甘肃省陇南市绵阳中学育才学校高二物理上学期第二次月考试卷（含解析）.doc

甘肃省陇南市绵阳中学育才学校2014-2015 学年高二上学期第二次月考物理试卷一、单项选择题，共10个题，每小题3分，共30分，各小题的四个选项中只有一个选项是最符合题意1（3分）a、b两个点电荷间的距离恒定，当其它电荷移到a、b附近时，a、b间的库仑力将（）a可能变大b可能变小c一定不变d不能确定2（3分）如图是点电荷q周围的电场线，以下判断正确的是（）aq是正电荷，a点的电场强度大于b点的电场强度bq是正电荷，a点的电场强度小于b点的电场强度cq是负电荷，a点的电场强度大于b点的电场强度dq是负电荷，a点的电场强度小于b点的电场强度3（3分）如图所示是电场中的一条电场线，已知ab=bc，则下列关系式中一定正确的是（） aea=eb=ecbeaebeccabcduab=ubc4（3分）两个较大的平行板a、b相距为d，分别接在电压为u的电源正负极上，开关s闭合时质量为m，带电量为q的油滴恰好静止在两板之间，如图所示，在保持其他条件不变的情况下，将两板非常缓慢地水平错开一些，以下说法正确的是（）a油滴将向上运动，电流计中的电流从b流向ab油滴将下运动，电流计中的电流从a流向bc油滴静止不动，电流计中的电流从a流向bd油滴静止不动，电流计中无电流流过5（3分）关于电动势的说法，下列说法错误的是（）a电源的电动势等于内、外电路电势降落之和b电源提供的电能越多，电源的电动势越大c当电路中通过1库仑电量时，电源消耗的其他形式能的数值等于电源电动势的值d外电路断开时，电源路端电压与电源的电动势相等6（3分）如图所示，平行金属板中带电质点p原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器r4的滑片向b端移动时，则（）a电压表读数减小b电流表读数减小c质点p将向上运动dr3上消耗的功率逐渐增大7（3分）如图所示，有三个电阻，已知rl：r2：r3=1：3：6，则电路工作时，电压ul：u2为（）a1：6b1：9c1：3d1：28（3分）如图所示电路中，当滑动变阻器r3的滑片p向上端a滑动时，电流表a1、a2及电压表v的示数的变化情况是（）a电流表a1增大，a2减小，电压表v减小b电流表a1减小，a2增大，电压表v减小c电流表a1增大，a2增大，电压表v增大d电流表a1减小，a2减小，电压表v增大9（3分）如图所示电路中，电源电动势e=6v，内阻不计d为直流电动机，其线圈电阻r=2，限流电阻r=3当电动机正常工作时，电压表示数为0.3v则电动机的输出功率是（）a0.54wb0.55wc0.57wd0.60w10（3分）现将一根导线均匀拉长，使导线的直径减小为原来的一半，此时它的电阻为32，则可知导线原来的电阻为（）a16b8c2d1二、不定向选择题，共6个小题；每小题4分，共24分在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确全部选对的得3分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分11（4分）下列关于点电荷的说法中，正确的是（）a把质子或电子叫元电荷b电子带有最小的负电荷，其电量的绝对值叫元电荷c当两个带电体的大小远小于它们之间的距离时，可将这两个带电体看成点电荷d只有电荷量很小的带电体才能看成是点电荷12（4分）如图所示，实线表示某静电场的电场线，虚线表示该电场的等势面下列判断正确的是（）a1、2两点的场强大小相等b2、3两点的场强大小相等c1、2两点的电势相等d2、3两点的电势相等13（4分）如图所示，p、q是两个电荷量相等的正点电荷，它们连线的中点是o，a、b是中垂线上的两点，oaob，用ea、eb、a、b分别表示a、b两点的电场强度和电势，则（）aea一定大于ebbea可能小于ebca一定等于bda一定大于b14（4分）关于电流强度的说法中正确的是（）a根据i=可知i与q成正比b电流有方向，电流是矢量c如果在任何相等的时间内通过导体横截面的电荷量相等，则导体中的电流是恒定电流d电流的单位“安培”是国际单位制中的基本单位15（4分）示波管是示波器的核心部件，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，如图所示如果在荧光屏上p点出现亮斑，那么示波管中的（）a极板x应带正电b极板x应带正电c极板y应带正电d极板y应带正电16（4分）如图所示，实线为不知方向的三条电场线，从电场中m点以相同速度垂直于该处电场方向飞出a、b两个带电粒子，运动轨迹如图中虚线所示，不计带电粒子的重力，则（）aa一定带正电，b一定带负电ba的速度将增加，b的速度将增加ca的加速度将减小，b的加速度将增加da、b两个带电粒子的动能，一个增加一个减小三、填空题，每空2分，作图3分，共17分17（6分）仪器读数（1） （2） （3）18（11分）某班同学要到实验室测绘标示为“7v，3.5w”的小灯泡的伏安特性曲线除了导线和开关外，还有以下一些器材可供选择：电流表：a1（量程3a，内阻约0.1v1）；a2（量程0.6a，内阻约0.5v1）；电压表：v1（量程15v，内阻rv2约15kv1）；v2（量程5v，内阻rv1=5kv1）；滑动变阻器：r1（阻值范围010v1）；r2（阻值范围0500v1）；定值电阻：r3=2kv1电源：e（电动势为8v，内阻忽略不计）；（1）为了调节方便，测量准确，实验中应选用电流表，电压表；滑动变阻器（填器材的符号）（2）请在如图1虚线方框中画出实验电路图（3）某小组采用适当的方法测绘出了小灯泡 iu 曲线如图2，当小灯泡电压为2v时，实际功率是w四、计算题，19题9分，20题10分，21题10分，写出必要的公式及必要的文字说明19（10分）如图所示，有一电子（电量为e）经电压u0加速后，进入两块间距为d、电压为u的平行金属板间若电子从两板正中间垂直电场方向射入，且正好能穿过电场，求：（1）金属板ab的长度（2）电子穿出电场时的动能20（9分）如图所示电路中，电池组的电动势e=40v，内阻不计，定值电阻r=20，d是电动机，其线圈电阻r=1电动机正常工作时，理想电压表示数为20v求：（1）通过电动机的电流是多少（2）电动机消耗的电功率为多少（3）电动机输出的机械功率为多少21（10分）如图所示，在竖直放置的光滑半圆弧形绝缘细管的圆心o处放一点电荷，将质量为m、带电荷量为q的小球从圆弧管水平直径的端点a由静止释放，当小球沿细管下滑到最低点时，对细管的上壁的压力恰好与球重相同，求圆心处的电荷在圆弧管内产生的电场的场强大小甘肃省陇南市绵阳中学育才学校2014-2015学年高二上学期第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题，共10个题，每小题3分，共30分，各小题的四个选项中只有一个选项是最符合题意1（3分）a、b两个点电荷间的距离恒定，当其它电荷移到a、b附近时，a、b间的库仑力将（）a可能变大b可能变小c一定不变d不能确定考点：库仑定律 专题：电场力与电势的性质专题分析：a、b两个点电荷之间的库仑力与外加的电场无关根据库仑定律的公式f=，可判断a、b间库仑力的变化解答：解：a、b两个点电荷之间的库仑力与外加的电场无关由f=，r不变，a、b间的库仑力不变故c正确，a、b、d错误故选c点评：解决本题的关键掌握库仑定律的公式f=知道两电荷间的库仑力与外加电场无关2（3分）如图是点电荷q周围的电场线，以下判断正确的是（）aq是正电荷，a点的电场强度大于b点的电场强度bq是正电荷，a点的电场强度小于b点的电场强度cq是负电荷，a点的电场强度大于b点的电场强度dq是负电荷，a点的电场强度小于b点的电场强度考点：电场强度；电场线 专题：电场力与电势的性质专题分析：电场线总是从正电荷后无穷远处出发终止于负电荷或无穷远处电场线是为了形象的描述电场强弱和方向引入的，并非实际存在的，电场线的疏密表示场强的强弱解答：解：电场线总是从正电荷后无穷远处出发终止于负电荷或无穷远处所以q是正电荷，电场线的疏密表示场强的强弱，电场线密的地方电场强，疏的地方电场弱，所以a点的电场强度大于b点的电场强度故选a点评：熟悉正、负点电荷，等量同种、等量异种电荷周围电场分布情况往往是解题关键3（3分）如图所示是电场中的一条电场线，已知ab=bc，则下列关系式中一定正确的是（） aea=eb=ecbeaebeccabcduab=ubc考点：电场线 分析：由电场线的疏密判断电场强度的大小一条电场线不能反映电场线的疏密顺着电场线电势降低，根据电场线的方向判断电势的高低在匀强电场中，电场强度与电势差的关系是u=ed解答：解：a、b、一条件电场线无法比较电场线的疏密，则无法比较b、c两点场强的大小故ab错误c、顺着电场线电势必定降低，所以有：abc故c正确d、由于电场线的疏密无法比较，不能确定场强的大小，所以不能根据公式u=ed分析电势差的关系故d错误故选：c点评：本题考查对电场线物理意义的掌握与应用能力要注意公式u=ed的适用条件是匀强电场4（3分）两个较大的平行板a、b相距为d，分别接在电压为u的电源正负极上，开关s闭合时质量为m，带电量为q的油滴恰好静止在两板之间，如图所示，在保持其他条件不变的情况下，将两板非常缓慢地水平错开一些，以下说法正确的是（）a油滴将向上运动，电流计中的电流从b流向ab油滴将下运动，电流计中的电流从a流向bc油滴静止不动，电流计中的电流从a流向bd油滴静止不动，电流计中无电流流过考点：电容器的动态分析；匀强电场中电势差和电场强度的关系 分析：带电油滴原来处于静止状态，电场力与重力平衡，将两板缓慢地错开一些后，分析板间场强有无变化，判断油滴是否仍保持静止根据电容的决定式分析电容如何变化，由电容的定义式分析电量的变化，确定电路中电流的方向解答：解：将两板缓慢地错开一些，两板正对面积减小，根据电容的决定式c= 得知，电容减小，而电压不变，则由c= 知，电容器带电量减小，电容器处于放电状态，电路中产生顺时针方向的电流，则电流计中有ab的电流由于电容器板间电压和距离不变，则由e=，知板间场强不变，油滴所受电场力不变，仍处于静止状态故c正确abd错误故选：c点评：本题是电容器动态变化问题，要抓住电压不变，根据电容的决定式c= 和电容的定义式c=结合进行分析5（3分）关于电动势的说法，下列说法错误的是（）a电源的电动势等于内、外电路电势降落之和b电源提供的电能越多，电源的电动势越大c当电路中通过1库仑电量时，电源消耗的其他形式能的数值等于电源电动势的值d外电路断开时，电源路端电压与电源的电动势相等考点：电源的电动势和内阻 专题：恒定电流专题分析：电动势表征的就是电源把其他形式的能转化为电能的本领大小电源的电动势等于内、外电路上电势降落之和，电动势等于电源没有接入电路时路端电压根据电动势定义式e=，电动势等于电源把单位正电荷从负极移到正极所做的功解答：解：a、电动势能把其他形式的能转化为电能，电动势就反映这种转化本领的大小故a正确b、电源的电动势与电源提供的电能无关；故b错误；c、当电路中通过1库仑电量时，电源消耗的其他形式能的数值等于电源电动势的值；故c正确；d、根据电动势定义式e=，可知，电动势等于电源把正电荷从负极移到正极所做的功跟移送的电量之比故d正确本题选错误的，故选：b点评：当电路中通过1库仑电量时，电源消耗的其他形式能的数值等于电源电动势的值6（3分）如图所示，平行金属板中带电质点p原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器r4的滑片向b端移动时，则（）a电压表读数减小b电流表读数减小c质点p将向上运动dr3上消耗的功率逐渐增大考点：闭合电路的欧姆定律 专题：压轴题；恒定电流专题分析：由图可知电路结构，由滑片的移动可知电路中电阻的变化，再由闭合电路欧姆定律可知各电表示数的变化及电容器两端的电压变化；再分析质点的受力情况可知质点的运动情况解答：解：由图可知，r2与滑动变阻器r4串联后与r3并联后，再由r1串联接在电源两端；电容器与r3并联；当滑片向b移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小；由闭合电路欧姆定律可知，电路中电流增大；路端电压减小，同时r1两端的电压也增大；故并联部分的电压减小；由欧姆定律可知流过r3的电流减小，则流过并联部分的电流增大，故电流表示数增大；故b错误；因并联部分电压减小，而r2中电压增大，故电压表示数减小，故a正确；因电容器两端电压减小，故电荷受到的向上电场力减小，则重力大于电场力，合力向下，电荷向下运动，故c错误；因r3两端的电压减小，由p=可知，r3上消耗的功率减小； 故d错误；故选a点评：解决闭合电路欧姆定律的题目，一般可以按照整体局部整体的思路进行分析，注意电路中某一部分电阻减小时，无论电路的连接方式如何，总电阻均是减小的7（3分）如图所示，有三个电阻，已知rl：r2：r3=1：3：6，则电路工作时，电压ul：u2为（）a1：6b1：9c1：3d1：2考点：串联电路和并联电路 专题：恒定电流专题分析：根据串并联电路特点求出电阻关系，然后再由串并联电路特点及欧姆定律求出电压关系解答：解：设rl=r，由于rl：r2：r3=1：3：6，则r2=3r，r3=6r，r并=2r，通过串联电路的电流i相等，则ul：u2=irl：ir并=1：2；故选d点评：熟练应用串并联电路特点i欧姆定律即可正确解题，本题难度不大，是一道基础题8（3分）如图所示电路中，当滑动变阻器r3的滑片p向上端a滑动时，电流表a1、a2及电压表v的示数的变化情况是（）a电流表a1增大，a2减小，电压表v减小b电流表a1减小，a2增大，电压表v减小c电流表a1增大，a2增大，电压表v增大d电流表a1减小，a2减小，电压表v增大考点：闭合电路的欧姆定律 专题：恒定电流专题分析：当滑动变阻器r3的滑片p向上端a滑动时，变阻器有效电阻减小，外电路总电阻减小，由闭合电路欧姆定律分析干路电流的变化，由欧姆定律确定电压表v读数的变化和电流a1的变化解答：解：当滑动变阻器r3的滑片p向上端a滑动时，变阻器有效电阻减小，外电路总电阻减小，由闭合电路欧姆定律得知：干路电流i增大，a2增大电压表v读数u=ei（r2+r），i增大，u减小，则电流表a1减小故选b点评：本题是电路中典型的问题：动态变化问题，往往牵一发而动全身，按照“部分整体部分”的思路进行分析9（3分）如图所示电路中，电源电动势e=6v，内阻不计d为直流电动机，其线圈电阻r=2，限流电阻r=3当电动机正常工作时，电压表示数为0.3v则电动机的输出功率是（）a0.54wb0.55wc0.57wd0.60w考点：电功、电功率 专题：恒定电流专题分析：电动机与电阻串联，根据欧姆定律求解电流；根据p=ui求解输入到电动机的电功率；根据p出=uii2r求解输出功率解答：解：通过电动机的电流i与流过限流电阻r的电流相同，由i=0.1 a 由e=ir+u+ud可得电动机两端电压： ud=eiru=6 v0.3 v=5.7 v 所以电动机输入的电功率：p入=udi=0.57 w 电动机的发热功率：p热=i2r=0.02 w 电动机的输出功率：p出=p入p热=0.55 w故选：b点评：在计算电功率的公式中，总功率用p=iu来计算，发热的功率用p=i2r来计算，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计算的是总功率，第二个只是计算发热的功率，这两个的计算结果是不一样的10（3分）现将一根导线均匀拉长，使导线的直径减小为原来的一半，此时它的电阻为32，则可知导线原来的电阻为（）a16b8c2d1考点：电阻定律 专题：恒定电流专题分析：由电阻的决定式r=来判断电阻的变化解答：解：直径减小一半，横截面积为原来的，长度为原来的4倍，由r=知此时的电阻为原来的16倍，所以原来的电阻为2故选：c点评：本题考查了电阻公式，做本题的关键是根据体积不变判断长度和横截面积的变化二、不定向选择题，共6个小题；每小题4分，共24分在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确全部选对的得3分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分11（4分）下列关于点电荷的说法中，正确的是（）a把质子或电子叫元电荷b电子带有最小的负电荷，其电量的绝对值叫元电荷c当两个带电体的大小远小于它们之间的距离时，可将这两个带电体看成点电荷d只有电荷量很小的带电体才能看成是点电荷考点：元电荷、点电荷 专题：电场力与电势的性质专题分析：带电体看作点电荷的条件，当一个带电体的形状及大小对它们间相互作用力的影响可忽略时，这个带电体可看作点电荷，是由研究问题的性质决定，与自身大小形状无具体关系解答：解：a、由元电荷定义：将电子或栀子所带电量的绝对值称为元电荷，而不是把质子或电子叫元电荷，故a错误；b、电子带有最小的负电荷，其电量的绝对值叫元电荷，故b正确；c、当两个带电体的大小远小于它们之间的距离时，可将这两个带电体看成点电荷故c正确；d、只有电荷量很小的带电体才能看成是点电荷，故d错误；故选：bc点评：本题考查了带电体看作点电荷的条件及其特点12（4分）如图所示，实线表示某静电场的电场线，虚线表示该电场的等势面下列判断正确的是（）a1、2两点的场强大小相等b2、3两点的场强大小相等c1、2两点的电势相等d2、3两点的电势相等考点：电场线 分析：根据电场线的分布特点：从正电荷或无穷远处出发到负电荷或无穷远处终止，分析该点电荷的电性；电场线越密，场强越大顺着电场线，电势降低利用这些知识进行判断解答：解：a、电场线的疏密表示电场的强弱，由图可得，1与2比较，1处的电场线密，所以1处的电场强度大故a错误；b、电场线的疏密表示电场的强弱，由图可得，2、3两点的场强大小相等故b正确；c，顺着电场线，电势降低，所以1点的电势高于2点处的电势故c错误；d、由题目可得，2与3处于同一条等势线上，所以2与3两点的电势相等故d正确故选：bd点评：加强基础知识的学习，掌握住电场线和等势面的特点，即可解决本题13（4分）如图所示，p、q是两个电荷量相等的正点电荷，它们连线的中点是o，a、b是中垂线上的两点，oaob，用ea、eb、a、b分别表示a、b两点的电场强度和电势，则（）aea一定大于ebbea可能小于ebca一定等于bda一定大于b考点：电场强度；电势 专题：电场力与电势的性质专题分析：用常见电荷的电场线的分布特点和点电荷场强公式e=，分析出电荷连线和连线中垂线上场强和电势的特点解答：解：两个等量同种电荷连线中点o的电场强度为零，无穷远处电场强度也为零，故从o点沿着中垂线向上到无穷远处电场强度先增大后减小，场强最大的p点可能在a、b连线之间，也可能在b点以上，还可能在a点一下，由于a、b两点的间距也不确定，故ea可能大于eb，也可能小于eb，还可能等于eb；中点以上的中垂线各点电场强度方向竖直向上，故电势越来越低，a一定大ub；故ac错误，bd正确故选：bd点评：本题关键是要明确两个等量同种电荷连线的中垂线上的场强分布情况和电势分布情况，沿着场强方向，电势越来越低14（4分）关于电流强度的说法中正确的是（）a根据i=可知i与q成正比b电流有方向，电流是矢量c如果在任何相等的时间内通过导体横截面的电荷量相等，则导体中的电流是恒定电流d电流的单位“安培”是国际单位制中的基本单位考点：磁感应强度 分析：电流由通过某一横截面积的电量q与通过这些电量所用时间t共同决定；恒定电流的大小和方向始终保持不变；电流的运算满足代数法则，而矢量的运算满足平行四边形定则，自由电荷的定向一定就形成电流解答：解：a、根据i=可知i是通过某一横截面积的电量q与通过这些电量所用时间t的比值，当t一定时，i与q成正比，当q一定时，通电时间越长，电流越小故a错误；b、电流有方向，但电流的运算满足代数法则，而矢量的运算满足平行四边形定则，故电流是标量故b错误；c、恒定电流的电流大小和方向都不随时间变化，而在任何相等的时间内通过导体横截面的电荷量相等，只能说明大小相等，不能说明方向也不变，故c错误；d、电流的单位“安培”是国际单位制中的基本单位故d正确故选：d点评：掌握了基本概念即可顺利解决此类物体，故要加强基本概念的积累15（4分）示波管是示波器的核心部件，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，如图所示如果在荧光屏上p点出现亮斑，那么示波管中的（）a极板x应带正电b极板x应带正电c极板y应带正电d极板y应带正电考点：示波器的使用 专题：实验题分析：由亮斑位置可知电子偏转的打在偏向x，y向，由电子所受电场力的方向确定电场的方向，再确定极板所带的电性由亮斑位置可知电子偏转的打在偏向x，y向，由电子所受电场力的方向确定电场的方向，再确定极板所带的电性解答：解：电子受力方向与电场方向相反，因电子向x向偏转则，电场方向为x到x，则x带正电 同理可知y带正电，故ac正确，bd错误故选：ac点评：考查电子的偏转，明确电子的受力与电场的方向相反16（4分）如图所示，实线为不知方向的三条电场线，从电场中m点以相同速度垂直于该处电场方向飞出a、b两个带电粒子，运动轨迹如图中虚线所示，不计带电粒子的重力，则（）aa一定带正电，b一定带负电ba的速度将增加，b的速度将增加ca的加速度将减小，b的加速度将增加da、b两个带电粒子的动能，一个增加一个减小考点：电场线 分析：物体做曲线运动的条件：力与速度不共线，要明确力和运动轨迹间的关系；电场力做功与电势能、动能的关系，电场线与电场强度的关系判断即可解答：解：a、由运动轨迹如图可知，a、b做曲线运动，由于电场线方向未知，故a、b电性不能确定，故a错误b、根据a、b两粒子做曲线运动轨迹弯曲程度即电场线的疏密可知，b所处的电场线变密，电场强度变强，所受的电场力在增大，加速度在增大；a所处的电场线变疏，电场强度变弱，所受的电场力在减小，加速度在减小d、根据图知a、b两粒子的电场力、速度的夹角为锐角，电场力对电荷做正功，其动能都增大，其电势能都减小，故bc正确，d错误故选：bc点评：先有曲线运动的条件判断电场力的方向；明确电场力做功与电势能、动能的关系三、填空题，每空2分，作图3分，共17分17（6分）仪器读数（1）1.600mm （2）0.38a （3）1.9v考点：用多用电表测电阻；螺旋测微器的使用 专题：实验题分析：螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数；由图示电表确定其量程与分度值，然后读出其示数解答：解：由图示螺旋测微器可知，其示数为1.5mm+10.00.01mm=1.600mm；由图示电流表可知，其量程为0.6a，分度值为0.02a，读数为：0.38a；由图示电压表可知，其量程为3v，分度值为0.1v，示数为1.9v；故答案为：1.600mm；0.38a；1.9v点评：本题考查了螺旋测微器、电流表与电压表读数，要掌握常用器材的读数方法18（11分）某班同学要到实验室测绘标示为“7v，3.5w”的小灯泡的伏安特性曲线除了导线和开关外，还有以下一些器材可供选择：电流表：a1（量程3a，内阻约0.1v1）；a2（量程0.6a，内阻约0.5v1）；电压表：v1（量程15v，内阻rv2约15kv1）；v2（量程5v，内阻rv1=5kv1）；滑动变阻器：r1（阻值范围010v1）；r2（阻值范围0500v1）；定值电阻：r3=2kv1电源：e（电动势为8v，内阻忽略不计）；（1）为了调节方便，测量准确，实验中应选用电流表a2，电压表v2；滑动变阻器r1（填器材的符号）（2）请在如图1虚线方框中画出实验电路图（3）某小组采用适当的方法测绘出了小灯泡 iu 曲线如图2，当小灯泡电压为2v时，实际功率是0.6w考点：描绘小电珠的伏安特性曲线 专题：实验题分析：根据小灯泡的额定电压可以选出电压表，根据灯泡的额定功率可求出额定电流，则可确定出电流表；根据滑动变阻器的接法可选出滑动变阻器；根据测伏安特性曲线的实验要求可以选出滑动变阻器的接法，由电流表及电压表内阻的关系可得出电流表的接法；根据闭合电路欧姆定律，得到电灯的实际电压与电流的关系式，在图2上作出图象，此图象与电灯的伏安特性曲线的交点，表示电灯实际工作状态，读出交点的电压和电流，求出电灯的实际功率解答：解：（1）由题意可知，灯泡的额定电压为7v，为了准确性及安全性原则，电压表应选择v2，与定值电阻r3串联，灯泡的额定电流为0.5a，故电流表应选择a2；测量灯泡的伏安特性曲线实验中应采用分压接法，故滑动变阻器应选用小电阻，故滑动变阻器应选择r1；（2）测量小灯泡的伏安特性曲线时，要求电压值从零开始变化，故滑动变阻器应采有分压接法；灯泡内阻约为：r=14，而电流表内阻约为0.5，小灯泡的电阻远小于电压表内阻，接近电流表内阻，故电流表应采用外接法，电路图如图所示：（3）由图象可知，电压为2v时，灯泡电流为：0.3a，灯泡的实际功率：p=ui=20.3=0.6w故答案为：（1）a2、v2、r1；（2）电路图如图所示；（3）0.6点评：测量小灯泡的伏安特性曲线时，根据实验的要求一般采用滑动变阻器的分压接法，电流表应采用外接法四、计算题，19题9分，20题10分，21题10分，写出必要的公式及必要的文字说明19（10分）如图所示，有一电子（电量为e）经电压u0加速后，进入两块间距为d、电压为u的平行金属板间若电子从两板正中间垂直电场方向射入，且正好能穿过电场，求：（1）金属板ab的长度（2）电子穿出电场时的动能考点：带电粒子在匀强电场中的运动；动能定理的应用 专题：带电粒子在电场中的运动专题分析：（1）电子先在加速电场中加速，再进入偏转电场中偏转，由于电子正好能穿过电场，所以在偏转电场中的偏转的距离就是d，由此可以求得极板的长度；（2）电子在运动的整个