福建省厦门市高三物理适应性考试试题（含解析）.doc

2017届高三适应性考试理科综合物理试题二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第1417题只有一项符合题目要求，第1821题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1. 下列有关四幅图的说法中，正确的是a. 粒子散射实验促使玻尔改进了卢瑟福的原子核模型b. 在光颜色保持不变的情况下，入射光越强，饱和光电流越大c. 放射线甲由粒子组成，每个粒子带两个单位正电荷d. 该链式反应属于原子核的聚变反应，链式反应需大于临界体积才能够进行【答案】b【解析】卢瑟福通过粒子散射实验推翻了汤姆逊原子枣糕模型，建立了原子核式结构模型，故a错误；在光颜色保持不变的情况下，入射光越强，单位时间内发出光电子数目越多，饱和电流越大，故b正确；根据左手定则知，甲带负电，为电子，故c错误；该链式反应属于原子核的裂变反应，故d错误2. 如图所示是某物体做直线运动的图象（其中v为速度，x为位置坐标），下列关于物体从x=0处运动至x=x0处的过程分析，其中正确的是a. 该物体做匀加速直线运动b. 该物体的加速度大小为c. 当该物体的速度大小为时，位移大小为d. 当该物体的位移大小为时，速度大小为【答案】c【解析】试题分析：根据匀变速直线运动的速度位移关系公式来分析与x之间的关系，再根据图象进行分析即可分析物体的运动性质，求得加速度由运动学公式研究即可由匀变速直线运动的速度位移关系公式可得，可知物体的加速度恒定不变，由于物体的速度减小，故物体做匀减速直线运动，故a错误；由知，图象的斜率绝对值等于2a，由图可得，则得物体的加速度大小为，故b错误；当该物体速度大小为时，由图可得：，故c正确；当该物体位移大小为时，由图可得，故d错误3. 如图所示，理想变压器原线圈两端a、b接在电动势为e=8v，内阻为的交流电源上，理想变压器的副线圈两端与滑动变阻器相连，变压器原副线圈的匝数比为1：2，当电源输出功率最大时a. 滑动变阻器的阻值b. 最大输出功率p=4wc. 变压器的输出电流d. 滑动变阻器的阻值【答案】d【解析】当外电路电压等于内电路电压时电源输出功率最大，即，而且，故，根据欧姆定律可得，故根据可得副线圈中的电流为，根据可得副线圈两端的电压，故，最大输出功率为，故d正确【点睛】当外电路电阻和内电路电阻相等时，输出功率最大，也可以表示为外电路电压和内电路电压相等时输出功率最大4. 已知地球两极的重力加速度大小为，赤道上的重力加速度大小为g。若将地球视为质量均匀分布、半径为r的球体，地球同步卫星的轨道半径为a. b. c. d. 【答案】a【解析】试题分析：地球同步卫星公转周期等于地球自转的周期，根据万有引力提供向心力及在地球两极表面万有引力等于重力，列式即可解题设地球质量为m，地球赤道上物体的质量为m，地球同步卫星的轨道半径为h，地球的自转周期为t，则地球两极的物体受到引力等于其重力，即为，而赤道上物体受到引力与支持力差值提供向心力，即为，同步卫星所受万有引力等于向心力，故地球同步卫星轨道半径为，故a正确5. 如图所示，斜面体置于粗糙水平面上，斜面光滑。光滑小球被轻质细线系放在斜面上，细线另一端跨过定滑轮，用恒力f拉细线使小球沿斜面缓慢向上移动一小段距离，斜面体始终保持静止状态，则在此过程中a. 细线对小球的拉力变小b. 斜面体对小球的支持力变小c. 地面对斜面体的支持力变小d. 地面对斜面体的摩擦力变大【答案】bc【解析】试题分析：先以小球为研究对象，根据平衡条件得到拉力、支持力与绳子和斜面夹角的关系式，即可分析其变化；再对斜面研究，由平衡条件分析地面对斜面的支持力和摩擦力，即可分析斜面对地面的压力变化设小球和斜面的质量分别为m和m，绳子与斜面的夹角为以小球为研究对象，小球受到重力mg、斜面的支持力n和绳子的拉力f，如下图所示由平衡条件得：斜面方向有：，垂直斜面方向：，使小球沿斜面缓慢移动时，增大，其他量不变，由式知，f增大由知，n变小，故a错误b正确；对斜面和小球整体分析受力：重力mg、地面的支持力n和摩擦力f、小球的压力n，由平衡条件得：，n变小，则f变小，故c正确，d错误6. 如图所示，真空中三点a、b、c构成边长为l的等边三角形，ef是其中位线，在e、f点分别放置电荷量均为q的正、负点电荷。下列说法正确的是a. a点的电场强度大小为b. a点的电势低于c点的电势c. 电势差ueb等于电势差ucfd. 负电荷在b点的电势能小于在c点的电势能【答案】acd【解析】试题分析：a点的场强为两个点电荷单独存在时在a点产生场强的矢量和；等量异种电荷连线的垂直平分线是一条等势线根据公式u=ed定性分析电势差关系根据电势的高低，可分析电势能的大小+q、-q两个点电荷产生的电场在a处的场强大小相等，夹角为120，故a点的电场强度大小为，故a正确；根据等量异种电荷连线的电场线的分布特点可知，a点位于两个等量异种点电荷的中垂线上，所以a点的电势与无穷远处的电势相等；而c点的靠近负电荷，可知a点的电势高于c点的电势故b错误；由电场线的分布可知：eb间的电场强度比ea间的小，由知电势差小于电势差，故c正确；根据等量异种电荷连线的电场线的分布特点，结合b的分析可知，b点的电势高于c点的电势，由知负电荷在b点的电势能小于在c点的电势能，故d正确7. 如图所示，倾角为370的足够长的传送带以恒定速度运行，将一质量m=1 kg的小物体以某一初速度放上传送带，物体相对地面的速度大小随时间变化的关系如图所示，取沿传送带向上为正方向，g= 10 m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8。则下列说法正确的是 a. 传送带逆时针转动，速度大小为4 m/sb. 物体与传送带间的动摩擦因数为0. 75c. 08 s内物体位移的大小为14 md. 08 s内物体与传送带之间因摩擦而产生的热量为126 j【答案】cd【解析】从图中可知小物体先反向做减速运动后做加速运动，故可知传送带速度方向沿斜面向上，最终物块和传送带的速度相同，故传送带速度大小为4m/s，a错误；根据v-t图象的斜率表示加速度，可得，物体相对传送带滑动时的加速度大小为，由牛顿第二定律得，解得，故b错误；08s内物体位移为，故c正确；0-8s内只有前6s内物体与传送带发生相对滑动0-6s内传送带运动距离为，0-6s内物体位移为，产生的热量为，故d正确8. 如图甲所示，静止在水平面上的等边三角形金属线框，匝数n=20，总电阻r=2.5，边长l=0.3m，处在两个半径均为r=0.1m的圆形匀强磁场中，线框顶点与右侧圆心重合，线框底边与左侧圆直径重合，磁感应强度垂直水平面向外；垂直水平面向里，、随时间t的变化如图乙所示，线框一直处于静止状态，计算过程中取，下列说法正确的是a. 线框具有向左的运动趋势b. t=0时刻穿过线框的磁通量为0.5wbc. t=0.4s时刻线框中感应电动势为1.5vd. 00.6s内通过线框横截面电荷量为0.36c【答案】cd三、非选择题： （一）必考题9. 某同学利用圆周运动探究橡皮筋形变的规律，半径足够大的水平转台上开了一个水平凹槽，槽的边缘刻有标尺，橡皮筋一端固定在转轴上的o点，另一端系住质量m=0.2kg的小球，小球可随转台一起在水平面内做圆周运动，已知橡皮筋原长l0=10.0cm，弹性系数k=100n/m，小球与槽之间的摩擦可忽略不计，他测出橡皮筋长度随转台周期的变化见表格数据（1）由表格数据可知，橡皮筋的长度随周期的关系是_（填“线性关系”或“非线性关系”）；（2）转台的转速增大，则橡皮筋的长度_（填“增大”、“减小”或“不变”）；（3）当转台转动的周期t=0.6s时，小球的向心力大小为_n（计算结果保留2位有效数字）；（4）当转台转动周期t=0.2s时，下列说法正确的是_a橡皮筋仍在弹性形变内 b橡皮筋超出弹性形变范围，甚至会断c不能确定橡橡皮筋是否超出弹性形变范围【答案】 (1). 非线性关系 (2). 增大 (3). 2.8 (4). b【解析】（1）如果是线性关系，则（为定值），从图中可知不是定值，故为非线性关系（2）根据公式可得转速增大，则周期增大，从图中可知橡皮筋的长度增大，（3）在水平方向上橡皮筋的拉力充当向心力，当t=0.6s时橡皮筋的长度为12.8cm，故橡皮筋的拉力为10. 甲同学利用如图a所示的电路测定电源的电动势和内阻，提供的器材有：a干电池两节，每节电动势约为1.5 v，内阻未知b直流电压表v1、v2，内阻很大c直流电流表a，内阻可忽略不计d定值电阻r0，阻值未知，但不小于5 e滑动变阻器f导线和开关（1）请根据所给电路图，以笔画线代表导线，在图b所示的实物图上将所缺导线画上；（2）甲同学利用该电路完成实验时，由于某根导线发生断路故障，导致一只电压表始终没有读数，因此只记录了一只电压表和电流表的示数，如下表所示：利用表格中的数据在图c中作出ui图像。（3）由图像可知，两节干电池总电动势为_ v，总内阻为_ （结果均保留三位有效数字）。由计算得到的数据可以判断，有读数的电压表应为电压表_(选填“v1”或“v2”)。【答案】 (1). 如图图b 如图图c (2). 2.90（2.872.93均得分） (3). 3.50（3.403.60均得分）v1【解析】试题分析：（1）根据实验原理图连接实物图；（2）根据描点法可得出以应的伏安特性曲线；（3）根据闭合电路欧姆定律以及作出的图象即可明确电源的电动势和内电阻，并根据结果分析哪一个电压表能够正常读数（1）因为两节干电池提供的电压为3v，故电压表选择量程03v，电压表测量滑动变阻器两端电压，如图所示（2）由图将（i，u）作为坐标值将各点描出，并用直线将各点相连，作图象如图所示；（3）由可知；图象与纵轴的交点为电源的电动势，故e=2.90v；图象的斜率表示电源的电动势，；若示数为电表的，则测量的内电阻一定包含有定值电阻，而定值电阻大于5，故说明读数只能是电压表的示数；11. 如图所示，光滑的桌面高h=5m，桌面上有两个质量分别为ma=2kg、mb=1kg小球a、b，它们之间有一个压缩的轻弹簧（弹簧长度很短、与两小球没有拴接），b球通过一个绷直的竖直轻绳l=0.5m挂在o点。现静止同时释放两小球，已知b球以后恰好在竖直平面内做完整的圆周运动。不计空气阻力，g=10m/s2。求：（1）小球a落地时距桌面边缘的水平位移；（2）最初弹簧贮存的弹性势能。【答案】（1） （2） 【解析】（1）射球a、b被弹簧弹开后速度分别为，b球在竖直平面内做圆周运动，设最高点的速度为,由牛顿第二定律b被弹簧弹开后运动至最高点过程，由机械能守恒定律a、b被弹簧弹开过程，由动量守恒定律a离开桌面边缘后做平抛运动，联立式得，球a落地时距桌面边缘的水平位移（2）球a、b及弹簧组成的系统，由能量守恒定律代入数据得12. 如图所示，在xoy平面直角坐标系中，直角三角形acd内存在垂直纸面向里、磁感应强度大小为b的匀强磁场。线段co=od=l， 。在第四象限正方形odef内存在沿x轴正方向、大小的匀强电场，沿ac在第三象限放置一平面足够大的荧光屏，屏与y轴平行。一个电子p从坐标原点沿y轴正方向射入磁场，恰好不从ad边射出磁场。已知电子的质量为m，电量为e。试求：（1）电子射入磁场时的速度大小；（2）电子在电场中运动的时间；（3）若另一电子q从x坐标轴上某点（）以相同的速度射入磁场，p、q打在荧光屏上同一点，电子射入磁场时的坐标x。【答案】（1） （2） （3） 【解析】试题分析：1）由电子恰好不从ad边射出磁场得到半径，再由牛顿第二定律求得速度；（2）求得电子在电场中的加速度，分析电子可能出射的边界，分别讨论粒子在电场中的运动时间，较短的即为实际运动时间；（3）求得电子p在荧光屏上的位置，在讨论怎样的电子可以射到荧光屏上同一点，那么，不同于p的另一运动轨迹即为电子p的，再按p的运动过程逆推得到q射入磁场的坐标（1）设电子运动半径为r，由几何知识可得，解得根据牛顿运动定律可得，解得由几何知识可知，从坐标原点射入磁场的电子恰好与磁场边界ad相切。电子进入电场的坐标为电子若打在ef间射出，则电子若从oe间离开电场，则其中，解得因，由此可以判断电子是从oe间离开电场的。电子在电场中运动的时间为电子p通过y轴的坐标为电子p速度与y轴负方向的夹角为电子p打在荧光屏的y坐标为电子q离开电场时的坐标为（0，-yq），则且速度方向与-y方向的夹角为打在荧光屏上的点y轴坐标为代入得p、q打在荧光屏上同一点，有，解得设电子q从坐标（-x,0）进入电场，则，解得（二）选考题： 34 13. 如图所示，a、b、c、k是弹性介质中等距离分布在一条直线上的若干个质点。t0时刻，处在e处的波源从平衡位置开始向上做简谐运动，形成在质点a、b、c、k所在的直线上传播的横波，其振幅为3cm、周期为0.2s。若沿波的传播方向，后一个质点比前一个质点迟0.05 s开始振动。t0.25 s时，直线上距波源e点2m处的某质点第一次达到最高点。则下列判断正确的是 a. 该机械波的传播速度为8m/sb. 该机械波的波长为2mc. 图中相邻两个质点间距为0.5md. 当a点经过的路程为12cm时，h点经过的路程为9cme. 当b点在平衡位置向下运动时，c点位于平衡位置的下方【答案】bce【解析】后一个质点比前一个质点迟0.05s振动，所以t