利用了这层薄膜把海水过滤为可饮用的淡水，而含有杂质及高浓缩盐份的海水则被从口中吐出。这就是以后逆渗透法（ReverseOsmosis简称R．O）的基本理论架构。对透过的物质具有选择性的薄膜称为半透膜，一般将只能透过溶剂而不能透过溶质的薄膜称之为理想半透膜。当把相同体积的稀溶液（例如淡水）和浓溶液（例如盐水）分别置于半透膜的两侧时，稀溶液中的溶剂将自然穿过半透膜而自发地向浓溶液一侧流动，这一现象称为渗透。当渗透达到平衡时，浓溶液一侧的液面会比稀溶液的液面高出一定高度，即形成一个压差，此压差即为渗透压。渗透压的大小取决于溶液的固有性质，即与浓溶液的种类、浓度和温度有关而与半透膜的性质无关。若在浓溶液一侧施加大于渗透压的压力时，溶剂的流动方向将与原来的渗透方向相反，开始从浓溶液向稀溶液一侧流动，这一过程称为反渗透。反渗透是渗透的一种反向迁移运动，是一种在压力驱动下，借助于半透膜的选择截留作用将溶液中的溶质与溶剂分开的分离方法，它已广泛应用于各种液体的提纯与浓缩，其中最普遍的应用实例便是在水处理工艺中。反渗透膜的孔径非常小，因此能够有效地去除水中比反渗透膜孔径大的溶解盐类、重金属离子、有机物、胶体、细菌、病毒等。利用反渗透原理进行水提纯系统具有水质好、耗能低、无污染、工艺简单、操作简便等优点。反渗透膜能截留直径大于0.0001微米的物质，是最精细的一种膜分离产品，其能有效截留所有溶解盐份及分子量大于100的有机物，同时允许水分子通过，以获得高质量的纯净水。请根据上述材料，回答下列问题：（1）要将自来水中的无机盐、重金属离子、有机物、胶体、细菌、病毒等杂质阻隔，并使之无法通过反渗透膜，从而使可以透过的纯水和无法透过的浓缩水严格区分开来，反渗透膜的孔径要达到10﹣4μm以下。（2）图甲中容器两侧液面在自然状态下液体的流动方向是从纯水到盐水（选填“从纯水到盐水”或“从盐水到纯水”）。（3）图乙中两侧液体静止达到液透平衡。如果左右两容器横截面积均为100cm2，要实现反渗透，需要在图甲中盐水液面（选填“纯水”或“盐水”）施加竖直向下的压力至少是多大？请写出计算过程和结果。（g＝10N/kg，ρ盐水＝1.03×103kg/m3）（4）RO反渗透是当前最先进的净水分离技术，请举出一个它在生产生活方面的应用。【考点】液体压强的计算以及公式的应用；压强的计算．【分析】（1）根据反渗透膜能截留直径大于0.0001微米的物质即可得知反渗透膜的孔径要达到0.0001微米以下；（2）由题意可知，稀溶液中的溶剂将自然穿过半透膜而自发地向浓溶液一侧流动，据此可知图甲中液体的流动方向；（3）由于图乙中两侧液体静止达到液透平衡，则在图甲中盐水液面上施加与h1深度的盐水产生的压强相等，利用F＝pS即可求出施加的压力；（4）RO反渗透是当前应用于海水淡化、净水机、制药等。【解答】解：（1）根据反渗透膜能截留直径大于0.0001μm的物质可知，反渗透膜的孔径要达到0.0001μm＝10﹣4μm以下；（2）由题意可知，稀溶液中的溶剂将自然穿过半透膜而自发地向浓溶液一侧流动，这一现象称为渗透，所以图甲中容器两侧液面在自然状态下液体的流动方向是从纯水到盐水；（3）由于图乙中两侧液体静止达到液透平衡，且右侧液面比左侧液面高出h＝10cm；而在图甲中盛盐水