广东省东莞市厚街中学高考物理模拟试卷（三）（含解析）.doc

2015年广东省东莞市厚街中学 高考物理模拟试卷（三）一、单项选择题（每题4分）1（4分）（2015东莞校级模拟）如图所示，当公共汽车水平向左加速时，车厢中竖直悬挂的重物会向后摆，摆到悬绳与竖直方向成角时相对车保持静止则此时（）a悬绳拉力一定大于重物的重力b重物所受合外力一定小于重物的重力c重物所受的合外力水平向右d重物此时受到重力、悬绳拉力及水平向右的拉力等三个力的作用2（4分）（2013揭阳二模）如图，足够长的光滑导轨倾斜放置，其下端连接一个灯泡，匀强磁场垂直于导轨所在平面向上（导轨和导线电阻不计），则垂直导轨的导体棒ab在下滑过程中（）a感应电流从a流向bb导体棒ab受到的安培力方向平行斜面向上c导体棒ab一定匀加速下滑d灯泡亮度一直保持不变3（4分）（2015东莞校级模拟）从同一地点同时开始沿同一方向做直线运动的两个物体、的速度图象如图所示在0t0时间内，下列说法中正确的是（）a、两个物体所受的合外力都在不断减小b物体所受的合外力不断增大，物体所受的合外力不断减小c物体的位移不断增大，物体的位移不断减小d物体的平均速度小于，物体的平均速度大于4（4分）（2015东莞校级模拟）在光滑绝缘水平面上，一轻绳拉着一个带电小球绕竖直方向的轴o在匀强磁场中做逆时针方向的水平匀速圆周运动，磁场的方向竖直向下，其俯视图如图，若小球运动到a点时，绳子突然断开，关于小球在绳断开后可能的运动情况，以下说法不可能的是（）a小球做逆时针匀速圆周运动，半径不变b小球做逆时针匀速圆周运动，半径减小c小球做顺时针匀速圆周运动，半径不变d小球做顺时针匀速圆周运动，半径减小二、双项选择题（每题6分）5（6分）（2015东莞校级模拟）如图所示的电路中，l是自感系数足够大的线圈，它的电阻可忽略不计，d1和d2是两个完全相同的灯泡，将电键k闭合，带灯泡亮度稳定后，再将电键k断开，则下列说法正确的是（）ak闭合瞬间，两灯同时亮，以后d1熄灭，d2变亮bk断开时，两灯都亮一下再慢慢熄灭ck闭合瞬间，d1先亮，d2后亮，最后亮灯亮度一样dk断开时，d2立即熄灭，d1亮一下再慢慢熄灭6（6分）（2013江门二模）理想变压器与电阻r及交流电流、电压表v和a按图示方式连接，已知变压器原副线圈的匝数比为n1：n2=10：1，电阻r=11，原线圈两端输入电压u随时间变化的图象如图所示，下列说法中正确的是（）av表的读数为220vb通过r的电流为2aca表的读数为2ad变压器的输入功率为44w7（6分）（2015东莞校级模拟）农民在精选谷种时，常用一种叫“风车”的农具进行分选在同一风力作用下，谷种和瘪谷（空壳）都从洞口水平飞出，结果谷种和瘪谷落地点不同，自然分开，m处是瘪谷，n处是谷种，如图所示若不计空气阻力，对这一现象，下列分析正确的是（）a谷种飞出洞口时的速度比瘪谷飞出洞口时的速度小些b谷种和瘪谷飞出洞口后都做匀变速曲线运动c谷种运动过程中加速度较大d瘪谷从飞出洞口到落地所用的时间较长8（6分）（2013湛江二模）回旋加速器是加速带电粒子的装置，其主体部分是两个d形金属盒两金属盒处在垂直于盒底的匀强磁场中，a、b分别与高频交流电源两极相连接，下列说法正确的是（）a离子从磁场中获得能量b离子从电场中获得能量c带电粒子的运动周期是变化的d增大金属盒的半径可使粒子射出时的动能增加9（6分）（2015东莞校级模拟）如图甲是某电场中的一条电场线，a、b是这条线上的两点，一负电荷只受电场力作用，沿电场线从a运动到b的过程中，电荷的vt图线如图乙所示，关于a、b两点的电势a、b和电场强度ea、eb的关系，下列判断正确的是（）aabbabceaebdeaeb三、实验题10（10分）（2015东莞校级模拟）某探究学习小组验证动能定理的实验装置如图甲实验时首先要平衡摩擦力：取下沙桶，把木板不带滑轮的一端垫高，轻推小车，让小车（选填“拖着”或“不拖着”）纸带运动，直到小车做运动打点计时器使用频率为50hz的交流电，记录小车运动的纸带如图乙所示在纸带上相邻两计数点之间还有四个点未画出本实验需根据此纸带计算（选填“速度”、“加速度”）的值，其中小车通过计数点“b”时，该值=（计算结果保留两位有效数字）若实验室没有沙桶只有钩码，每个钩码质量m=50g，小车总质量m=200g，用该实验装置验证动能定理，则需验证重力对钩码所做的功是否等于（选填“小车”或“小车和钩码”）动能的增量11（8分）（2013湛江二模）现要用伏安法描绘一只标值为“2.5v，0.6w”小灯泡的iu图线，有下列器材供选用：a电压表（03v，内阻3k；015v，内阻10k）b电流表（00.6a，内阻0.5；03a，内阻0.1）c滑动变阻器（10，2a）d滑动变阻器（100，1.0a）e蓄电池（电动势6v，内阻不计）用如图甲所示的电路进行测量，滑动变阻器应选用（用序号字母表示）开关s闭合之前，滑动变阻器的滑片应该置于端（选填“a”、“b”或“ab正中间”）按图甲所示电路，用笔画线代替导线在图乙中将实物连接成实验所需电路图通过实验测得此灯泡的伏安特性曲线如图丙所示由图线可求得此灯泡在正常工作时的电阻为四、计算题12（18分）（2015东莞校级模拟）如图所示，半径为r=0.4m内壁光滑的半圆形轨道固定在水平地面上，质量m=0.96kg的滑块停放在距轨道最低点a为l=8.0m的o点处，质量为m0=0.04kg的子弹以速度v0=250m/s从右方水平射入滑块，并留在其中已知滑块与水平面的动摩擦因数=0.4，子弹与滑块的作用时间很短；取g=10m/s2，试求：（1）子弹刚留在滑块时二者的共同速度大小v；（2）滑块从o点滑到a点的时间t；（3）滑块从a点滑上轨道后通过最高点b落到水平面上c点，a与c间的水平距离是多少13（18分）（2015东莞校级模拟）如图光滑绝缘水平面上方空间，竖直平面mn左侧有一水平向右的匀强电场，场强大小，右侧空间有长为r=0.125m一端固定于o点的轻绝缘细绳，另一端拴一个质量为m小球b，小球b在竖直面内沿顺时针做圆周运动，运动到最低点时速度大小vb=8m/s（b在最低点与水平面无弹力）在mn左侧水平面上有一质量也为m，带正电量q的小球a，某时刻在距mn平面l位置由静止释放，恰能与运动到最低点的b球发生正碰，并瞬间成为一个整体c，（取g=10m/s2）（1）如果l=0.2m，求整体c运动到最高点时的速率；（2）在（1）条件下，整体c在最高点时受到细绳的拉力是小球b重力的多少倍？（3）当l满足什么条件时，整体c可在竖直面内做完整的圆周运动2015年广东省东莞市厚街中学高考物理模拟试卷（三）参考答案与试题解析一、单项选择题（每题4分）1（4分）（2015东莞校级模拟）如图所示，当公共汽车水平向左加速时，车厢中竖直悬挂的重物会向后摆，摆到悬绳与竖直方向成角时相对车保持静止则此时（）a悬绳拉力一定大于重物的重力b重物所受合外力一定小于重物的重力c重物所受的合外力水平向右d重物此时受到重力、悬绳拉力及水平向右的拉力等三个力的作用考点：牛顿第二定律；物体的弹性和弹力专题：牛顿运动定律综合专题分析：对重物进行受力分析，加速度方向水平向前，竖直方向受力平衡，结合牛顿第二定律即可解题解答：解：a、重物竖直方向受力平衡，则有：tcos=mg，所以tmg，故a正确；b、重物所受合外力f=ma，当ag时，重物所受合外力fmg，故b错误；c、重物所受的合外力方向与加速度方向相同，所以合力方向水平向左，故c错误；d、物体受到重力和绳子的拉力两个力作用，故d错误故选：a点评：本题要求同学们能对重物正确进行受力分析，求出合力，运用牛顿第二定律求解，难度不大，属于基础题2（4分）（2013揭阳二模）如图，足够长的光滑导轨倾斜放置，其下端连接一个灯泡，匀强磁场垂直于导轨所在平面向上（导轨和导线电阻不计），则垂直导轨的导体棒ab在下滑过程中（）a感应电流从a流向bb导体棒ab受到的安培力方向平行斜面向上c导体棒ab一定匀加速下滑d灯泡亮度一直保持不变考点：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律；安培力专题：电磁感应与电路结合分析：根据右手定则判断感应电流的方向，再根据左手定则判断安培力的方向，通过速度的变化，得出电动势的变化，电流的变化，从而得出安培力的变化根据能量守恒判断机械能的变化，根据克服安培力做功与产生的电能关系判断安培力做功与灯泡消耗电能的关系解答：解：a、导体棒ab下滑过程中，由右手定则判断感应电流i在导体棒ab中从b到a，故a错误；b、导体棒ab下滑过程中，由右手定则判断感应电流i在导体棒ab中从b到a，由左手定则判断导体棒ab受沿斜面向上的安培力f安，故b正确；c、由分析知，导体棒ab开始速度增大，感应电动势增大，感应电流增大，安培力增大，如果导轨足够长，当f安=mgsin时达到最大速度vm，之后做匀速直线运动，速度不再增大，安培力不变，因此导体棒做先做加速度减小的加速运动，直到匀速运动故c错误；d、安培力做负功实现机械能转化为电能，安培力做功量度了电能的产生，根据功能关系有克服安培力做的功等于整个回路消耗的电能，包括灯泡和导体棒消耗的电能，因此灯泡亮度不可能保持不变故d错误；故选b点评：解决这类导体棒切割磁感线产生感应电流问题的关键时分析导体棒受力，进一步确定其运动性质，并明确判断过程中的能量转化及功能关系如安培力做负功量度了电能的产生，克服安培力做什么功，就有多少电能产生3（4分）（2015东莞校级模拟）从同一地点同时开始沿同一方向做直线运动的两个物体、的速度图象如图所示在0t0时间内，下列说法中正确的是（）a、两个物体所受的合外力都在不断减小b物体所受的合外力不断增大，物体所受的合外力不断减小c物体的位移不断增大，物体的位移不断减小d物体的平均速度小于，物体的平均速度大于考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系专题：运动学中的图像专题分析：速度时间图象上某点的切线的斜率表示该点对应时刻的加速度大小，图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小，再根据平均速度的定义进行分析解答：解：ab、速度时间图象上某点的切线的斜率表示该点对应时刻的加速度大小，故物体做加速度不断减小的加速运动，物体做加速度不断减小的减速运动，两物体的加速度都减小，由牛顿第二定律f=ma可知，为一体受到的合外力都减小，故a正确，b错误；c、图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小，由图象可知：随着时间的推移，、的速度图象与时间轴围城的面积不断变大，两物体的位移不断变大，故c错误；d、图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小，如果物体的速度从v2均匀减小到v1，或从v1均匀增加到v2，物体的位移就等于图中梯形的面积，平均速度就等于，故的平均速度大于，的平均速度小于，故d错误；故选：a点评：本题关键是根据速度时间图象得到两物体的运动规律，然后根据平均速度的定义和图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小分析处理4（4分）（2015东莞校级模拟）在光滑绝缘水平面上，一轻绳拉着一个带电小球绕竖直方向的轴o在匀强磁场中做逆时针方向的水平匀速圆周运动，磁场的方向竖直向下，其俯视图如图，若小球运动到a点时，绳子突然断开，关于小球在绳断开后可能的运动情况，以下说法不可能的是（）a小球做逆时针匀速圆周运动，半径不变b小球做逆时针匀速圆周运动，半径减小c小球做顺时针匀速圆周运动，半径不变d小球做顺时针匀速圆周运动，半径减小考点：洛仑兹力专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：运动的带点粒子在磁场中受力洛伦兹力的作用，分小球带正电和负电两种情况进行讨论，用左手定则判断洛伦兹力的方向，根据向心力公式分析绳子所受的力，绳子断开后，绳子的拉力为零，小球仅受洛伦兹力，根据受力情况判断小球的运动情况即可解答：解：a、若小球带正电，则小球所受的洛伦兹力指向圆心，开始时，拉力可能为零，绳断后，仍然洛伦兹力提供向心力，逆时针做圆周运动，半径不变若开始靠洛伦兹力和拉力的合力提供向心力，拉力减小为零，小球靠洛伦兹力提供向心力，速度的大小不变，半径变大，故b错误，a正确c、如果小球带负电，则小球所受的洛伦兹力方向背离圆心，当洛伦兹力的大小等于小球原来所受合力大小时，绳子断后，小球做顺时针的匀速圆周运动，半径不变，也可能洛伦兹力小于之前合力的大小，则半径减小故c、d正确本题选不可能的，故选：b点评：解题的关键是能正确分析向心力的来源，知道如何判断洛伦兹力的方向，难度适中二、双项选择题（每题6分）5（6分）（2015东莞校级模拟）如图所示的电路中，l是自感系数足够大的线圈，它的电阻可忽略不计，d1和d2是两个完全相同的灯泡，将电键k闭合，带灯泡亮度稳定后，再将电键k断开，则下列说法正确的是（）ak闭合瞬间，两灯同时亮，以后d1熄灭，d2变亮bk断开时，两灯都亮一下再慢慢熄灭ck闭合瞬间，d1先亮，d2后亮，最后亮灯亮度一样dk断开时，d2立即熄灭，d1亮一下再慢慢熄灭考点：自感现象和自感系数分析：电感总是阻碍电流的变化线圈中的电流增大时，产生自感电流的方向更原电流的方向相反，抑制增大；线圈中的电流减小时，产生自感电流的方向更原电流的方向相同，抑制减小，并与灯泡1构成电路回路解答：解：l是自感系数足够大的线圈，它的电阻可忽略不计，d1和d2是两个完全相同的小灯泡a、k闭合瞬间，但由于线圈的电流增加，导致线圈中出现感应电动势从而阻碍电流的增加，所以两灯同时亮，当电流稳定时，由于电阻可忽略不计，所以以后d1熄灭，d2变亮故a正确，b错误；c、k闭合断开，d2立即熄灭，但由于线圈的电流减小，导致线圈中出现感应电动势从而阻碍电流的减小，所以d1亮一下再慢慢熄灭，故c错误；d正确；故选：ad点评：线圈中电流变化时，线圈中产生感应电动势；线圈电流增加，相当于一个瞬间电源接入电路，线圈上端是电源正极当电流减小时，相当于一个瞬间电源，线圈下端是电源正极6（6分）（2013江门二模）理想变压器与电阻r及交流电流、电压表v和a按图示方式连接，已知变压器原副线圈的匝数比为n1：n2=10：1，电阻r=11，原线圈两端输入电压u随时间变化的图象如图所示，下列说法中正确的是（）av表的读数为220vb通过r的电流为2aca表的读数为2ad变压器的输入功率为44w考点：变压器的构造和原理专题：交流电专题分析：电压表、电流表的示数表示电压电流的有效值，原副线圈的电压比等于匝数之比，电流比等于匝数之反比，原线圈的电压决定副线圈的电压，副线圈的电流决定原线圈的电流解答：解：由原线圈两端输入电压u随时间变化的图象可知，u1=220v，t=0.02sa、根据原副线圈的电压比等于匝数之比，可知，所以电压表的示数为22v，故a错误；b、根据欧姆定律得：i=，故b正确，c错误；c、副线圈功率p2=i2u2=44w，所以变压器的输入功率p1=p2=44w，故d正确故选bd点评：解决本题的关键知道原副线圈的电压关系和电流关系，以及知道原副线圈的电压、电流和功率的决定关系7（6分）（2015东莞校级模拟）农民在精选谷种时，常用一种叫“风车”的农具进行分选在同一风力作用下，谷种和瘪谷（空壳）都从洞口水平飞出，结果谷种和瘪谷落地点不同，自然分开，m处是瘪谷，n处是谷种，如图所示若不计空气阻力，对这一现象，下列分析正确的是（）a谷种飞出洞口时的速度比瘪谷飞出洞口时的速度小些b谷种和瘪谷飞出洞口后都做匀变速曲线运动c谷种运动过程中加速度较大d瘪谷从飞出洞口到落地所用的时间较长考点：平抛运动专题：平抛运动专题分析：谷种和瘪谷做的是平抛运动，平抛运动可以分解到水平方向和竖直方向去研究，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，两个方向上运动的时间相同解答：解：a、在大小相同的风力作用下，风车做的功相同，由于谷种的质量大，所以离开风车时的速度小，故a正确b、谷种和瘪谷飞出洞口做平抛运动，加速度相等，均做匀变速曲线运动，故b正确，c错误d、谷种和瘪谷飞出洞口做平抛运动，高度相同，则运动的时间相同故d错误故选：ab点评：本题就是对平抛运动规律的考查，平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，竖直方向上的自由落体运动来求解8（6分）（2013湛江二模）回旋加速器是加速带电粒子的装置，其主体部分是两个d形金属盒两金属盒处在垂直于盒底的匀强磁场中，a、b分别与高频交流电源两极相连接，下列说法正确的是（）a离子从磁场中获得能量b离子从电场中获得能量c带电粒子的运动周期是变化的d增大金属盒的半径可使粒子射出时的动能增加考点：质谱仪和回旋加速器的工作原理专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：回旋加速器中带电粒子在电场被加速，每通过电场，动能被增加一次；而在磁场里做匀速圆周运动，通过磁场时只改变粒子的运动方向，动能却不变因此带电粒子在一次加速过程中，电场电压越大，动能增加越大但从d形盒中射出的动能，除与每次增加的动能外，还与加速次数有关所以加速电压越大，回旋次数越少，推导出最大动能的表达式，分析最大动能与磁感应强度和d形金属盒半径的关系解答：解：a、离子在磁场中受到洛伦兹力，但不做功，故a错误；b、带电粒子源源不断的在电场中处于加速状态，从而获得能量虽速度增大，但在磁场中周期不变，所以粒子的运动周期是固定的，故b正确，c错误；d、带电粒子从d形盒中射出时的动能 ekm=mvm2 （1）带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，则圆周半径 r=（2）由（1）（2）可得ekm=显然，当带电粒子q、m一定的，则ekmr2 b2即ekm随磁场的磁感应强度b、d形金属盒的半径r的增大而增大，与加速电场的电压和狭缝距离无关，故d正确；故选bd点评：本题回旋加速器考查电磁场的综合应用：在电场中始终被加速，在磁场中总是匀速圆周运动所以容易让学生产生误解：增加射出的动能由加速电压与缝间决定原因是带电粒子在电场中动能被增加，而在磁场中动能不变9（6分）（2015东莞校级模拟）如图甲是某电场中的一条电场线，a、b是这条线上的两点，一负电荷只受电场力作用，沿电场线从a运动到b的过程中，电荷的vt图线如图乙所示，关于a、b两点的电势a、b和电场强度ea、eb的关系，下列判断正确的是（）aabbabceaebdeaeb考点：电势专题：电场力与电势的性质专题分析：从速度时间图线得到负电荷做加速运动，加速度变大，根据牛顿第二定律得到电场力的变化情况，和电场强度的变化情况；电势的高低看电场线的指向，沿着电场线电势一定降低解答：解：负电荷从a运动到b，由速度时间图线得到负电荷做加速运动，故电场力向右；ab：负电荷受到的电场力与场强方向相反，故电场线向左，沿电场线方向，电势变小，故b点电势较大，即ab；故a正确，b错误；cd：因为图线的斜率变大，故加速度变大，因此电场力变大，所以电场强度变大，即eaeb；故c正确，d错误故选：ac点评：本题关键通过速度时间图象得到物体的速度变化情况和加速度变化情况，然后判断场强方向和电势大小三、实验题10（10分）（2015东莞校级模拟）某探究学习小组验证动能定理的实验装置如图甲实验时首先要平衡摩擦力：取下沙桶，把木板不带滑轮的一端垫高，轻推小车，让小车拖着（选填“拖着”或“不拖着”）纸带运动，直到小车做匀速直线运动打点计时器使用频率为50hz的交流电，记录小车运动的纸带如图乙所示在纸带上相邻两计数点之间还有四个点未画出本实验需根据此纸带计算速度（选填“速度”、“加速度”）的值，其中小车通过计数点“b”时，该值=0.13m/s（计算结果保留两位有效数字）若实验室没有沙桶只有钩码，每个钩码质量m=50g，小车总质量m=200g，用该实验装置验证动能定理，则需验证重力对钩码所做的功是否等于小车和钩码（选填“小车”或“小车和钩码”）动能的增量考点：探究功与速度变化的关系分析：1、阻力包括限位孔对纸带的阻力，故要拖着纸带平衡摩擦力；2、要验证动能定理，需要测量初速度与末速度，根据匀变速直线运动平均速度等于中间时刻瞬时速度求解某点的速度；3、重力对钩码做的功等于合外力对小车和钩码做的功之和解答：解：（1）系统受到的阻力包括限位孔对纸带的阻力，故要拖着纸带要平衡摩擦力；直到小车做匀速直线运动，即可达到平衡摩擦力目的（2）要验证动能定理，需要测量初速度与末速度；b点速度等于ac段平均速度，故vb=m/s=0.13m/s；（3）细线对钩码做功和对小车做功之和为零，故重力对钩码做的功等于合外力对小车和钩码做的功之和；故答案为：拖着，匀速直线； 速度，0.13m/s； 小车和钩码点评：本题关键明确验证动能定理实验的原理和误差来源，同时要掌握该实验的注意事项，实验前要平衡摩擦力，不平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，以及过平衡摩擦力都是错误的11（8分）（2013湛江二模）现要用伏安法描绘一只标值为“2.5v，0.6w”小灯泡的iu图线，有下列器材供选用：a电压表（03v，内阻3k；015v，内阻10k）b电流表（00.6a，内阻0.5；03a，内阻0.1）c滑动变阻器（10，2a）d滑动变阻器（100，1.0a）e蓄电池（电动势6v，内阻不计）用如图甲所示的电路进行测量，滑动变阻器应选用c（用序号字母表示）开关s闭合之前，滑动变阻器的滑片应该置于a端（选填“a”、“b”或“ab正中间”）按图甲所示电路，用笔画线代替导线在图乙中将实物连接成实验所需电路图通过实验测得此灯泡的伏安特性曲线如图丙所示由图线可求得此灯泡在正常工作时的电阻为10考点：描绘小电珠的伏安特性曲线专题：实验题；恒定电流专题分析：在保证电路安全的情况下，为方便实验操作，乙个选择最大阻值较小的滑动变阻器；滑动变阻器采用分压接法，闭合开关前，滑片应置于分压电路分压最小的位置根据图甲所示电路连接实物电路图由图丙所示图象求出灯泡额定电压对应的电流，然后由欧姆定律求出灯泡电阻解答：解：由题意可知，两滑动变阻器都可以保证电路安全，为方便实验操作，滑动变阻器应选c；开关s闭合之前，滑动变阻器的滑片应该置于a端根据图甲所示电路图连接实物电路图，如图所示由图丙所示图象可知，灯泡额定电压2.5v所对应的电流是0.25a，则灯泡正常发光时灯泡电阻r=10故答案为：c；a； 实物连接如图所示；10点评：本题考查了实验器材的选择、连接实物电路图、求灯泡正常发光时的电阻，连接实物电路图时，要注意电表量程的选择、注意电表正负接线柱不要接反、注意滑动变阻器的接法四、计算题12（18分）（2015东莞校级模拟）如图所示，半径为r=0.4m内壁光滑的半圆形轨道固定在水平地面上，质量m=0.96kg的滑块停放在距轨道最低点a为l=8.0m的o点处，质量为m0=0.04kg的子弹以速度v0=250m/s从右方水平射入滑块，并留在其中已知滑块与水平面的动摩擦因数=0.4，子弹与滑块的作用时间很短；取g=10m/s2，试求：（1）子弹刚留在滑块时二者的共同速度大小v；（2）滑块从o点滑到a点的时间t；（3）滑块从a点滑上轨道后通过最高点b落到水平面上c点，a与c间的水平距离是多少考点：动量守恒定律；机械能守恒定律专题：动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合分析：（1）根据动量守恒定律求出子弹刚留在滑块时二者的共同速度大小v（2）根据牛顿第二定律求出滑块的加速度，根据匀变速直线运动的位移时间公式求出运动的时间（3）滑块离开b点后做平抛运动，先根据机械能守恒定律求出b点平抛的初速度，然后根据平抛运动规律求滑块的水平位移即可解答：解：（1）子弹击中滑块过程动量守恒，规定向左为正方向，则：m0v0=（m+m0）v代入数据解得：v=10m/s （2）子弹击中滑块后与滑块一起在摩擦力的作用下向左作匀减速运动，设其加速度大小 为a，则：（m+m0）g=（m+m0）a由匀变速运动的规律得：vtat2=l由并代入数据得：t=1s，（t=4s舍去）（3）滑块从o点滑到a点时的速度va=vat，代入数据得：va=6m/s 设滑块从a点滑上轨道后通过最高点b点时的速度vb，由机械能守恒定律：（m+m0）va2=（m+m0）g2r+（m+m0）vb2代入数据得：vb=2m/s滑块离开b点后做平抛运动，飞行时间t=而sac=vbt，代入数据得：sac=m答：（1）子弹刚留在滑块时二者的共同速度大小v为10m/s；（2）滑块从o点滑到a点的时间t为1s；（3）滑块从a点滑上轨道后通过最高点b落到水平面上c点，a与c间的水平距离是m点评：本题综合考