辽宁省阜新市第二高级中学2022-2023学年物理高三上期中质量跟踪监视试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一质量m=0.6kg的物体以v0=20m/s的初速度从倾角为300的斜坡底端沿斜坡向上运动当物体向上滑到某一位置时，其动能减少了Ek=18J，机械能减少了E=3J，不计空气

2、阻力，重力加速度g=10m/s2，则物体返回斜坡底端时的动能为（ ）A40JB60JC80JD100J2、下列描述正确的是（ ）A平抛运动的物体在相等的时间间隔内，速率的改变量相等B牛顿指出：如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动，既不停下来也不偏离原来的方向C运动的物体才受滑动摩擦力，且其方向与运动方向一定相反D速度的变化量、加速度、力都是矢量，且对应的国际单位制中的单位符号分别为：m/s、m/s2、N3、小明乘坐竖直电梯经过1min可达顶楼，已知电梯在t =0时由静止开始上升，取竖直向上为正方向，该电梯的加速度a随时间t的变化图像如图所示。若电梯受力简化为只受重

3、力与绳索拉力，则At =4.5 s时，电梯处于失重状态B在555 s时间内，绳索拉力最小Ct =59.5 s时，电梯处于超重状态Dt =60 s时，绳索拉力的功率恰好为零4、如图所示，物体A、B置于水平地面上，与地面间的动摩擦因数均为，物体A、B用一跨过动滑轮的细绳相连，现用逐渐增大的力向上提升滑轮，某时刻拉A物体的绳子与水平面成53，拉B物体的绳子与水平面成37，此时A、B两物体刚好处于平衡状态，则A、B两物体的质量之比为（认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力，sin370.6，cos370.8）ABCD5、木块A、B分别重50N和60N，它们与水平地面之间的动摩擦因数均为0.25，夹在A、B之间

4、的轻弹簧被压缩了2cm，弹簧的劲度系数为400N/m，系统置于水平地面上静止不动。现用F=2N的水平拉力作用在木板B上，如图所示，则F作用后木板A、B所受摩擦力的大小分别为（）A8N，10NB8N，15NC10N，8ND10N，15N6、如图所示，将两个相同的木块a、b置于固定在水平面上的粗糙斜面上，a、b中间用一轻质弹簧连接，b的右端用细绳与固定在斜面上的挡板相连达到稳定状态时a、b均静止，弹簧处于压缩状态，细绳上有拉力.下列说法正确的是A达到稳定状态时a所受的摩擦力一定不为零B达到稳定状态时b所受的摩擦力一定不为零C在细绳剪断瞬间，b所受的合外力一定为零D在细绳剪断瞬间，a所受的合外力一定

5、不为零二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、下列说法正确的是（）A空调机既能制热又能制冷，说明热传递不存在方向性B第一类永动机不可能制成是因为它违背了能量的转化和守恒定律C对于一定质量的理想气体，只要温度升高其内能就一定增大D用温度计测量温度是根据热平衡的原理E.随着科技的发展，热机的效率定能达到100%8、质量为m的物体，由静止开始下落，由于空气阻力作用，下落的加速度为25g，在物体下落h的过程中，下列说法正确的是（ ）A物体重力做的功为mghB合外力对物体做功为35

6、mghC物体重力势能增加了mghD物体的机械能减少了35mgh9、如图所示，竖直放置在水平面上的圆筒，从圆筒上边缘等高处同一位置分别紧贴内壁和外壁以相同速率向相反方向水平发射两个相同小球，直至小球落地，不计空气阻力和所有摩擦，以下说法正确的是（）A筒外的小球先落地B两小球的落地速度可能相同C两小球通过的路程一定相等D筒内小球随着速率的增大对筒壁的压力逐渐增加10、如图所示，一光电管的阴极用极限波长为0的钠制成用波长为的紫外线照射阴极，光电管阳极A和阴极K之间的电势差为U，饱和光电流的值（当阴极K发射的电子全部到达阳极A时，电路中的电流达到最大值，称为饱和光电流）为I，电子电荷量为e，则A若入射

7、光强度增到原来的三倍，但光子的能量不变，从阴极K发射的光电子的最大初动能可能增大B若改用同样强度的蓝光照射可能逸出光电子C每秒钟内由K极发射的光电子数目为D发射的电子到达A极时的动能最大值为三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）如图是利用DIS完成“用单摆测定当地重力加速度”实验实验时，先量出摆球的半径与摆线的长度单摆摆动后，点击“记录数据”摆球每经过平衡位置时记数1次，第1次记为“0”，当记数为“50”时，点击“停止记录”，显示时间为（1）则该单摆振动周期为_（2）图示摆线上端的悬点处，用两块木片夹牢摆线，再用铁架台的铁夹将木片夹

8、紧，是为了（_） A便于测量单摆周期 B便于测量摆长时拉紧摆线 C保证摆动过程中摆长不变 D保证摆球在同一竖直平面内摆动（3）若某组同学误以摆线的长度作为纵坐标，以单摆周期的平方作为横坐标，作出的图像其他操作测量都无误，则作出的图线是上图中的_（选填“1”、“2”或“3”）（4）现发现三组同学作出的图线分别是1、2和3，但测出的斜率都为，是否可以根据斜率求出当地的重力加速度？_（若不可以求出，填“否”；若可以求出，请填重力加速度的表达式）12（12分）如图用拉力传感器和速度传感器探究“加速度与物体受力的关系”实验装置用拉力传感器记录小车受到拉力的大小，在长木板上相距L=48.0cm的A、B两点

9、各安装一个速度传感器，分别记录小车到达A、B时的速率(1)实验主要步骤如下：将拉力传感器固定在小车上；平衡摩擦力，让小车做_运动；把细线的一端固定在拉力传感器上，另一端通过定滑轮与钩码相连；接通电源后自C点释放小车，小车在细线拉动下运动，记录细线拉力F的大小及小车分别到达A、B时的速率vA、vB；改变所挂钩码的数量，重复的操作(2)下表中记录了实验测得的几组数据，vB2vA2是两个速度传感器记录速率的平方差，则加速度的表达式a=_，请将表中第3次的实验数据填写完整（结果保留三位有效数字）；次数F（N）vB2vA2（m2/s2）a（m/s2）10.600.770.8021.041.611.683

10、1.422.34_42.624.654.8453.005.495.72四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）2019年5月26日，2019环太原国际公路自行车赛在山西博物院鸣枪发车，来自世界五大洲的男女各20支车队开始太原赛段的争夺。这是一项挑战速度与耐力的运动，沿途的环境和风景都十分秀丽，也给这项异常艰苦的运动带来了温馨和惬意。某运动员骑行经过一段上坡道路时可简化为匀减速直线运动，共用时20 s。已知该运动员骑行上坡过程中最初2 s和最后2 s运动的位移分别为23.2 m和8.8 m。求：（1）运动员骑行上

11、坡时的加速度a；（2）这一段坡道的长度L。14（16分）某款小轿车对紧急制动性能的设计要求是：以20m/s的速度行驶时，急刹车距离不得超过25m在一次实验紧急制动性能测试中，该款小轿车以某一速度匀速行驶时实行紧急制动，测得制动时间为1.5s，轿车在制动的最初1s内的位移为8.2m则：(1)求小汽车安全制动的加速度(2)试根据测试结果进行计算来判断这辆轿车的紧急制动性能是否符合设计要求15（12分）如图所示，将质量m15kg的圆环套在固定的水平直杆上，环的直径略大于杆的截面直径，环与杆的动摩擦因数为15对环施加一位于竖直平面内斜向上与杆夹角53的恒定拉力F=11N，使圆环从静止开始做匀加速直线运

12、动（取g11m/s2，sin 5316，cos 5318）求：（1）圆环加速度a的大小；（2）若F作用时间t=1s后撤去，圆环从静止开始到停共能运动多远参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】物体从开始到经过斜面上某一点时，受重力、支持力和摩擦力，重力和摩擦力做功，总功等于动能增加量，机械能减小量等于克服摩擦力做的功，根据功能关系列式可解上升过程摩擦力做的功，整个过程克服摩擦力做的功等于上升过程克服摩擦力做的功的二倍；对整个过程运用动能定理列式求解物体返回斜坡底端时的动能【详解】物体从开始到经过斜面上某一点时

13、，受重力、支持力和摩擦力，根据动能定理，有mglABsinflAB=EKBEKA=18J机械能的减小量等于克服摩擦力做的功：flAB=EBEA=3J因为物体的初速度为v0=20m/s,初动能Ek0= ，当该物体经过斜面上某一点时，动能减少了18J，机械能减少了3J，所以当物体到达最高点时动能减少了120J，机械能减少了20J，设最高点为C，根据动能定理，有mglACsinflAC=EKCEKA=120J机械能的减小量等于克服摩擦力做的功：flAC=ECEA联立可得，物体上升过程中克服摩擦力做功是20J，则全过程摩擦力做功W=40J；从出发到返回底端，重力不做功，设回到出发点的动能为，由动能定理

14、可得W=EK0得=80J，故C正确，ABD错误；故选C.2、D【解析】平抛运动的物体在相等的时间间隔内，速度改变量相等，但速率的改变量不一定相等，故A错误；笛卡儿指出：如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动，既不停下来也不偏离原来的方向，符合历史事实故B错误；静止的物体也可以滑动摩擦力，只要其他物体与该物体间相对运动即可能产生滑动摩擦力，故C错误速度的变化量、加速度、力都是矢量且对应的国际单位制位符号分别为：m/s、m/s2、N；故D正确；故选D3、D【解析】A电梯在t=1时由静止开始上升，加速度向上，电梯处于超重状态，此时加速度a1t=4.5s时，a1，电梯也处于

15、超重状态。故A错误。B555s时间内，a=1，电梯处于平衡状态，绳索拉力等于电梯的重力，应大于电梯失重时绳索的拉力，所以这段时间内绳索拉力不是最小。故B错误。Ct=59.5s时，电梯减速向上运动，a1，加速度方向向下，电梯处于失重状态，故C错误。D根据a-t图象与坐标轴所围的面积表示速度的变化量，由几何知识可知，61s内a-t图象与坐标轴所围的面积为1，所以速度的变化量为1，而电梯的初速度为1，所以t=61s时，电梯速度恰好为1，根据P=Fv可知绳索拉力的功率恰好为零，故D正确。4、B【解析】本题考查共点力的平衡中隔离法的应用以及对物理临界状态的理解【详解】分别对A、B两个物体进行受力分析，如

16、图所示，对A的受力进行正交分解，则有 ，而AB恰好达到平衡，说明此时AB所受的静摩擦力均达到最大静摩擦力，即；再对B的受力进行正交分解，有，联立方程组解得，故本题正确答案应选B。5、A【解析】木块受到的最大静摩擦力近似等于滑动摩擦力，木块A受到的最大静摩擦力木块B受到的最大静摩擦力弹簧对木块A、B的弹力为对于木块A，弹簧对木块A的弹力小于木块A受到的最大静摩擦力，所以木块A处于静止状态，根据平衡可得，A受到静摩擦力对于木块B，在水平方向拉力F和弹簧对木块B的弹力的合力为小于木块B受到的最大静摩擦力，所以木块B处于静止状态，根据平衡可得，B受到静摩擦力故选A。6、A【解析】A.达到稳定状态时，a

17、重力沿斜面向下的分力，弹力沿斜面向下，物体静止，则摩擦力一定沿斜面向上不为零，故A正确；B.如果细绳对b的拉力与弹簧对b的弹力的合力等于b重力沿斜面向下分力，此时沿斜面方向合力为零，b与斜面间无摩擦力，故B错误；C.因为初态细绳中有拉力，所以在细绳剪断瞬间，b弹簧的弹力与重力沿斜面的分力的合力小于最大静摩擦力，则b受的合力为0，故C正确；D.在细绳剪断瞬间，由于弹簧的弹力不变，所以a物体受力不变，仍平衡，合力为零，故D错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BCD【

18、解析】热传递存在方向性是说热量只能自发的从高温物体传向低温物体，空调的制冷过程是热量从温度较高的室内传到温度较低的制冷剂，再通过压缩制冷剂将热量传到室外，而制热过程也是这样进行的故A错误第一类永动机不可能制成是因为它违背了能量的转化和守恒定律故B正确理想气体内分子之间的相互作用忽略不计，所以理想气体的内能仅仅与温度一个，对于一定质量的理想气体，只要温度升高其内能就一定增大故C正确用温度计测量温度是根据热平衡的原理，故D正确根据热力学第二定律可知，即使科学技术有长足进步，将来的热机的效率也达不到100%故E错误8、AD【解析】AC质量为m的物体，在物体下落h的过程中，物体重力做的功WG=mgh，

19、物体的重力势能减少mgh故A项正确，C项错误B质量为m的物体，下落的加速度为25g，物体所受合力F合=ma=25mg方向竖直向下，合外力对物体做功W合=F合h=25mgh故B项错误D合外力对物体做功W合=25mgh，物体动能增加25mgh；物体的重力势能减少mgh；则物体的机械能减少35mgh故D项正确故选AD.点睛：重力对物体所做的功等于物体重力势能的减少量；合力对物体所做的功等于物体动能的增加量；除重力（弹簧弹力）其他力对物体所做的功等于物体机械能的增加量9、BC【解析】A、筒内小球水平方向只受到筒壁的作用力,因为筒壁的作用力始终与速度的方向垂直,所以该力不改变小球沿水平方向的分速度的大小

20、.只有竖直方向的重力才改变小球速度的大小.所以小球沿水平方向做匀速圆周运动,竖直方向做自由落体运动.若已知发射小球的水平速度和圆筒高度,小球运动的时间: ,在筒外的小球做平抛运动,竖直方向做自由落体运动,所以运动的时间也是,筒内小球落地所用时间和筒外小球一样长.因此A选项是错误;B、两个小球在竖直方向都做自由落体运动,落地的速率都是: ,若筒内小球恰好运动圈数是整数,则二者速度的方向也相同,二者的速度相等.故B是可能的,选项B正确.C、两个小球的水平方向的路程: ,可以知道两小球通过的路程一定相等.因此C选项是正确的;D、因为筒壁的作用力始终与速度的方向垂直,所以该力不改变小球沿水平方向的分速

21、度的大小.只有竖直方向的重力才改变小球速度的大小.所以筒内小球沿水平方向做匀速圆周运动,需要的向心力不变,所以对筒壁的压力不变. 因此D选项是错误.综上所述本题的答案是：BC 10、BC【解析】A从阴极K发射的光电子的最大初动能，与入射光强度无关，入射光强度增到原来的三倍，但光子的能量不变，从阴极K发射的光电子的最大初动能不变，故A错误；B蓝光的频率比紫外线的频率小，又根据可得，用同样强度的蓝光照射可能逸出光电子，也可能不逸出光电子，故B正确；C由K极发射的光电子数目为每秒钟内由K极发射的光电子数目为 ，故C正确；D发射的电子的最大初动能为在AK间加电压U时，电子到达阳极时的动能为Ek，有故D

22、错误。故选BC三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 C 3 【解析】（1）当记数为“50”时，单摆全振动的次数为25，显示时间为t，则周期为（2）图示摆线上端的悬点处，用两块木片夹牢摆线，再用铁架台的铁夹将木片夹紧，是为了保证摆动过程中摆长不变，故选C.（3）根据，则，解得，则作出的图线是上图中的3. （4）由上述表达式可知，解得g=42 k.【点睛】此题考查单摆测定重力加速度的原理：单摆的周期公式，还要知道：摆角很小的情况下单摆的振动才是简谐运动；摆长等于摆线的长度加上摆球的半径，为减小误差应保证摆线的长短不变；单摆在摆动的过程中，摆长不能发生变化在最低点，速度最快，开始计时误差较小；会